安徽省皖中名校聯(lián)盟2023~2024學(xué)年高三下學(xué)期（第三次）調(diào)研物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2024學(xué)年安徽省皖中名校聯(lián)盟高三（第三次）調(diào)研物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.關(guān)于速度、速度變化量、速度變化率和加速度，下列說(shuō)法正確的是(

)A.物體的速度越大，加速度就越大

B.物體的速度變化量越大，加速度就越大，速度變化率越大

C.物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度變小

D.物體的速度均勻變化時(shí)，加速度不變，速度變化率不變2.機(jī)械手表中的分針和秒針可視為勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則分針和秒針兩次重合的時(shí)間間隔為(

)A. B. C. D.3.手搖式發(fā)電機(jī)的簡(jiǎn)化圖如圖所示：發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的規(guī)律為。現(xiàn)將發(fā)電機(jī)與阻值為的燈泡組成閉合電路，則(

)

A.電壓表的示數(shù)為10V

B.線框轉(zhuǎn)動(dòng)到圖示位置時(shí)，燈泡中電流瞬時(shí)值為零

C.線框由圖示位置轉(zhuǎn)圈，回路中消耗的電能1J

D.線框由圖示位置轉(zhuǎn)圈，通過(guò)燈泡的電荷量為4.在足球訓(xùn)練場(chǎng)上，某球員將足球以初速度踢出后，立即從靜止開(kāi)始沿直線加速向足球追去，經(jīng)一段時(shí)間后追上了還在向前滾動(dòng)的足球。球員和足球這一運(yùn)動(dòng)過(guò)程的圖像如圖所示，關(guān)于這一過(guò)程的判斷正確的是(

)

A.球員的速度變大，加速度變大 B.球員的最大速度可能等于

C.球員的平均速度一定小于 D.時(shí)刻球員追上足球5.下圖是一款小型電鉆的簡(jiǎn)化電路圖，它由變壓器及電機(jī)兩部分構(gòu)成，變壓器為理想變壓器，電機(jī)的內(nèi)阻為，額定電壓為11V，額定電流為2A。當(dāng)變壓器輸入電壓為220V的正弦交流電時(shí)電鉆正常工作，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.變壓器原線圈電流的最大值為 B.變壓器副線圈電流的最大值為2A

C.變壓器的輸入功率為4W D.電機(jī)產(chǎn)生的機(jī)械功率為22W6.某同學(xué)用半徑相同的兩個(gè)小球a、b來(lái)研究碰撞問(wèn)題，實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如圖所示，O點(diǎn)是小球水平拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球a多次從斜軌上的某一確定位置由靜止釋放，從水平軌道的右端水平拋出，經(jīng)多次重復(fù)上述操作，確定出其平均落地點(diǎn)的位置P；然后，把被碰小球b置于水平軌道的末端，再將入射小球a從斜軌上的同一位置由靜止釋放，使其與小球b對(duì)心正碰，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，確定出a、b相碰后它們各自的平均落地點(diǎn)的位置M、N；分別測(cè)量平拋射程OM、ON和已知a、b兩小球質(zhì)量之比為6：1，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.a、b兩個(gè)小球相碰后在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為OM：ON

B.a、b兩個(gè)小球相碰后落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率之比為6OM：ON

C.若a、b兩個(gè)小球在碰撞前后動(dòng)量守恒，則一定有

D.若a、b兩個(gè)小球的碰撞為彈性碰撞，則一定有7.一沿x軸分布的電場(chǎng)，x軸上有P、Q兩點(diǎn)，其位置坐標(biāo)分別為、。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放，其速度v隨位置x的變化規(guī)律如圖所示，粒子僅受電場(chǎng)力作用，設(shè)O點(diǎn)電勢(shì)為零。則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng) B.Q點(diǎn)的電勢(shì)為

C.粒子從O運(yùn)動(dòng)到Q的平均速度 D.粒子在OP間的平均加速度比PQ間的小8.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷ABCDE過(guò)程到達(dá)狀態(tài)E，其中BA的延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)原點(diǎn)，BC與橫軸平行，DE與縱軸平行．下列說(shuō)法正確的是(

)

A.AB過(guò)程中氣體的體積逐漸變大 B.BC過(guò)程中氣體不從外界吸熱

C.CD過(guò)程氣體內(nèi)能不變 D.DE過(guò)程氣體對(duì)外界做功二、多選題：本大題共2小題，共8分。9.一物理教師某天正在一湖邊釣魚，突然湖的周圍起了風(fēng)，他發(fā)現(xiàn)湖中釣魚的浮標(biāo)上下浮動(dòng)。他根據(jù)自己的經(jīng)驗(yàn)認(rèn)為浮標(biāo)上下浮動(dòng)可簡(jiǎn)化成豎直方向的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，他通過(guò)觀測(cè)繪制出了浮標(biāo)的振動(dòng)圖像，如圖1所示，接著他又根據(jù)湖面的波紋繪制出了水的波動(dòng)圖像，如圖2所示。假設(shè)圖2是一列沿x軸正方向傳播的水波在時(shí)的波形圖，圖1是圖2中離原點(diǎn)范圍內(nèi)某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.浮標(biāo)上下振動(dòng)的周期為

B.該列波的波速為

C.再經(jīng)秒處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷位置

D.圖1是處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像10.如圖所示，一傾角為的傾斜傳送帶以速度v順時(shí)針勻速運(yùn)轉(zhuǎn)，時(shí)刻，一小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)從傳送帶底端處以初速度沿傳送帶向上滑上傳送帶，在時(shí)刻離開(kāi)傳送帶.則下列描述小滑塊的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象可能正確的是

A. B.

C. D.三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。11.某實(shí)驗(yàn)小組在“測(cè)定金屬電阻率”的實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，正確操作獲得金屬絲的直徑以及電流表、電壓表的讀數(shù)如圖所示，則它們的讀數(shù)值依次是________mm、_______A、_________V。已知實(shí)驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器阻值范圍為，電流表內(nèi)阻約幾歐，電壓表內(nèi)阻約，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻很小。實(shí)驗(yàn)要獲得盡可能多的數(shù)據(jù)來(lái)繪制圖像，則以下電路圖中_________填電路圖下方的字母代號(hào)電路為本次實(shí)驗(yàn)測(cè)電阻應(yīng)當(dāng)采用的最佳電路，但用此最佳電路測(cè)量的結(jié)果仍然會(huì)比真實(shí)值偏________。選填“小”或“大”若已知實(shí)驗(yàn)所用的電流表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，那么準(zhǔn)確測(cè)量金屬絲電阻的最佳電路應(yīng)是上圖中的_________電路填電路圖下的字母代號(hào)。此時(shí)測(cè)得電流為I、電壓為U，則金屬絲電阻________用題中字母代號(hào)表示。12.如圖甲所示是某同學(xué)設(shè)計(jì)的測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。將長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，輕彈簧水平放置在長(zhǎng)木板上，其右端固定在長(zhǎng)木板上的C處，左端連接一木塊，木塊上方固定有窄片P，當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，木塊在A點(diǎn)處，用來(lái)測(cè)量窄片遮光時(shí)間的光電門圖中未畫出固定在A點(diǎn)處。第一次，用木塊向右壓縮彈簧，木塊移到B點(diǎn)處由靜止釋放，通過(guò)A點(diǎn)處時(shí)記下窄片的遮光時(shí)間，測(cè)出木塊含窄片的質(zhì)量；第二次，在木塊上方增加砝碼后，向右壓縮彈簧使木塊再次移到B點(diǎn)處并由靜止釋放，木塊通過(guò)A點(diǎn)處時(shí)記下窄片的遮光時(shí)間，測(cè)出木塊含窄片和砝碼的總質(zhì)量，反復(fù)多次實(shí)驗(yàn)。重力加速度大小為為了測(cè)量木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，實(shí)驗(yàn)中除了測(cè)量窄片的寬度d外，還需要測(cè)量的物理量有__________。在坐標(biāo)紙上作出窄片遮光時(shí)間t平方的倒數(shù)隨木塊含窄片和砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)變化的關(guān)系圖象，如圖乙所示，根據(jù)圖線，求得木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)__________；同時(shí)還能根據(jù)圖象求出木塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧對(duì)木塊做的總功__________。用a、b、d、g及需要測(cè)量的物理量字母表示四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，AOB是截面為四分之一圓的玻璃磚，圓的半徑為R，一束單色光從OA的中點(diǎn)G垂直O(jiān)A射入，在圓弧面上的D點(diǎn)發(fā)生反射和折射，反射光線和折射光線分別照射到OB所在平面上的E點(diǎn)和F點(diǎn)，已知為直角三角形。求玻璃磚對(duì)光的折射率；若將入射光從G點(diǎn)向上平移，則向上平移多大距離，光照射到圓弧面上剛好發(fā)生全反射？

14.如圖所示，在x軸上方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，在x軸下方有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上。一質(zhì)量為m，電荷量為q，重力不計(jì)的帶電粒子從y軸上的a點(diǎn)處沿y軸正方向以初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，并以與x軸正方向成角的速度方向第一次進(jìn)入電場(chǎng)，且經(jīng)過(guò)y軸上b點(diǎn)時(shí)速度方向恰好與y軸垂直，一段時(shí)間后，粒子回到a點(diǎn)。畫出粒子從a點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到再次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡；求勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。磺罅Ｗ訌腶點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到再次回到a點(diǎn)所用的時(shí)間t。

15.如圖，LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑軌道，MN水平且足夠長(zhǎng)，LM下端與MN相切。質(zhì)量為2kg的小球B與一輕彈簧相連，并靜止在水平軌道上，質(zhì)量為4kg的小球A從LM上距水平軌道高為處由靜止釋放，在A球進(jìn)入水平軌道之后與彈簧正碰并壓縮彈簧但不粘連。設(shè)小球A通過(guò)M點(diǎn)時(shí)沒(méi)有機(jī)械能損失，重力加速度g取。求：球運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)的速度大??；球與彈簧相碰過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能；球從與彈簧接觸到把彈簧壓到最短過(guò)程中，彈簧對(duì)A球作用力的沖量；、B兩球最終的速度、的大小?！飬⒖即鸢浮铩?.〖答案〗D

〖解析〗解：根據(jù)加速度的定義式，可知加速度為比值定義法，物體的加速度和速度之間沒(méi)有必然聯(lián)系，物體的速度越大，加速度不一定就越大，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)加速度的定義式，可知物體的加速度即速度變化率由速度變化量和完成這一變化所用的時(shí)間共同決定，所以物體的速度變化量越大，加速度即速度變化率不一定越大，故B錯(cuò)誤；

C.物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度變小，而加速度可能變化也可能不變，故C錯(cuò)誤；

D.物體的速度均勻變化時(shí)，加速度不變，即速度變化率不變，即物體做勻變速運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選：D。

根據(jù)加速度的定義式可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度的大小及速度變化量無(wú)關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大。

把握加速度的定義式中各個(gè)物理量的含義以及各個(gè)物理量之間的關(guān)系是解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵，是正確理解加速度的定義的基礎(chǔ)。2.〖答案〗C

〖解析〗解：分針的周期為1h，秒針的周期為，兩者的周期比為：：1，分針與秒針從第1次重合到第2次重合有：

，即，又，所以

故選：C。

分針的周期為1h，秒針的周期為，兩者的周期比為：：1，分針與秒針從第1次重合到第2次重合，存在這樣的關(guān)系，根據(jù)該關(guān)系求出所經(jīng)歷的時(shí)間．

解決本題的關(guān)鍵知道分針和秒針的周期，以及知道分針與秒針從第1次重合到第2次重合存在這樣的關(guān)系3.〖答案〗D

〖解析〗本題考查了交變電流電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式，解題的關(guān)鍵是根據(jù)正弦式交流電電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)表達(dá)式為找出和，再結(jié)合歐姆定律，有效值等概念進(jìn)行計(jì)算即可。

根據(jù)交流電的峰值求出有效值，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電壓表的示數(shù)；

根據(jù)垂直中性面位置的磁通量變化率等性質(zhì)來(lái)判斷；

利用計(jì)算回路中消耗的電能；

求出在時(shí)間內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由求的平均感應(yīng)電流，由求出電荷量。

【解答】A.該交流電的有效值，則電路中的電流，則電壓表的示數(shù)，故A錯(cuò)誤；

B.線框轉(zhuǎn)動(dòng)到圖示位置即與中性面垂直的位置時(shí)，電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為最大值，所以燈泡中電流瞬時(shí)值也為最大值，故B錯(cuò)誤；

C.依題意，線框的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為；線框由圖示位置轉(zhuǎn)圈，所需時(shí)間為；

回路中消耗的電能，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)公式，，，可得；

線框由圖示位置轉(zhuǎn)圈，有：；

又：；

聯(lián)立，可得：，即通過(guò)燈泡的電荷量為，故D正確。4.〖答案〗B

〖解析〗解：A、由圖可知，球員的速度變大。根據(jù)圖像的斜率表示加速度，可知球員的加速度變小，故A錯(cuò)誤；

B、球員做加速度減小的加速直線運(yùn)動(dòng)，足球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，球員追上足球時(shí)兩者位移相等，根據(jù)圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，由圖像可知，球員的最大速度可能等于足球的最大速度，故B正確；

C、球員與足球的位移相等，時(shí)間相等，球員與足球的平均速度相等，均為，故C錯(cuò)誤；

D、時(shí)刻球員與足球速度相同，此時(shí)相距最遠(yuǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)圖像直接讀出速度變化情況，根據(jù)圖像的斜率變化分析加速度的變化；圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，根據(jù)球員追上足球時(shí)，兩者位移相等，分析球員的最大速度與的關(guān)系；球員與足球的位移相等，時(shí)間相等，球員與足球的平均速度相等；球員和足球速度相等時(shí)，相距最遠(yuǎn)。

解答本題時(shí)，要知道圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，圖像的斜率表示加速度。5.〖答案〗A

〖解析〗本題考查的是由變壓器的電壓、電流跟匝數(shù)的關(guān)系得電流的最大值，原線圈電流的變化關(guān)系與副線圈相同，變壓器的輸入功率由公式求解，變壓器為理想變壓器輸入功率等于輸出功率，電機(jī)的機(jī)械功率等于輸出功率減去熱功率。

【解答】AB、變壓器原線圈與副線圈匝數(shù)之比，可知，原線圈電流有效值為，所以電流最大值為A，副線圈是正弦交變電流，電流瞬時(shí)值不斷變化，電流的最大值為，故A正確，B錯(cuò)誤;

CD、變壓器輸入功率為，電機(jī)產(chǎn)生的機(jī)械功率為，故CD錯(cuò)誤。故選A。6.〖答案〗D

〖解析〗A、根據(jù)

知，高度相同，則兩球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)

可知兩球落地時(shí)的豎直分速度相等，根據(jù)

知，a、b兩球的質(zhì)量之比為，則重力的瞬時(shí)功率之比為，故B錯(cuò)誤；C、開(kāi)始a球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度

，碰撞后，a球的速度

，b球的速度

，根據(jù)動(dòng)量守恒有：

，則有：

，故C錯(cuò)誤；D、若為彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒有：

，根據(jù)機(jī)械能守恒有：

，則有：

，聯(lián)立解得

，故D正確；故選

兩球碰撞后均做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度比較平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)重力的瞬時(shí)功率公式，結(jié)合豎直方向上的分速度得出瞬時(shí)功率之比；碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，運(yùn)用水平位移代替速度得出動(dòng)量守恒的表達(dá)式，若為彈性碰撞，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒。7.〖答案〗D

〖解析〗A.該電場(chǎng)如果為勻強(qiáng)電場(chǎng)，則帶電粒子從原點(diǎn)O由靜止釋放后將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其速度-位移關(guān)系為則圖像應(yīng)該為拋物線，但題目中的圖像為直線，所以該電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；B.帶電粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變，即解得故B錯(cuò)誤；C.在速度與位移成正比的情況下，加速度將與速度成正比，則速度與時(shí)間將不滿足線性關(guān)系；與勻變速直線運(yùn)動(dòng)相比，在發(fā)生相同位移的情況下，用時(shí)將更長(zhǎng)，所以粒子從O運(yùn)動(dòng)到Q的平均速度

，故C錯(cuò)誤；D.粒子在OP間和PQ間的速度變化量相等，但是粒子在OP間的速度較小，所以用時(shí)更長(zhǎng)，根據(jù)加速度定義式可知，粒子在OP間的平均加速度比PQ間的小，故D正確。故選D。8.〖答案〗D

〖解析〗圖象中等容線為過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線；根據(jù)判斷做功情況，根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷內(nèi)能變化或吸熱情況。

本題考查理想狀態(tài)方程、熱力學(xué)第一定律與圖象的綜合應(yīng)用；對(duì)于圖象類的物體解決的關(guān)鍵是整理出圖象對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式判斷各物理量的變化情況。

【解答】A.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得：，BA的延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)原點(diǎn)，p與T成正比，斜率代表體積倒數(shù)，則AB過(guò)程中氣體的體積不變，故A錯(cuò)誤；

B.BC過(guò)程，壓強(qiáng)不變，溫度升高，氣體內(nèi)能增大，即；又體積增大，氣體對(duì)外界做功，，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：可知，氣體應(yīng)吸熱，故B錯(cuò)誤；

C.由圖象可知，CD過(guò)程，壓強(qiáng)減小，溫度升高，氣體內(nèi)能增大，故C錯(cuò)誤；

D.DE過(guò)程溫度不變，內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得體積增大，氣體對(duì)外界做功，故D正確；

故選D。9.〖答案〗ABD

〖解析〗由波形圖讀出波長(zhǎng)，振動(dòng)圖讀出周期，然后求出波速。由波形圖和振動(dòng)圖分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況。

根據(jù)圖1得到質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，從而根據(jù)波的傳播方向由圖2判斷圖1描述的質(zhì)點(diǎn)。

機(jī)械振動(dòng)問(wèn)題中，一般根據(jù)振動(dòng)圖或質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向；再根據(jù)波形圖得到波長(zhǎng)和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，進(jìn)而根據(jù)周期得到路程。

【解答】由圖1可知，浮標(biāo)振動(dòng)的周期，由圖2可知波長(zhǎng)，該波的波速，A、B正確;由題圖1可知，質(zhì)點(diǎn)在時(shí)處于平衡位置且沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，在范圍內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻有、、處的質(zhì)點(diǎn)處在平衡位置，但只有處的質(zhì)點(diǎn)是沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)的，故題圖1是處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，此時(shí)刻處的質(zhì)點(diǎn)正向x軸正向運(yùn)動(dòng)，故再經(jīng)秒處質(zhì)點(diǎn)應(yīng)到達(dá)波峰位置。選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤。故選ABD。10.〖答案〗ABD

〖解析〗要分不同的情況進(jìn)行討論：若：分析在最大靜摩擦力重力沿斜面向下的分力和重力沿斜面向下的分力的運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹緼.若：物體沖上傳送帶后所受的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向下，做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)其速度與傳送帶相同時(shí)，若最大靜摩擦力f小于重力沿斜面向下的分力，則物體繼續(xù)向上減速，但是由于摩擦力反向加速度減小，最終可能速度減小為0之前從上端離開(kāi)，則A圖是可能的，故A正確；

B.若：物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，與傳送帶共速后，最大靜摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，物體將與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，則B圖是可能的，故B正確；

C.若：不可能加速度不變減速減到0，然后反向加速，故C錯(cuò)誤；

D.若：物體可能先做勻減速運(yùn)動(dòng)，與傳送帶共速后，最大靜摩擦力小于重力沿斜面向下的分力，物體將繼續(xù)向上減速運(yùn)動(dòng)，可能速度減小為0時(shí)還未從上端離開(kāi)，故接下來(lái)會(huì)向下勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛二可知第二第三過(guò)程加速度相等，且小于第一個(gè)過(guò)程，則D圖是可能的，故D正確。故選ABD。11.〖答案〗；；；C；??；D；

〖解析〗解：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：；

電流表的讀數(shù)為：；

電壓表的讀數(shù)為：；

根據(jù)題意，為獲得盡可能多的數(shù)據(jù)應(yīng)該采用分壓式接法，待測(cè)電阻的內(nèi)阻約為，故電流表應(yīng)用外接法，故電路圖C為應(yīng)當(dāng)采用的最佳電路．根據(jù)歐姆定律知，由于電壓表的分流作用而使得R測(cè)量值偏?。?/p>

若已知實(shí)驗(yàn)所用的電流表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，則應(yīng)用電流表內(nèi)接；故電路D正確，故選：D；

最終測(cè)得金屬絲電阻為：

故〖答案〗為：；；；C；??；D；

螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)，可以分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來(lái)讀，讀整數(shù)時(shí)，注意“半毫米”刻度線是否露出；電表讀數(shù)時(shí)注意“估讀”方式：若每小格的讀數(shù)是“”A，則應(yīng)是估讀，即估讀到，若每小格的讀數(shù)是“”V，則應(yīng)是“”估讀，即估讀到，若每小格最小讀數(shù)是“”，則應(yīng)是估讀，即估讀到“”即可；

滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法時(shí)，通過(guò)電源的電流遠(yuǎn)大于采用限流式時(shí)的電流．

若已知實(shí)驗(yàn)所用的電流表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，則應(yīng)用電流表內(nèi)接；并且為獲得盡可能多的數(shù)據(jù)應(yīng)該采用分壓式接法；

由歐姆定律可得金屬絲電阻值．

在螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)，要分別讀出固定刻度和可動(dòng)刻度，再求出兩部分的和，則應(yīng)“半毫米”刻度線是否露出；12.〖答案〗、B兩點(diǎn)間的距離x；

。

〖解析〗根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理求出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式，然后確定需要測(cè)量的量；根據(jù)動(dòng)能定理求得的函數(shù)關(guān)系，結(jié)合圖象即可求得。

掌握實(shí)驗(yàn)原理是解題的關(guān)鍵。

【解答】木塊通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為，t為窄片通過(guò)光電門的遮光時(shí)間，木塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有得，結(jié)合圖乙得，

，解得，，可知為測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)，還需要測(cè)A、B兩點(diǎn)間的距離x。13.〖答案〗解：設(shè)光在D點(diǎn)的入射角為i，根據(jù)幾何關(guān)系，由幾何關(guān)系可知，由于，設(shè)折射角為r，根據(jù)幾何關(guān)系可知，折射角，則折射率；設(shè)光線向上平移的高度h，光線照射到圓弧面上時(shí)剛好發(fā)生全反射，這時(shí)光線在圓弧面上的入射角等于臨界角C，

，根據(jù)幾何關(guān)系，解得?！冀馕觥健冀馕觥秸?qǐng)——★參考答案★——文字描述14.〖答案〗根據(jù)題意可得粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如下由圖可得粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，故由牛頓第二定律有結(jié)合題意聯(lián)立可得，粒子在電場(chǎng)中做斜拋運(yùn)動(dòng)，即在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，且到達(dá)b點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度恰好為零，故在水平方向上有在豎直方向有，聯(lián)立可得，；由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖可知，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)的總圓心角為故粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為由對(duì)稱性可知，粒子在y軸左側(cè)和右側(cè)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，故粒子從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至再次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)所用的總時(shí)間為?！冀馕觥綆щ娏Ｗ釉?/p>