2015年安徽省高考化學(xué)試卷

2015年安徽省高考化學(xué)試卷

1.（6分）碳酸亞乙烯酯是鋰離子電池低溫電解液的重要添加劑，其結(jié)構(gòu)如圖,

下列有關(guān)該物質(zhì)的說(shuō)法正確的是（）

OO

\=/

A.分子式為C3H2。3

B.分子中含6個(gè)。鍵

C.分子中只有極性鍵

D.8.6g該物質(zhì)完全燃燒得到6.72LCO2

2.（6分）下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)的選項(xiàng)正確的是（）

A.配制0.10mol?LB.除去CO中的82C.苯萃取碘水中D.記錄滴定終點(diǎn)

FNaOH溶液12，分出水層后的讀數(shù)為12.20mL

A.AB.BC.CD.D

3.（6分）下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）

A.在酒精燈加熱條件下，Na2c。3、NaHCCh固體都能發(fā)生分解

B.Fe（OH）3膠體無(wú)色、透明，能產(chǎn)生丁達(dá)爾現(xiàn)象

C.七、SO2、CO2三種氣體都可用濃H2s。4干燥

D.SiO2既能和NaOH溶液反應(yīng)又能和氫氟酸反應(yīng)，所以是兩性氧化物

4.（6分）下列有關(guān)NaCIO和NaCI混合溶液的敘述正確的是（）

2

A.該溶液中，H\NH4\SO4\BrF以大量共存

B.該溶液中，Ag\K\N03\CH3cHO可以大量共存

C.向該溶液中滴入少量FeSC）4溶液，反應(yīng)的離子方程式為：2Fe，+CICT+2H+—CI

3+

+2Fe+H20

D.向該溶液中加入濃鹽酸，每產(chǎn)生1molc&轉(zhuǎn)移電子約為6.02X1023個(gè)

5.(6分)等物質(zhì)的量的N2(g)和O2(g)在恒容密閉容器中反應(yīng)：N2(g)+O2

(g)M2NO(g),下圖曲線a表示該反應(yīng)在T°C時(shí)N2的濃度隨時(shí)間的變化，曲線

b表示該反應(yīng)在某一起始反應(yīng)條件改變時(shí)止的濃度隨時(shí)間的變化.下列敘述正

確的是()

4(c—c)2

A.T℃時(shí)，該反應(yīng)的平衡常數(shù)K=02]

C1

B.T°C時(shí)，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，混合氣體的密度減小

C.曲線b對(duì)應(yīng)的條件改變可能是加入了催化劑

D.若曲線b對(duì)應(yīng)的條件改變是溫度，可判斷該反應(yīng)的AHVO

6.(6分)某同學(xué)將光亮的鎂條放入盛有NH4cl溶液的試管中，有大量氣泡產(chǎn)生,

為探究該反應(yīng)原理，該同學(xué)做了以下實(shí)驗(yàn)并觀察到相關(guān)現(xiàn)象，由此得出的結(jié)論不

合理的是()

選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)及現(xiàn)象結(jié)論

A將濕潤(rùn)的紅色石蕊試紙放在試管口，試反應(yīng)中有NH3產(chǎn)生

_______________紙變藍(lán)__________________

B|收集產(chǎn)生的氣體并點(diǎn)燃，火焰呈淡藍(lán)色反應(yīng)中有出產(chǎn)生

C收集氣體的同時(shí)測(cè)得溶液的pH為8.6弱堿性溶液中Mg

也可被氧化

D將光亮的鎂條放入pH為8.6的NaHCO3弱堿性溶液中0H-

溶液中，有氣泡產(chǎn)生|氧化了Mg

A.AB.BC.CD.D

7.(6分)25℃時(shí),在10mL濃度均為O.lmoW的NaOH和1\1電用2?；旌先芤?/p>

中滴加鹽酸，下列有關(guān)溶液中粒子濃度關(guān)系正確的是()

+

A.未加鹽酸時(shí)：c(OH)>c(Na)=c(NH3?H2O)

B.加入10mL鹽酸時(shí)：c(NHj)+c(H+)=c(OH-)

C.加入鹽酸至溶液pH=7時(shí)：c(Cl)=c(Na+)

++

D.加入20mL鹽酸時(shí)：c(CL)=c(NH4)+c(Na)

二、非選擇題

8.（14分）C、N、0、Al、Si、Cu是常見(jiàn)的六種元素.

（1）Si位于元素周期表第周期第族；

（2）N的基態(tài)原子核外電子排布式為;Cu的基態(tài)原子最外層有個(gè)

電子；

（3）用">"或填空：

原子半徑電負(fù)性熔點(diǎn)沸點(diǎn)

AlSiN0金剛石晶體CH4SiH4

硅

（4）常溫下，將除去表面氧化膜的Al、Cu片插入濃HN03中組成原電池（圖工）,

測(cè)得原電池的電流強(qiáng)度（I）隨時(shí)間（t）的變化如圖2所示，反應(yīng)過(guò)程中有紅棕

色氣體產(chǎn)生.

0?ti時(shí)，原電池的負(fù)極是AI片，此時(shí)，正極的電極反應(yīng)式是,溶液中

的印向極移動(dòng).ti時(shí)，原電池中電子流動(dòng)方向發(fā)生改變，其原因

是.

9.（16分）四苯基乙烯（TPE）及其衍生物具有聚集誘導(dǎo)發(fā)光特性，在光電材料

等領(lǐng)域應(yīng)用前景廣泛，以下是TPE的兩條合成路線（部分試劑和反應(yīng)條件省略）:

（1）A的名稱是；試劑Y為；

（2）B玲C的反應(yīng)類(lèi)型是；B中官能團(tuán)的名稱是,D中官能團(tuán)的

名稱是;

（3）E玲F的化學(xué)方程式是；

8的一

（4）W是D的同分異構(gòu)體，具有下列結(jié)構(gòu)特征：①屬于蔡（

元取代物；②存在羥甲基（-CH2OH）,寫(xiě)出W所有可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：；

（5）下列說(shuō)法正確的是.

a、B的酸性比苯酚強(qiáng)b、D不能發(fā)生還原反應(yīng)

c、E含有3種不同化學(xué)環(huán)境的氫d、TPE既屬于芳香煌也屬于烯

煌.

10.（14分）硼氫化鈉（NaBHQ在化工等領(lǐng)域具有重要的應(yīng)用價(jià)值，某研究小

組采用偏硼酸鈉為主要原料制備其流程如圖：

（NaBO2）NaBFk，

已知：NaBH4常溫下能與水反應(yīng)，可溶于異丙胺（沸點(diǎn)：33℃）；

（1）在第①步反應(yīng)加料之前，需要將反應(yīng)器加熱至100℃以上并通入氮?dú)猓?/p>

操作的目的是,原料中的金屬鈉通常保存在中，實(shí)驗(yàn)室取用少量

金屬鈉需要用到的實(shí)驗(yàn)用品有、、玻璃片和小刀等；

（2）請(qǐng)配平第①步反應(yīng)的化學(xué)方程式：

NaBO2+SiO2+Na+H2=NaBH4+

Na2SiO3

(3)第②步分離采用的方法是；第③步分出NaBH4并回收溶劑，采用的

方法是;

(4)NaBH4(s)與H20(I)反應(yīng)生成NaBO2(s)和H2(g).在25℃、lOlkPa

下，已知每消耗3.8gNaB&(s)放熱21.6kJ,該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式是.

11.(14分)某研究小組將純凈的SO2氣體通入0.1mol?L的Ba(NC)3)2溶液中，

得到了BaSCU沉淀.為探究上述溶液中何種微粒能氧化通入的SO2,該小組提出

了如下假設(shè)：

假設(shè)一：溶液中的N03「

假設(shè)二：溶液中溶解的。2；

(1)驗(yàn)證假設(shè)一

該小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了假設(shè)一，請(qǐng)?jiān)谙卤砜瞻滋幪顚?xiě)相關(guān)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象.

實(shí)驗(yàn)步驟實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象結(jié)論

實(shí)驗(yàn)1：在盛有不含。2的25mL0.1mol?「iBaCl2溶—假設(shè)一成立

液的燒杯中，緩慢通入純凈的S02氣體.

實(shí)驗(yàn)2：在盛有不含02的25mL0.1mol?L】Ba(N03)—

2溶液的燒杯中，緩慢通入純凈的S02氣體

(2)為深入研究該反應(yīng)，該小組還測(cè)得上述兩個(gè)實(shí)驗(yàn)中溶液pH隨通入SO2體積

的變化曲線如圖.

實(shí)驗(yàn)1中溶液pH變小的原因是；Vi時(shí)，實(shí)驗(yàn)2中溶液pH小于實(shí)驗(yàn)1的

原因是(用離子方程式表示).

(3)驗(yàn)證假設(shè)二

請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證假設(shè)二，寫(xiě)出實(shí)驗(yàn)步驟、預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論.

實(shí)驗(yàn)步驟、預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論(不要求寫(xiě)具體操作過(guò)程)：

(4)若假設(shè)二成立，請(qǐng)預(yù)測(cè)：在相同條件下，分別用足量的02和KNO3氧化相

同的H2s。3溶液(溶液體積變化忽略不計(jì))，充分反應(yīng)后兩溶液的pH前者

(填"大于"或"小于")后者，理由是

2015年安徽省高考化學(xué)試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題：

L（6分）碳酸亞乙烯酯是鋰離子電池低溫電解液的重要添加劑，其結(jié)構(gòu)如圖，

下列有關(guān)該物質(zhì)的說(shuō)法正確的是（）

A

0O

A.分子式為C3H2O3

B.分子中含6個(gè)。鍵

C.分子中只有極性鍵

D.8.6g該物質(zhì)完全燃燒得到6.72LCO2

A

OO

【分析】A、\=1為有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，其中頂點(diǎn)省略的是C原子，每個(gè)C

原子均形成4對(duì)共價(jià)鍵，每個(gè)。原子形成2對(duì)共價(jià)鍵，C原子價(jià)鍵不飽和的用H

原子補(bǔ)充，據(jù)此判斷分子式；

B、單鍵即為。鍵，依據(jù)此結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式判斷。鍵的個(gè)數(shù)；

C、相同原子之間形成非極性共價(jià)鍵，不同原子之間形成極性共價(jià)鍵，據(jù)此解答;

D、依據(jù)C的完全燃燒產(chǎn)物為二氧化碳，依據(jù)此有機(jī)物物質(zhì)的量判斷標(biāo)準(zhǔn)狀況下

生成二氧化碳的體積.

A

OO

【解答】解：A、\=1,此有機(jī)物中含有3個(gè)C、3個(gè)。和2個(gè)H,故分子式

為：C3H2。3,故A正確；

B、此分子中存在4個(gè)C-O鍵、1個(gè)C=O雙鍵，還存在2個(gè)C-H鍵，1個(gè)C=C

雙鍵，總共8個(gè)。鍵，故B錯(cuò)誤；

C、此有機(jī)物中存在C=C鍵，屬于非極性共價(jià)鍵，故C錯(cuò)誤；

D、8.6g該有機(jī)物的物質(zhì)的量為：8-6g=0.1mol,由于未指明標(biāo)準(zhǔn)狀況，故生

86g/mol

成的二氧化碳的體積不一定是6.72L,故D錯(cuò)誤，

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查的是有機(jī)物結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式的判斷，涉及分子式書(shū)寫(xiě)、化學(xué)鍵類(lèi)

型判斷、有機(jī)物的燃燒等，綜合性較強(qiáng)，但是難度不大.

2.（6分）下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)的選項(xiàng)正確的是（）

A.配制0.10mol?LB.除去CO中的82C.苯萃取碘水中D.記錄滴定終點(diǎn)

-1NaOH溶液12,分出水層后的讀數(shù)為12.20mL

CO(CO2)

含k的

NaOH(s)苯溶液

A.AB.BC.CD.D

【分析】A、容量瓶為配制一定物質(zhì)的量濃度溶液的儀器，不能用于溶解固體，

溶解固體需在燒杯中進(jìn)行；

B、二氧化碳為酸性氣體，和強(qiáng)堿反應(yīng)形成鹽，CO既不溶于堿也不溶于水；

C、苯的密度小于水，萃取后的溶液應(yīng)位于分液漏斗的上層，上層溶液從上口倒

出；

D、滴定管的0刻度在上方，據(jù)此讀數(shù)即可.

【解答】解：A、溶解固體藥品應(yīng)用燒杯，不能直接在容量瓶中溶解，故A錯(cuò)誤;

B、CO不與水和氫氧化鈉溶液反應(yīng)，而二氧化碳可以與氫氧化鈉反應(yīng)，利用此裝

置可以除去CO中混有的二氧化碳，故B正確；

C、苯萃取碘水中的碘，在分液漏斗的上層，應(yīng)從上口倒出，故C錯(cuò)誤；

D、滴定管的0刻度在上方，此圖中正確讀數(shù)應(yīng)為11.80mL,故D錯(cuò)誤，

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查的是實(shí)驗(yàn)室中常見(jiàn)儀器的使用以及簡(jiǎn)單實(shí)驗(yàn)操作，還考查

了儀器的讀數(shù)等，難度不大.

3.（6分）下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）

A.在酒精燈加熱條件下，Na2c。3、NaHCCh固體都能發(fā)生分解

B.Fe（OH）3膠體無(wú)色、透明，能產(chǎn)生丁達(dá)爾現(xiàn)象

C.出、S02、C02三種氣體都可用濃H2s。4干燥

D.Si02既能和NaOH溶液反應(yīng)又能和氫氟酸反應(yīng)，所以是兩性氧化物

【分析】A、NaHCCh不穩(wěn)定，加熱易分解；

B、氫氧化鐵膠體為紅褐色；

C、濃硫酸具有酸性、強(qiáng)氧化性、吸水性和脫水性，所以濃硫酸不能干燥還原性

氣體、堿性氣體，據(jù)此分析解答；

D、二氧化硅是酸性氧化物，酸性氧化物可以與堿反應(yīng)生成鹽和水.

【解答】解：A、NaHCC）3不穩(wěn)定，加熱易分解：2NaHCC）3△*83+82個(gè)+出0,

碳酸鈉受熱穩(wěn)定，加熱不分解，故A錯(cuò)誤；

B、Fe（OH）3膠體為紅褐色、透明，不是無(wú)色，故B錯(cuò)誤；

C、W、Sth、C02三種氣體均不與濃硫酸反應(yīng)，故能利用濃硫酸干燥，故C正確；

D、二氧化硅是酸性氧化物，酸性氧化物可以與堿反應(yīng)生成鹽和水，因此二氧化

硅能與氫氧化鈉溶液反應(yīng)，但和氫氟酸反應(yīng)是二氧化硅的特性，故D錯(cuò)誤，故

選C。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了物質(zhì)性質(zhì)的分析應(yīng)用，熟練掌握濃硫酸、二氧化硅的性質(zhì)、

常見(jiàn)膠體的顏色與性質(zhì)等基礎(chǔ)知識(shí)是解題關(guān)鍵，題目難度不大.

4.（6分）下列有關(guān)NaCIO和NaCI混合溶液的敘述正確的是（）

2

A.該溶液中，H\NH4\SO4\BrF以大量共存

B.該溶液中，Ag\K\N03\CH3cH0可以大量共存

C.向該溶液中滴入少量FeSCU溶液，反應(yīng)的離子方程式為：2Fe2'+CICT+2H+—CI

3+

+2Fe+H2O

D.向該溶液中加入濃鹽酸，每產(chǎn)生1molc12,轉(zhuǎn)移電子約為6.02X1023個(gè)

【分析】A、次氯酸為弱酸，次氯酸根與氫離子不能大量共存；

B、銀離子與氯離子生成AgCI白色難溶沉淀，故而不能電離共存；

C、NaCIO為強(qiáng)堿弱酸鹽，水解呈堿性，NaCI為中性，溶液中不存在大量的氫離

子；

D、次氯酸具有氧化性，濃鹽酸具有還原性，兩者發(fā)生歸中反應(yīng)生成氯氣，據(jù)此

解答即可.

【解答】解：A、NaCIO和NaCI混合溶液中存在大量的次氯酸根，次氯酸為弱酸,

次氯酸根與氫離子不能大量共存，故A錯(cuò)誤；

B、NaCIO和NaCI混合溶液中存在大量的氯離子，與銀離子反應(yīng)生成白色難溶沉

淀，故不能大量共存，故B錯(cuò)誤；

C、NaCIO為強(qiáng)堿弱酸鹽，水解呈堿性，NaCI為中性，溶液中不存在大量的氫離

子，與2Fe2*+Clcr+2H」C「+2Fe3++H2。反應(yīng)矛盾，故C錯(cuò)誤；

D、濃鹽酸中CI由-1價(jià)升高到0價(jià)，次氯酸中CI由+1價(jià)降低到0價(jià)，故每生

成lmol氯氣轉(zhuǎn)移電子數(shù)為lmol,故D正確，故選D。

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查的是溶液中離子的判斷，涉及離子共存、鹽類(lèi)水解、氧化

還原反應(yīng)原理等，綜合性較強(qiáng)，容易出錯(cuò)的是C選項(xiàng)，沒(méi)有注意原溶液的酸堿性.

5.(6分)等物質(zhì)的量的此(g)和。2(g)在恒容密閉容器中反應(yīng)：N2(g)+。2

(g)M2NO(g),下圖曲線a表示該反應(yīng)在T°C時(shí)N2的濃度隨時(shí)間的變化，曲線

b表示該反應(yīng)在某一起始反應(yīng)條件改變時(shí)沖的濃度隨時(shí)間的變化.下列敘述正

確的是()

<1(c_c)2

A.T℃時(shí)，該反應(yīng)的平衡常數(shù)"02】'

C1

B.T°C時(shí)，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，混合氣體的密度減小

C.曲線b對(duì)應(yīng)的條件改變可能是加入了催化劑

D.若曲線b對(duì)應(yīng)的條件改變是溫度，可判斷該反應(yīng)的aHVO

【分析】A、依據(jù)氮?dú)獾臐舛茸兓?，找出三段式，?jì)算平衡常數(shù)即可；

B、此容器為恒容密閉容器，p=2,據(jù)此判斷即可；

V

C、催化劑只能改變化學(xué)反應(yīng)速率，不能改變物質(zhì)的轉(zhuǎn)化率；

D、由圖可知，b曲線化學(xué)反應(yīng)速率快，若是升高溫度，氮?dú)獾钠胶鉂舛葴p小，

則正反應(yīng)為吸熱反應(yīng).

【解答】解：A、N2(g)+02(g)02N0(g),

起(mol/L)CoCoO

轉(zhuǎn)(mol/L)Co-CiCo-Ci2(co-Ci)

平(mol/L)CiCi2(co-Ci)

故Ku4,。。,故A正確；

C1

B、反應(yīng)物和生成物均是氣體，故氣體的質(zhì)量m不變，容器為恒容容器，故V不

變，那么密度p=變不變，故B錯(cuò)誤；

V

C、由圖可知，b曲線氮?dú)獾钠胶鉂舛葴p小，故應(yīng)是平衡發(fā)生移動(dòng)，催化劑只能

改變速率，不能改變平衡，故b曲線不可能是由于催化劑影響的，故C錯(cuò)誤；

D、由圖可知，b曲線化學(xué)反應(yīng)速率快(變化幅度大)，氮?dú)獾钠胶鉂舛葴p小，升

高溫度平衡正向移動(dòng)，則正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，即△H>0,故D錯(cuò)誤，故選A。

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查的是化學(xué)平衡建立的過(guò)程，涉及平衡常數(shù)的計(jì)算、平衡移

動(dòng)原理的應(yīng)用、催化劑對(duì)平衡的影響等，綜合性較強(qiáng)，有一定難度.

6.(6分)某同學(xué)將光亮的鎂條放入盛有NH4cl溶液的試管中，有大量氣泡產(chǎn)生,

為探究該反應(yīng)原理，該同學(xué)做了以下實(shí)驗(yàn)并觀察到相關(guān)現(xiàn)象，由此得出的結(jié)論不

合理的是()

選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)及現(xiàn)象結(jié)論

A將濕潤(rùn)的紅色石蕊試紙放在試管口，試反應(yīng)中有NH3產(chǎn)生

_____________________________紙變藍(lán)________________________________

B|收集產(chǎn)生的氣體并點(diǎn)燃，火焰呈淡藍(lán)色反應(yīng)中有上產(chǎn)生

C收集氣體的同時(shí)測(cè)得溶液的pH為8.6弱堿性溶液中Mg

也可被氧化

D將光亮的鎂條放入pH為8.6的NaHCO3弱堿性溶液中0H一

溶液中，有氣泡產(chǎn)生氧化了Mg

A.AB.BC.CD.D

【分析】A.氨氣為堿性氣體，遇到濕潤(rùn)的紅色石蕊變藍(lán)；

B.氫氣燃燒發(fā)出淡藍(lán)色的火焰；

C.PH為8.6時(shí)，仍然有氣體生成，說(shuō)明堿性條件下，Mg可以被氧化；

D.若是氫氧根氧化了Mg,則氫氧根得電子被還原，不可能生成氣體.

【解答】解：A.氨氣為堿性氣體，遇到濕潤(rùn)的紅色石蕊變藍(lán)，將濕潤(rùn)的紅色石

蕊試紙放在試管口，試紙變藍(lán)，可以證明氣體中含有氨氣，故A正確；

B.收集產(chǎn)生的氣體并點(diǎn)燃，火焰呈淡藍(lán)色，可以證明氫氣的存在，故B正確；

C.PH為8.6時(shí)，仍然有氣體生成，說(shuō)明堿性條件下，Mg可以被氧化，故C正

確；

D、若是氫氧根氧化了Mg,則氫氧根得電子被還原，不可能生成氣體，所以D

的結(jié)論不合理，故D錯(cuò)誤；

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了元素化合物知識(shí)，熟悉鎂、氯化鏤、碳酸氫鈉的性質(zhì)是解題

關(guān)鍵，注意物質(zhì)檢驗(yàn)方法的積累.

7.(6分)25℃時(shí),在10mL濃度均為0.1mol?L1的NaOH和NWHzO混合溶液

中滴加0.1mol?L鹽酸，下列有關(guān)溶液中粒子濃度關(guān)系正確的是()

+

A.未加鹽酸時(shí)：c(OH)>c(Na)=c(NH3?H2O)

++

B.加入10mL鹽酸時(shí)：c(NH4)+C(H)=C(OH)

C.加入鹽酸至溶液pH=7時(shí)：c(Cl)=c(Na+)

-++

D.加入20mL鹽酸時(shí)：c(Cl)=c(NH4)+c(Na)

【分析】氫氧化鈉為強(qiáng)堿，在水溶液中完全電離，一水合氨為弱堿，在水溶液中

部分電離，相同體積與濃度的氫氧化鈉與一水合氨其中和能力是相同的，據(jù)此分

析解答即可。

【解答】解：A、NaOH和NH3?H2?；旌先芤褐校琋aOH完全電離，1\1電?出0部分

+

電離，因此c(OH)>0.1mol/L,c(Na)=0.1mol/L,c(NH3?H2O)<0.1mol/L,

+

故c(OH)>c(Na)>c(NH3?H2O),故A錯(cuò)誤；

+++

B、在此混合溶液中加入10mL鹽酸，存在電中性原則:c(NH4)+C(H)+C(Na)

++

=c(OH)+c(C「)，由于等體積等濃度混合，故c(Na)=c(Cl),即c(NH4)

+c(H+)=c(OH),故B正確；

++

C、加入鹽酸至pH=7時(shí)，溶液呈中性，即c(H)=c(OH),那么c(NH4)+C

(Na)=c(cr),即c(cr)>c(Na+),故C錯(cuò)誤；

D、加入20mL鹽酸時(shí)，此時(shí)溶液恰好為氯化鈉與氯化鏤的混合溶液，此時(shí)溶液

呈酸性，即存在c(H+)>c(OH),那么c(NHj)+c(Na+)<c(C「),故D

錯(cuò)誤，故選B。

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查酸堿混合的定性判斷，題目難度中等，本題注意把握弱電

解質(zhì)的電離特點(diǎn)，易錯(cuò)點(diǎn)為C,注意酸堿中和滴定的實(shí)驗(yàn)原理。

二、非選擇題

8.(14分)C、N、0、Al、Si、Cu是常見(jiàn)的六種元素.

(1)Si位于元素周期表第三周期第IVA族:

(2)N的基態(tài)原子核外電子排布式為Is22s22P3；Cu的基態(tài)原子最外層有一

個(gè)電子；

(3)用","或"V"填空：

原子半徑電負(fù)性熔點(diǎn)沸點(diǎn)

Al>SiN<0金剛石>晶體CH4<SiH4

硅

(4)常溫下，將除去表面氧化膜的Al、Cu片插入濃HN03中組成原電池(圖工)，

測(cè)得原電池的電流強(qiáng)度(I)隨時(shí)間(t)的變化如圖2所示，反應(yīng)過(guò)程中有紅棕

色氣體產(chǎn)生.

0?ti時(shí)，原電池的負(fù)極是AI片，此時(shí)，正極的電極反應(yīng)式是2心1\103「+1

=NC)2個(gè)+出0，溶液中的HT向正極移動(dòng).七時(shí)，原電池中電子流動(dòng)方向發(fā)

生改變，其原因是AI在濃硝酸中發(fā)生鈍化，氧化膜阻止了AI的進(jìn)一步反應(yīng).

則里電I/A

流儀器

Cu片-ql■T'AI片or\----------------?.

濃HNCh

圖1圖2

【分析】（1）Si原子序數(shù)為14,有3個(gè)電子層，最外層電子數(shù)為4；

（2）N的原子序數(shù)為7,共排布3個(gè)能層；Cu為29號(hào)元素，和核外電子排布式

為：區(qū)43矛。4針，據(jù)此解答即可；

（3）同一周期，原子序數(shù)越小，半徑越大；元素的非金屬性越強(qiáng)，其電負(fù)性越

大；晶體類(lèi)型相同的，原子半徑越小，熔點(diǎn)越高；分子組成和結(jié)構(gòu)相似的分子晶

體，相對(duì)分子質(zhì)量越大，沸點(diǎn)越高，據(jù)此解答即可；

（4）依據(jù)題意，0?ti時(shí)，原電池的負(fù)極是AI片，且有紅棕色氣體產(chǎn)生，說(shuō)明

溶液中的硝酸根在正極放電，據(jù)此解答即可；電流發(fā)生改變，即原電池的正負(fù)極

發(fā)生改變，據(jù)此分析原因即可.

【解答】解：（1）Si原子序數(shù)為14,有3個(gè)電子層，最外層電子數(shù)為4,故Si

處于第三周期第IVA族，故答案為：三；IVA；

（2）N的原子序數(shù)為7,共排布3個(gè)能層，其核外電子排布式為：Is22s22P3,Cu

元素為29號(hào)元素，原子核外有29個(gè)電子，所以核外電子排布式為：

Is22s22P63s23P63dl04sL故其最外層電子數(shù)為1,故答案為：Is22s22P3;1；

（3）同一周期，原子序數(shù)越小，半徑越大，由于原子序數(shù)AKSi,故半徑Al>

Si；元素的非金屬性越強(qiáng)，其電負(fù)性越大，由于非金屬性0>N,故電負(fù)性N<0；

晶體類(lèi)型相同的，原子半徑越小，熔點(diǎn)越高，由于C的原子半徑小于Si的原子

半徑，故熔點(diǎn)：金剛石>晶體硅；分子組成和結(jié)構(gòu)相似的分子晶體，相對(duì)分子質(zhì)

量越大，沸點(diǎn)越高，由于SiFU相對(duì)分子質(zhì)量大于CH4,故沸點(diǎn)CH4<SiH4,故答

案為：>;<;>;<;

（4）0?ti時(shí)，原電池的負(fù)極是AI片，溶液中產(chǎn)生紅棕色氣體是二氧化氮，故

正極反應(yīng)方程式為：2H++NO3"e-=NO2個(gè)+出0,此時(shí)溶液中的氫離子移向正極，

一段時(shí)間后，由于AI與濃硝酸發(fā)生鈍化，導(dǎo)致原電池中AI作正極，Cu作負(fù)極，

故答案為：2H++e-+N（V=NO2個(gè)+出0;正；AI在濃硝酸中發(fā)生鈍化，氧化膜阻止

TAl的進(jìn)一步反應(yīng).

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查的元素位構(gòu)性的關(guān)系、原電池工作原理，涉及電負(fù)性大小

比較、原子半徑大小比較等，難度不大，注意整理.

9.（16分）四苯基乙烯（TPE）及其衍生物具有聚集誘導(dǎo)發(fā)光特性，在光電材料

等領(lǐng)域應(yīng)用前景廣泛，以下是TPE的兩條合成路線（部分試劑和反應(yīng)條件省略）:

COOHCOBr

（1）A的名稱是甲苯；試劑Y為酸性高鎰酸鉀溶液；

（2）B玲C的反應(yīng)類(lèi)型是取代反應(yīng)；B中官能團(tuán)的名稱是竣基，D中官

能團(tuán)的名稱是我基

是

（4）W是D的同分異構(gòu)體，具有下列結(jié)構(gòu)特征:①屬于蔡（的一

元取代物；②存在羥甲基（-CH2OH）,寫(xiě)出W所有可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式:

C=CCH;OH

008sOH

（5）下列說(shuō)法正確的是ad.

a、B的酸性比苯酚強(qiáng)b、D不能發(fā)生還原反應(yīng)

c、E含有3種不同化學(xué)環(huán)境的氫d、TPE既屬于芳香煌也屬于烯

煌.

【分析】(1)由A的分子式與B的結(jié)構(gòu)可知，應(yīng)是甲苯被酸性高鎰酸鉀溶液氧

化生成苯甲酸；

(2)對(duì)比B、C的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，B發(fā)生取代反應(yīng)生成C；由B、D結(jié)構(gòu)可知，

含有的官能團(tuán)分別為較基、鍛基；

(3)E的分子式為Ci3HnBr,F的分子式為CI3HI2O,對(duì)比E的結(jié)構(gòu)與F的分子式

可知，E中Br原子被-0H取代生成F；

(4)D的分子式為CI3HIOO,不飽和度為9,W是D的同分異構(gòu)體屬于蔡

(00)的一元取代物，存在羥甲基(-CH20H),蔡環(huán)不飽和度為7,則

側(cè)鏈存在碳碳三鍵，故側(cè)鏈為-C三CCWOH,蔡有2種化學(xué)環(huán)境不同的H原子，

據(jù)此書(shū)寫(xiě)；

(5)a.竣基酸性大于酚羥基；

b.D含有苯環(huán)與鍛基，能與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)；

c.E中含有4種化學(xué)環(huán)境不同的H原子；

d.TPE只有含有C、H2種元素，屬于燒，含有苯環(huán)，屬于芳香燒，含有碳碳雙

鍵，屬于烯嫌.

【解答】解：(1)由A的分子式與B的結(jié)構(gòu)可知，應(yīng)是甲苯被酸性高鎰酸鉀溶

液氧化生成苯甲酸，

故答案為：甲苯；酸性高鎰酸鉀溶液；

(2)對(duì)比B、C的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，B發(fā)生取代反應(yīng)生成C；由B、D結(jié)構(gòu)可知，

含有的官能團(tuán)分別為較基、螺基，

故答案為：取代反應(yīng)；我基；跋基；

(3)對(duì)比E的結(jié)構(gòu)與F的分子式可知，E中Br原子被-0H取代生成F,反應(yīng)方

+NaOH

程式為△

OH

（4）D的分子式為CI3HIOO,不飽和度為9,W是D的同分異構(gòu)體屬于蔡

(00）的一元取代物，存在羥甲基（-CH20H）,蔡環(huán)不飽和度為7,則

側(cè)鏈存在碳碳三鍵，故側(cè)鏈為-C三CCH2OH,蔡有2種化學(xué)環(huán)境不同的H原子,

C三CCHQH

-C=CCH2OH

符合條件的W有:00*00

C=CCHnOH

oV

C三CCHQH

故答案為:

（5）a.竣基酸性大于酚羥基，故a正確；

b.D含有苯環(huán)與鍛基，能與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)，屬于還原反應(yīng)，故b錯(cuò)誤；

c.E中含有4種化學(xué)環(huán)境不同的H原子，故c錯(cuò)誤；

d.TPE只有含有C、H2種元素，屬于煌，含有苯環(huán)，屬于芳香燒，含有碳碳雙

鍵，屬于烯燃，故d正確，

故選：ad.

【點(diǎn)評(píng)】本題考查有機(jī)物的合成,注意根據(jù)有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與分子式進(jìn)行分析解答,

是對(duì)有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)的綜合考查，難度不大.

10.（14分）硼氫化鈉（NaBH4）在化工等領(lǐng)域具有重要的應(yīng)用價(jià)值，某研究小

組采用偏硼酸鈉（NaBO2）為主要原料制備N(xiāo)aBH4,其流程如圖：

已知：NaBM常溫下能與水反應(yīng)，可溶于異丙胺（沸點(diǎn)：33℃）；

（1）在第①步反應(yīng)加料之前，需要將反應(yīng)器加熱至100℃以上并通入氨氣，該

操作的目的是除去反應(yīng)器中的水蒸氣和空氣，原料中的金屬鈉通常保存在

煤油中,實(shí)驗(yàn)室取用少量金屬鈉需要用到的實(shí)驗(yàn)用品有鑲子、濾紙、

玻璃片和小刀等；

(2)請(qǐng)配平第①步反應(yīng)的化學(xué)方程式：

1NaBC)2+2SQ2+4Na+2吐-1NaBH4+2Na2SiC)3

(3)第②步分離采用的方法是過(guò)濾；第③步分出NaBH4并回收溶劑，采用

的方法是蒸儲(chǔ)；

(4)NaBH4(s)與H20(I)反應(yīng)生成NaBO2(s)和H2(g).在25℃、lOlkPa

下，已知每消耗3.8gNaBH4(s)放熱21.6kJ,該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式是NaBFU

(s)+2七0(I)=NaBC)2(s)+4小(g)△!■!=-216.0kJ/mol.

【分析】NaBCh、SiCh、Na和H2在一定條件下反應(yīng)生成NaBH”Na2SiO3,NaBH4

常溫下能與水反應(yīng)，且氫氣和氧氣混合加熱易產(chǎn)生爆炸現(xiàn)象，為防止NaBl水解、

防止產(chǎn)生安全事故，需要將裝置中的空氣和水蒸氣排出；NaBl可溶于異丙胺，

根據(jù)③知，②中加入的溶劑是異丙胺，NaBH4溶解于異丙胺、Na2SiO3不溶于異

丙胺，難溶性固體和溶液采用過(guò)濾方法分離，通過(guò)過(guò)量得到濾液和濾渣，濾渣成

分是Na2SiO3；異丙胺沸點(diǎn)：33℃,將濾液采用蒸儲(chǔ)的方法分離，得到異丙胺和

固體NaBFU,

(1)為防止安全事故發(fā)生和防止NaBl水解，在第①步反應(yīng)加料之前，需要將

反應(yīng)器加熱至100℃以上并通入氮?dú)?，從而排出空氣和水蒸氣?/p>

原料中的金屬鈉通常保存在煤油中，需要用到的實(shí)驗(yàn)用品有鑲子、濾紙、玻璃片

和小刀等；

(2)該反應(yīng)中H元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?1價(jià)、Na元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?1

價(jià)，根據(jù)轉(zhuǎn)移電子守恒、原子守恒配平方程式；

(3)分離難溶性固體和溶液采用過(guò)濾方法；熔沸點(diǎn)相差較大的可以采用蒸儲(chǔ)方

法；

：:；,8g

(4)n(NaBH4)==0.1mol,在25℃、lOlkPa下，每消耗O.lmolNaBFU

38g/mol

(s)放熱21.6kJ,則消耗lmolNaBH4(s)放熱216.0kJ,據(jù)此書(shū)寫(xiě)熱化學(xué)方程式.

【解答】解：NaBCh、Si02、Na和出在一定條件下反應(yīng)生成NaBH”Na2SiO3.

NaBH4常溫下能與水反應(yīng)，且氫氣和氧氣混合加熱易產(chǎn)生爆炸現(xiàn)象，為防止NaBH,

水解、防止產(chǎn)生安全事故，需要將裝置中的空氣和水蒸氣排出；NaBH4可溶于異

丙胺，根據(jù)③知，②中加入的溶劑是異丙胺，溶解與異丙胺、不

NaBH4Na2SiO3

溶于異丙胺，難溶性固體和溶液采用過(guò)濾方法分離，通過(guò)過(guò)量得到濾液和濾渣，

濾渣成分是異丙胺沸點(diǎn)：將濾液采用蒸儲(chǔ)的方法分離，得到異

Na2SiO3；33℃,

丙胺和固體NaBFU,

(1)NaB也常溫下能與水反應(yīng)，且氫氣和氧氣混合加熱易產(chǎn)生爆炸現(xiàn)象，為防

止NaBd水解、防止產(chǎn)生安全事故，需要將裝置中的空氣和水蒸氣排出；

鈉極易和空氣中氧氣、和水反應(yīng)，鈉的密度大于煤油，為隔絕空氣和水，原料中

的金屬鈉通常保存在煤油中；

實(shí)驗(yàn)室取用少量金屬鈉時(shí)，需要鑲子夾取鈉、用濾紙吸煤油，所以實(shí)驗(yàn)室取用少

量金屬鈉需要用到的實(shí)驗(yàn)用品有鏡子、濾紙、玻璃片和小刀等，

故答案為：除去反應(yīng)器中的水蒸氣和空氣；煤油；鑲子、濾紙；

(2)該反應(yīng)中H元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?1價(jià)、Na元素化合價(jià)由0價(jià)變?yōu)?1

價(jià)，轉(zhuǎn)移電子總數(shù)為4,

根據(jù)轉(zhuǎn)移電子守恒、原子守恒配平方程式為

NaBO2+2SiO2+4Na+2H2=

NaBH4+2Na2SiO3,

故答案為：1;2；4；2；1；2；

分離難溶性固體和溶液采用過(guò)濾方法，②中加入的溶劑是異丙胺，

(3)NaBH4

溶解與異丙胺、NazSiCh不溶于異丙胺，所以第②步分離采用的方法是過(guò)濾；熔

沸點(diǎn)相差較大的可以采用蒸儲(chǔ)方法，異丙胺沸點(diǎn)：33℃,將濾液采用蒸儲(chǔ)的方法

分離，得到異丙胺和固體NaBFU,

故答案為：過(guò)濾；蒸儲(chǔ)；

與反應(yīng)生成和38g

(4)NaBHHs)H20(l)NaBOOs)H2(g),n(NaBH4)='=0.1mol,

38g/mol

在、下，每消耗放熱則消耗

25℃lOlkPa0.1molNaBH4(s)21.6kJ,lmolNaBH4

放熱則熱化學(xué)方程式為

(s)216.0kJ,NaBH4(s)+2H2O(I)=NaBO2(s)+4H2

(g)AH=-216.0kJ/mol,

故答案為：

NaBH4(s)+2H2O(I)=NaBO2(s)+4H2(g)AH=-216.0kJ/mol.

【點(diǎn)評(píng)】本題考查物質(zhì)制備實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì)，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷

及知識(shí)綜合應(yīng)用能力，涉及物質(zhì)分離提純、熱化學(xué)反應(yīng)方程式的書(shū)寫(xiě)、氧化還原

反應(yīng)、實(shí)驗(yàn)基本操作等知識(shí)點(diǎn)，綜合性較強(qiáng)且較基礎(chǔ)，難點(diǎn)是分析流程圖中發(fā)生

的反應(yīng)、基本操作等，題目難度中等.

11.（14分）某研究小組將純凈的S02氣體通入O.lmol?「i的Ba（1\1。3）2溶液中，

得到了BaS04沉淀.為探究上述溶液中何種微粒能氧化通入的S02,該小組提出

了如下假設(shè)：

假設(shè)一：溶液中的1\1。3一

假設(shè)二：溶液中溶解的。2；

（1）驗(yàn)證假設(shè)一

該小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了假設(shè)一，請(qǐng)?jiān)谙卤砜瞻滋幪顚?xiě)相關(guān)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象.

實(shí)驗(yàn)步驟實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象結(jié)論

實(shí)驗(yàn)1：在盛有不含。2的25mL0.1mol?「iBaCl2溶無(wú)現(xiàn)象假設(shè)一成立

液的燒杯中，緩慢通入純凈的S02氣體.

x

實(shí)驗(yàn)2：在盛有不含02的25mL0.1mol?LBa（N03）生成白色

2溶液的燒杯中，緩慢通入純凈的S02氣體沉淀

（2）為深入研究該反應(yīng)，該小組還測(cè)得上述兩個(gè)實(shí)驗(yàn)中溶液pH隨通入SO2體積

的變化曲線如圖.

實(shí)驗(yàn)1中溶液pH變小的原因是S02溶于水后生成H2s。3;Vi時(shí)，實(shí)驗(yàn)2中溶

液pH小于實(shí)驗(yàn)1的原因是（用離子方程式表示）3SO2+2H2O+2NO3^

=2NO+4H++3SC）42一.

（3）驗(yàn)證假設(shè)二

請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證假設(shè)二，寫(xiě)出實(shí)驗(yàn)步驟、預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論.

實(shí)驗(yàn)步驟、預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論（不要求寫(xiě)具體操作過(guò)程）：

（4）若假設(shè)二成立，請(qǐng)預(yù)測(cè)：在相同條件下，分別用足量的。2和KN03氧化相

同的H2s03溶液（溶液體積變化忽略不計(jì)），充分反應(yīng)后兩溶液的pH前者小于

（填"大于"或"小于"）后者，理由是反應(yīng)的離子方程式表明，足量的02和N03

「分別氧化相同的H2s03,生成的印的物質(zhì)的量前者大于后者.

【分析】(1)根據(jù)強(qiáng)酸制取弱酸的原理，亞硫酸是弱酸不能制備鹽酸，故實(shí)驗(yàn)1

+2

無(wú)現(xiàn)象；二氧化硫溶于水后生成H2s。3，亞硫酸電離出氫離子：H2SO3-2