廣西欽州市2025屆高三物理下學(xué)期5月質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

PAGE17-廣西欽州市2025屆高三物理下學(xué)期5月質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6~8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.2020年3月20日，電影《放射性物質(zhì)》在倫敦首映，該片的主角—居里夫人是放射性元素釙（）的發(fā)覺者。已知釙（）發(fā)生衰變時(shí)，會(huì)產(chǎn)生粒子和原子核，并放出射線。下列分析正確的是（）A.原子核的質(zhì)子數(shù)為82，中子數(shù)為206B.射線具有很強(qiáng)的穿透實(shí)力，可用來消退有害靜電C.由粒子所組成的射線具有很強(qiáng)的電離實(shí)力D.地磁場(chǎng)能使射線發(fā)生偏轉(zhuǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．依據(jù)發(fā)生核反應(yīng)時(shí)，質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒，可得原子核的質(zhì)子數(shù)為，質(zhì)量數(shù)為，依據(jù)質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)之和，得原子核的中子數(shù)為，A錯(cuò)誤；B．射線具有很強(qiáng)的穿透實(shí)力，但是電離本事弱，不能用來消退有害靜電，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)樯渚€實(shí)質(zhì)是氦核流，具有很強(qiáng)的電離本事，C正確；D．射線的實(shí)質(zhì)是頻率很高的電磁波，本身不帶電，所以射線在地磁場(chǎng)不會(huì)受力，不能發(fā)生偏轉(zhuǎn)，D錯(cuò)誤。故選C。2.2020年2月2日A.末貨物的加速度大小為B.前內(nèi)貨物克服重力做功的功率不變C.最終內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)D.在第末至第末的過程中，貨物的機(jī)械能增大【答案】D【解析】【詳解】A．內(nèi)貨物做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度圖象的斜率表示加速度，則有故A錯(cuò)誤；B．前內(nèi)貨物的速度增大，克服重力做功的功率增加，故B錯(cuò)誤；C．最終內(nèi)貨物減速上升，加速度方向向下，所以貨物處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．在第末至第末的過程中，拉力仍對(duì)貨物做正功，所以貨物的機(jī)械能增大，故D正確。故選D。3.如圖所示，導(dǎo)線框繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)。導(dǎo)線框與志向升壓變壓器相連，變壓器副線圈接入一額定電壓為220V的電燈泡，電燈泡恰好正常工作且電流表的示數(shù)為2A，導(dǎo)線框電阻不計(jì)，電流表為志向電流表，則（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：5B.通過電燈泡的電流為0.2AC.電燈泡的額定功率為22WD.電燈泡兩端的最大電壓為V【答案】A【解析】【詳解】AB.在變壓器中有其中U1=44V，U2=220V，I1=2A，可得變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為通過電燈泡的電流為I2=0.4A故A正確，B錯(cuò)誤；C.由于電燈泡恰好正常工作，則電燈泡的額定功率P=I2U2=0.4220W=88W故C錯(cuò)誤；D.電燈泡兩端電壓的最大值故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，固定在水平地面上的圓錐體，頂端用輕繩系有一小球（視為質(zhì)點(diǎn)），懸點(diǎn)到小球的距離為1.5m?，F(xiàn)給小球一初速度，使小球恰好能在圓錐體側(cè)面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知圓錐體母線與水平面的夾角為37°，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力。則小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為（）A.2m/s B.4m/s C.5m/s D.6m/s【答案】B【解析】【詳解】由題意知，當(dāng)小球重力與繩子拉力的合力剛好供應(yīng)向心力時(shí)，物體與圓錐恰好無壓力，即解得故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。5.我國自主研發(fā)的“北斗三號(hào)”衛(wèi)星系統(tǒng)由30顆衛(wèi)星組成，其中某顆中圓軌道衛(wèi)星在軌運(yùn)行時(shí)到地面的距離是地球半徑的倍，繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為，地球表面的重力加速度為，忽視地球的自轉(zhuǎn)。則地球半徑可表示為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬有引力供應(yīng)，所以有①地面旁邊萬有引力等于重力，所以有②由①②式解得，地球半徑可表示為故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。6.如圖所示，真空中存在著由一固定的點(diǎn)電荷Q（圖中未畫出）產(chǎn)生的電場(chǎng)，一帶正電的點(diǎn)電荷q僅在電場(chǎng)力作用下沿曲MN運(yùn)動(dòng)，且在M、N兩點(diǎn)的速度大小相等，則在點(diǎn)電荷q從M運(yùn)動(dòng)到N的過程中（）A.電勢(shì)能肯定先增大后減小 B.動(dòng)能可能先減小后增大C加速度可能保持不變 D.可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】【詳解】A．從M到N的過程中電場(chǎng)力做的總功零，由于不能確定Q的位置，所以是先做正功還是先做負(fù)功不能確定，電勢(shì)能的變更不能確定，故A錯(cuò)誤；B．假如電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，則動(dòng)能先減小后增加，故B正確；C．由于Q的位置不確定，電場(chǎng)力的大小方向不確定，故加速度大小方向不確定，故Ｃ錯(cuò)誤；D．如MN為一段圓弧，Q位于圓心，則q做圓周運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選BD。7.圖為網(wǎng)上熱賣的彈力軟軸乒兵球訓(xùn)練器，彈力軸上端固定一乒乓球，下端固定在吸盤上。起先時(shí)彈力軸豎直，兵乓球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且到水平地面的距離為?，F(xiàn)讓一小孩快速揮拍水平擊球，球恰好能觸到地面（此時(shí)球的速度為。已知小孩擊球過程中球拍對(duì)球做功為，乒兵球的質(zhì)量為，不計(jì)空氣阻力，彈力軸不彎曲時(shí)的彈性勢(shì)能為零，重力加速度為，則（）A.球觸地時(shí)彈力軸的彈性勢(shì)能為B.球觸地時(shí)彈力軸的彈性勢(shì)能為C.球返回到初始位置時(shí)速度大小為D.球返回到初始位置時(shí)速度大小為【答案】AC【解析】【詳解】AB．從小孩擊球到球觸地的過程，依據(jù)動(dòng)能定理得得則球觸地時(shí)彈力軸的彈性勢(shì)能為故A正確，B錯(cuò)誤；CD．對(duì)于球返回過程，依據(jù)動(dòng)能定理得解得球返回到初始位置時(shí)速度大小為故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。8.如圖所示，固定在同一絕緣水平面內(nèi)的兩平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌，間距為，其左側(cè)用導(dǎo)線接有兩個(gè)阻值均為的電阻，整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上、大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一質(zhì)量為的金屬桿垂直于導(dǎo)軌放置，已知桿接入電路的電阻為，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3，對(duì)桿施加方向水平向右、大小為的拉力，桿從靜止起先沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，桿與導(dǎo)軌始終保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度大小，則當(dāng)桿的速度大小為時(shí)（）A.桿的加速度大小為B.通過桿的電流大小為，方向從到C.桿兩端的電壓為D.桿產(chǎn)生的電功率為【答案】C【解析】【詳解】A．切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流對(duì)金屬桿，由牛頓其次定律得代入數(shù)據(jù)解得故A錯(cuò)誤；B．由A可知，流過的電流大小為，由右手定則可知，電流方向從向，故B錯(cuò)誤；C．兩端的電壓故C正確；D．桿產(chǎn)生的電功率故D錯(cuò)誤。故選C。第Ⅱ卷（非選擇題）三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第9～12題為必考題每道試題考生都必需作答。第13～16題為選考題考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：9.試驗(yàn)室測(cè)定水平面和小物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)的試驗(yàn)裝置如圖甲所示，將帶有遮光條的物塊由曲面的頂端無初速度釋放，物塊經(jīng)過光電門瞬間可通過計(jì)算機(jī)記錄遮光條的擋光時(shí)間，經(jīng)過一段時(shí)間物塊停在水平面上的點(diǎn)，重力加速度為。(1)用游標(biāo)卡尺（20分度）測(cè)量遮光條的寬度，測(cè)量狀況如圖乙所示，__。(2)測(cè)得遮光條通過光電門的時(shí)間為，光電門到點(diǎn)的距離為，則動(dòng)摩擦因數(shù)__（用測(cè)量的物理量和重力加速度表示）；若光電門左側(cè)的軌道表面光滑，則小物塊釋放位置距離水平面的高度可表示為__?！敬鸢浮?1).0.550(2).(3).【解析】【詳解】(1)[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為，游標(biāo)尺的讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為。(2)[2]依據(jù)遮光條的寬度與物塊通過光電門的時(shí)間即可求得小物體經(jīng)過光電門的速度大小為小物體經(jīng)過光電門后運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過程中，依據(jù)動(dòng)能定理得解得動(dòng)摩擦因數(shù)為[3]依據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得10.某試驗(yàn)小組欲自制歐姆表測(cè)量一個(gè)電阻的阻值，試驗(yàn)室供應(yīng)的器材如下：．待測(cè)電阻（約）；．電源（電動(dòng)勢(shì)未知，內(nèi)阻為）；．靈敏電流表G（量程，內(nèi)阻）；．電阻；．電阻；．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍為）；．開關(guān)，導(dǎo)線若干。(1)由于電源電動(dòng)勢(shì)未知，該試驗(yàn)小組經(jīng)過分析后，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的測(cè)量電路。部分步驟如下：先閉合開關(guān)、，調(diào)整滑動(dòng)變阻器，使靈敏電流表示數(shù)，此時(shí)電路總電流__；保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不動(dòng)，斷開開關(guān)，讀出此時(shí)靈敏電流表的示數(shù)，則電源電動(dòng)勢(shì)為__（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。(2)測(cè)出電動(dòng)勢(shì)后，該小組成員在圖甲的基礎(chǔ)上，去掉兩開關(guān)，增加兩支表筆、，其余器材不變，改裝成一個(gè)歐姆表，如圖乙所示，則表筆為__（選填“紅表筆”或“黑表筆”）。用改裝后的歐姆表先進(jìn)行電阻調(diào)零，再測(cè)量阻值，靈敏電流表的示數(shù)如圖丙所示，則待測(cè)電阻的阻值為__?！敬鸢浮?1).2.70(2).1.08(3).紅表筆(4).240【解析】【詳解】(1)[1]電流表與定值電阻內(nèi)阻并聯(lián)，電流表內(nèi)阻，定值電阻阻值，電流表示數(shù)，依據(jù)并聯(lián)電路中電流之比等于電阻的反比，可知流過定值電阻的電流為，則電路總電流為[2]同理，當(dāng)電流表示數(shù)為時(shí)電路總電流為，依據(jù)閉合電路歐姆定律可知代入數(shù)據(jù)解得(2)[3]依據(jù)電流“紅進(jìn)黑出”的原則，可知?dú)W姆擋內(nèi)部電源的負(fù)極接紅表筆，所以是紅表筆。[4]由圖乙所示可知，歐姆表內(nèi)阻為由圖丙所示表盤可知，其示數(shù)為由閉合電路歐姆定律可知代入數(shù)據(jù)解得11.如圖所示，一質(zhì)量m=5kg的平板小車靜止在光滑的水平地面上，一質(zhì)量M=1kg的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從小車左端以的速度起先向右運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，從小車右端滑離小滑塊著地瞬間與小車右端的水平距離。已知小車上表面水平且與水平地面的距離h=l.25m，小車上表面長(zhǎng)度l=5m，不計(jì)空氣阻力重力加速度大小g=10m/s2。求（1）小滑塊滑離小車時(shí)小滑塊和小車的速度大小；（2）小滑塊與小車表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)和小滑塊在小車上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）；（2）；t=1s【解析】【詳解】（1）小滑塊離開小車后做平拋運(yùn)動(dòng)設(shè)小滑塊離開小車時(shí)的速度大小為v1，此時(shí)小車的速度大小為v2，則有小滑塊在小車上滑行時(shí)小車與小滑塊組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒則有解得（2）小滑塊在小車上運(yùn)動(dòng)時(shí)由功能關(guān)系可知解得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓其次定律可知解得t=1s12.在如圖所示的坐標(biāo)系中，是垂直于軸的分界線，左側(cè)等腰直角三角形區(qū)域內(nèi)分布著方向垂直于紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，長(zhǎng)為，右側(cè)有極板長(zhǎng)度和間距均為的平行板電容器，上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，且位于軸上，兩極板的厚度均不計(jì)?，F(xiàn)有速率不同的電子在紙面內(nèi)從坐標(biāo)原點(diǎn)沿軸正方向射入磁場(chǎng)，從邊上的點(diǎn)射出磁場(chǎng)的電子速率為，且．已知電子打在軸上的最遠(yuǎn)點(diǎn)到電容器下極板右端的距離恰好也為，電子質(zhì)量為，帶電荷量為，不考慮電子間的相互作用以及電容器極板的邊緣效應(yīng)，不計(jì)電子受到的重力。求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；（2）電容器兩極板間電壓及電子從原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）；（2），【解析】【詳解】（1）從點(diǎn)射出磁場(chǎng)的電子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，依據(jù)幾何關(guān)系可知即，則電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力供應(yīng)向心力，則解得（2）由知，電子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度越大，它在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑越大，故從上極板邊緣射入平行板電容器的電子打到軸的點(diǎn)，則該電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，且進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度水平向右，由公式解得電子的速度為該電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間電子在電容器中運(yùn)動(dòng)，豎直方向上末速度，依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有水平方向上有依據(jù)牛頓其次定律有電子垂直于極板方向的位移為電子從射出電場(chǎng)到運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)間為此過程電子在豎直方向的位移為因?yàn)殡娮訌牡降臅r(shí)間為聯(lián)立解得（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題任選一題作答。假如多答則每科按所答的第一題計(jì)分。[物理——選修3－3]13.下列說法正確的是A.對(duì)氣體做功可以變更其內(nèi)能B.破鏡不能重圓，是因?yàn)榉肿娱g有斥力作用C.肯定質(zhì)量志向氣體，若體積不變，當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變得猛烈時(shí)，壓強(qiáng)肯定變大D.肯定量的志向氣體，若壓強(qiáng)不變，當(dāng)體積增大時(shí)，它肯定從外界吸熱E.熱量只能自發(fā)地從內(nèi)能多的物體傳遞到內(nèi)能少的物體，不能反向傳遞【答案】ACD【解析】【詳解】A．做功和熱傳遞均能變更物體的內(nèi)能，故A正確；B．破鏡不能重圓，是因?yàn)檫_(dá)不到分子引力作用范圍，故B錯(cuò)誤；C．肯定質(zhì)量的志向氣體，若體積不變，當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變得猛烈時(shí)，分子平均動(dòng)能增大，溫度上升，壓強(qiáng)肯定變大，故C正確；D．肯定量的志向氣體，若壓強(qiáng)不變，當(dāng)體積增大時(shí)，溫度上升，氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第肯定律可知，氣體肯定從外界吸熱，故D正確；E．物體內(nèi)能的多少不代表其溫度的凹凸，熱量只能自發(fā)地從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體，不能自發(fā)地反向傳遞，故E錯(cuò)誤。故選ACD。14.如圖所示，右端開口、左端封閉的豎直U形玻璃管（管壁厚度不計(jì)）兩邊粗細(xì)不同，粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的2倍，兩管中裝入高度差為5cm的水銀，左側(cè)封閉氣柱長(zhǎng)為10cm，右側(cè)水銀面距管口為5cm?，F(xiàn)將右管口封閉，并給右管內(nèi)氣體加熱，緩慢上升其溫度，直到兩管水銀面等高，該過程中左管內(nèi)的氣體溫度不變。已知外界大氣壓強(qiáng)為76cmHg、環(huán)境溫度為300K。求：（1）兩管水銀面等高時(shí)右側(cè)氣體的壓強(qiáng)；（2）兩管水銀面等高時(shí)右管內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度（結(jié)果保留一位小數(shù)）?！敬鸢浮浚?）90cmHg；（2）639.5K【解析】【詳解】（1）兩管水銀面等高時(shí)，管內(nèi)氣體壓強(qiáng)相等；因粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的2倍，所以左管截面積是右管的4倍，當(dāng)右管水銀面下降4cm，左管水銀面上升1cm時(shí)，兩水銀面等高，左管內(nèi)氣體做等溫變更，以左管內(nèi)氣體