陜西省咸陽市實驗中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期第三次月考試題含解析

PAGEPAGE22陜西省咸陽市試驗中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期第三次月考試題（含解析）一、單項選擇題（共12小題，每小題4分，共48分。）1.在下圖中，標出了磁場的方向、通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受安培力F的方向，其中正確的是()A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】A.依據(jù)左手定則可得，圖中安培力的方向是向下的，故A錯誤；B.圖中電流的方向和磁場方向平行，不受安培力的作用。故B錯誤；C.依據(jù)左手定則可得，圖中安培力的方向是豎直向下的，故C正確；D.依據(jù)左手定則可得，圖中安培力的方向是垂直向外的，故D錯誤。2.鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A.鉛蓄電池兩極間的電壓為2VB.鉛蓄電池能在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能C.電路中通過相同的電荷量時，鉛蓄電池比1節(jié)干電池非靜電力做的功多D.鉛蓄電池接入不同電路中，電動勢會發(fā)生改變【答案】C【解析】【詳解】A．電源兩極間電壓，當電源不接入電路時，等于電源的電動勢；當接入電路時，小于電源的電動勢，故A錯誤；B．電源每通過1C電量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?，不是?s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能，故B錯誤；C．電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本事，鉛蓄電池的電動勢比一節(jié)干電池的電動勢大，通過相同的電荷量時，鉛蓄電池比1節(jié)干電池非靜電力做的功多，故C正確；D．電動勢不隨外電路的改變而改變，故D錯誤。故選C。3.始終導(dǎo)線平行于通電螺線管的軸線放置在螺線管的上方，如圖所示．假如直導(dǎo)線可以自由地運動且通以由a到b的電流，則導(dǎo)線ab受磁場力后的運動狀況為()A.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管B.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并遠離螺線管C.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并遠離螺線管D.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管【答案】D【解析】試題分析：通電導(dǎo)線因放在通電螺線管的磁場中故受到磁場力，因左右兩側(cè)磁場方向不同，故可以分左右兩邊分別分析探討，畫出兩側(cè)的磁場方向，則由左手定則可判出磁場力的方向，依據(jù)受力狀況可判出物體的轉(zhuǎn)動狀況．當導(dǎo)體轉(zhuǎn)動后，我們可以認為電流向右偏內(nèi)，受力也將發(fā)生改變，為了簡便，我們可以推斷導(dǎo)體轉(zhuǎn)動到向里的位置推斷導(dǎo)體的受力狀況，再判出導(dǎo)體的運動狀況．解：通電螺線管的磁感線如圖所示，則由圖示可知左側(cè)導(dǎo)體所處的磁場方向斜向上，右側(cè)導(dǎo)體所處的磁場斜向下，則由左手定則可知，左側(cè)導(dǎo)體受力方向向外，右側(cè)導(dǎo)體受力方向向里，故從上向下看，導(dǎo)體應(yīng)為逆時針轉(zhuǎn)動；當導(dǎo)體轉(zhuǎn)過90°時，由左手定則可得導(dǎo)體受力向下，故可得出導(dǎo)體運動為逆時針轉(zhuǎn)動的同時還要向下運動．即為a端轉(zhuǎn)向紙外，b端轉(zhuǎn)向紙里，且靠近通電螺線管，故D正確，ABC錯誤；故選D【點評】解決本題的關(guān)鍵（1）清晰通電螺線管的磁場，應(yīng)看到左右兩邊磁場的不同；（2）能精確地應(yīng)用左手定則推斷磁場與電流不垂直的狀況；（3）會找到一些有代表性的特別位置求解．4.在描繪小燈泡的伏安特性曲線時，采納如圖所示電路，試驗中發(fā)覺移動滑動變阻器的滑片時，電流表的示數(shù)改變而電壓表的指針不動，下列緣由可能的是()A.燈泡中燈絲已燒斷B.滑片接觸不良C.燈泡內(nèi)部短路D.滑動變阻器A端接觸不良【答案】C【解析】依據(jù)題中圖可知若電壓表的電阻無窮大，移動滑片時，因電流表示數(shù)有改變，故和電流表串聯(lián)的回路為通路，不存在短路，故A錯誤；若滑片接觸不良，電路中不行能有電流，故B錯誤；若滑動變阻器A端接觸不良，滑片移動時電流表和電壓表讀數(shù)均改變，故D錯誤；若燈泡內(nèi)短路則燈泡兩端電壓為零，電壓表指針不變，移動滑片時，只有電流表指針改變，故C正確．所以C正確，ABD錯誤．5.在法拉第時代，下列驗證“由磁產(chǎn)生電”設(shè)想試驗中，能視察到感應(yīng)電流的是（）A.將繞在磁鐵上的線圈與電流表組合成一閉合回路，然后視察電流表的改變B.在一通電線圈旁放置一連有電流表的閉合線圈，然后視察電流表的改變C.將一房間內(nèi)的線圈兩端與相鄰房間的電流表連接，往線圈中插入條形磁鐵后，再到相鄰房間去視察電流表的改變D.繞在同一鐵環(huán)上的兩個線圈，分別接電源和電流表，在給線圈通電或斷電的瞬間，視察電流表的改變【答案】D【解析】【詳解】法拉第發(fā)覺的電磁感應(yīng)定律并總結(jié)出五種狀況下會產(chǎn)生感應(yīng)電流，其核心就是通過閉合線圈的磁通量發(fā)生改變，選項AB中，繞在磁鐵上面的線圈和通電線圈，線圈面積都沒有發(fā)生改變，前者磁場強弱沒有改變，后者通電線圈中若為恒定電流則產(chǎn)生恒定的磁場，也是磁場強弱不變，都會導(dǎo)致磁通量不改變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項A、B錯．選項C中往線圈中插入條行磁鐵導(dǎo)致磁通量發(fā)生改變，在這一瞬間會產(chǎn)生感應(yīng)電流，但是過程短暫，等到插入后再到相鄰房間去，過程已經(jīng)結(jié)束，視察不到電流表的改變．選項C錯．選項D中，線圈通電或斷電瞬間，導(dǎo)致線圈產(chǎn)生的磁場改變，從而引起另一個線圈的磁通量改變產(chǎn)生感應(yīng)電流，可以視察到電流表指針偏轉(zhuǎn)，選項D對．6.如圖所示，一根通電直導(dǎo)線垂直放在磁感應(yīng)強度B＝1T的勻強磁場中，在以導(dǎo)線截面的中心為圓心、r為半徑的圓周上有a、b、c、d四個點．已知a點的磁感應(yīng)強度為0，則下列敘述正確的是()A.直導(dǎo)線中的電流方向垂直于紙面對外B.b點的實際磁感應(yīng)強度為T，方向斜向右上方，與B的夾角為45°C.c點的實際磁感應(yīng)強度為0D.d點的實際磁感應(yīng)強度與b點相同【答案】B【解析】【詳解】A．由題意可知，a點磁感應(yīng)強度為0，說明通電導(dǎo)線在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度與勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反，即得到通電導(dǎo)線在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向水平向左，依據(jù)安培定則推斷可知，直導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面對里，故A錯誤；

B．由上知道，通電導(dǎo)線在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為1T，由安培定則可知，通電導(dǎo)線在b處的磁感應(yīng)強度方向豎直向上，依據(jù)平行四邊形與勻強磁場進行合成得知，b點感應(yīng)強度為，方向與B的方向成45°斜向上，故B正確；

C．通電導(dǎo)線在c處的磁感應(yīng)強度方向水平向右，則c點磁感應(yīng)強度為2T，方向與B的方向相同，故C錯誤；

D．通電導(dǎo)線在d處的磁感應(yīng)強度方向豎直向下，則d點感應(yīng)強度為，方向與B的方向成45°斜向下，與b點磁感應(yīng)強度大小相等，方向不同，故D錯誤。

故選B。7.如圖甲所示，長直導(dǎo)線與閉合金屬線框位于同一平面內(nèi)長直導(dǎo)線中的電流i隨時間t的改變關(guān)系如圖乙所示．在時間內(nèi)直導(dǎo)線中電流向上，則在時間內(nèi)線框中感應(yīng)電流的方向與所受安培力狀況是（）A.感應(yīng)電流方向為順時針，線框受安培力的合力方向向左B.感應(yīng)電流方向為逆時針，線框受安培力的合力方向向右C.感應(yīng)電流方向為順時針，線框受安培力的合力方向向右D.感應(yīng)電流方向為逆時針，線框受安培力的合力方向向左【答案】C【解析】【詳解】BD．在時間內(nèi)，直導(dǎo)線中的電流向上，由乙可知在～T時間內(nèi)直線電流方向向下，依據(jù)安培定則知導(dǎo)線右側(cè)磁場的方向垂直紙面對外，電流漸漸增大則磁場漸漸增加，依據(jù)楞次定律，金屬線框中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流；故B項不合題意，D項不合題意．AC．依據(jù)左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向右，右邊受到的安培力水平向左．離導(dǎo)線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力所以金屬框所受安培力的合力水平向右，故A項不合題意，C項符合題意．8.如圖所示，有兩根長均為L、質(zhì)量均為m的細導(dǎo)體棒a、b，其中a被水平放置在傾角為45°的絕緣光滑斜面上，b被水平固定在斜面的右側(cè)，且與a在同一水平面上，a、b相互平行。當兩細棒中均通以大小為I的同向電流時，a恰能在斜面上保持靜止，下列說法正確的是（）A.斜面對導(dǎo)體a的作用力大小為mgB.b中電流在a處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度B方向豎直向上，大小為C.b中電流在a處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度B方向豎直向下，大小為D.若使b豎直向下移動，a仍能保持靜止【答案】B【解析】【詳解】ABC．通電導(dǎo)體a處于通電導(dǎo)體b的磁場中，由安培定則可得通電導(dǎo)體a處于豎直向上的磁場中，依據(jù)左手定則可知a受到水平向右的安培力，則a受豎直向下的重力，水平向右的安培力，以及斜面對a的支持力，三力平衡，依據(jù)共點力平衡條件可得，解得，故AC錯誤，B正確；D．當b豎直向下移動，導(dǎo)體棒間的安培力減小，依據(jù)受力平衡條件，當a受力的安培力方向順時針轉(zhuǎn)動時，只有大小變大才能保持平衡，而安培力在減小，因此不能保持靜止，故D錯誤。故選B。9.如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流計G和一個滑動變阻器R組成，甲表是電流表，R增大時量程增大

甲表是電流表，R增大時量程減小乙表是電壓表，R增大時量程增大

乙表是電壓表，R增大時量程減小下列說法正確的是A.和 B.和 C.和 D.和【答案】C【解析】【分析】靈敏電流計G和變阻器R并聯(lián)時，由于變阻器的分流，測量的電流增大，改裝成電流表，而靈敏電流計G和變阻器R串聯(lián)時，由于變阻器的分壓，測量的電壓增大，改裝成電壓表．【詳解】由圖甲所示可知，G與電阻R并聯(lián)，甲表是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故（1）錯誤，（2）正確．由圖乙所示可知，G與R串聯(lián)，乙是電壓表，R增大時，變阻器分擔的電壓增大，乙表量程增大，故（3）正確，（4）錯誤；故C正確；故選C．【點睛】本題考查電表改裝原理的理解實力．當電流計的指針滿偏時，電流表或電壓表的指針滿偏，所測量的電流或電壓達到最大值．10.如圖所示為汽車蓄電池與車燈（電阻不變）、啟動電動機組成的電路，蓄電池內(nèi)阻為，電流表和電壓表均為志向電表。只接通時，電流表示數(shù)為10A，電壓表示數(shù)為12V；再接通，啟動電動機工作時，電流表示數(shù)變?yōu)?A，則此時通過啟動電動機的電流是（）A.2A B.8A C.50A D.58A【答案】C【解析】【詳解】只接通S1時，由閉合電路歐姆定律，電池的電動勢為E=U+Ir=12V+10×0.05V=12.5V車燈的電壓為再接通S2后，流過電動機的電流為故ABD錯誤，C正確。

故選C。11.如圖所示電路中，當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，以下推斷正確的是（）A.電壓表讀數(shù)變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮B.電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮C.電壓表讀數(shù)變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗D.電壓表讀數(shù)變小，通過燈L2的電流變大，燈L1變暗【答案】B【解析】【詳解】ABCD．由電路圖可知，與L1并聯(lián)，再與L2串聯(lián)，電壓表并聯(lián)在L1兩端。當滑動變阻器滑片P從a端向b端滑動時，的阻值變小，分得的電壓變小，電壓表示數(shù)變小，L1兩端的電壓變小，流過L1的電流變小，燈L1變暗，L2兩端電壓變大，流過L2的電流變大，燈L2變亮。故選B。12.如圖所示，在水平勻強磁場中放置一矩形線圈，線圈平面與磁場垂直，線圈由豎直位置繞其底邊轉(zhuǎn)過90°至虛線位置的過程中，穿過線圈的磁通量的改變狀況A.變小 B.變大C.先變大后變小 D.先變小后變大【答案】A【解析】【詳解】線圈在實線位置時，穿過線圈的磁通量最大，當線圈由實線位置繞其底邊轉(zhuǎn)過90°時，線圈與磁場平行，穿過線圈的磁通量變?yōu)榱?，所以在這個過程中，穿過線圈的磁通量漸漸變?。蔬xA．二、多項選擇題（共3小題，每小題4分，共12分。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。）13.如圖所示，閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下．當磁鐵向下運動時（但未插入線圈內(nèi)部），下列推斷正確的是（）A.磁鐵與線圈相互排斥B.磁鐵與線圈相互吸引C.通過R的感應(yīng)電流方向為從a到bD.通過R的感應(yīng)電流方向為從b到a【答案】AC【解析】由“來拒去留”可知，磁鐵靠近線圈，則磁鐵與線圈相互排斥，故A正確，B錯誤；由題目中圖可知，當磁鐵豎直向下運動時，穿過線圈的磁場方向向下增大，由楞次定律可知感應(yīng)電流的磁場應(yīng)向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a經(jīng)過R到b．故C正確，D錯誤、故選AC．點睛：在推斷電磁感應(yīng)中磁極間的相互作用時可以干脆利用楞次定律的其次種表示：“來拒去留”干脆推斷，不必再由安培定則推斷線圈中的磁場，再由磁極間的相互作用推斷力的方向．14.如圖，三根相互平行的固定長直導(dǎo)線L1、L2和L3兩兩等距，均通有電流I，L1中電流方向與L2中的相同，與L3中的相反，下列說法正確的是（）A.L1所受磁場作用力的方向與L2、L3所在平面垂直B.L3所受磁場作用力的方向與L1、L2所在平面垂直C.L1、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為D.L1、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為【答案】BC【解析】【詳解】A．同向電流相互吸引，反向電流相互排斥．對L1受力分析，如圖所示，可知L1所受磁場力的方向與L2、L3所在的平面平行，故A錯誤；B．對L3受力分析，如圖所示，可知L3所受磁場力的方向與L1、L2所在的平面垂直，故B正確；CD．設(shè)三根導(dǎo)線兩兩之間相互作用力為F，則L1、L2受到的磁場力的合力等于F，L3受的磁場力的合力為，即L1、L2、L3單位長度受到的磁場力之比為，故C正確，D錯誤．【點睛】先依據(jù)安培定則推斷磁場的方向，再依據(jù)磁場的疊加得出直線電流處磁場的方向，再由左手定則推斷安培力的方向，本題重點是對磁場方向的推斷、大小的比較．15.某同學(xué)自制的簡易電動機示意圖如圖所示．矩形線圈由一根漆包線繞制而成，漆包線的兩端分別從線圈的一組對邊的中間位置引出，并作為線圈的轉(zhuǎn)軸．將線圈架在兩個金屬支架之間，線圈平面位于豎直面內(nèi)，永磁鐵置于線圈下方．為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動起來，該同學(xué)應(yīng)將()A.左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉B.左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉C.左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉D.左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉【答案】AD【解析】【詳解】A．為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動起來，將左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉，這樣當線圈在圖示位置時，線圈的上下邊受安培力水平而轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)過一周后再次受到同樣的安培力而使其轉(zhuǎn)動，故A正確；B．若將左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，則當線圈在圖示位置時，線圈的上下邊受安培力水平而轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)過半周后再次受到相反方向的安培力而使其停止轉(zhuǎn)動，故B錯誤；C．左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉，電路不能接通，故不能轉(zhuǎn)起來，故C錯誤；D．若將左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉，這樣當線圈在圖示位置時，線圈的上下邊受安培力水平而轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)過半周后電路不導(dǎo)通，轉(zhuǎn)過一周后再次受到同樣的安培力而使其轉(zhuǎn)動，故D正確.三、試驗題（共20分）16.（1）如圖所示，螺旋測微器的讀數(shù)為_____mm，游標卡尺的讀數(shù)為____mm；（2）電壓表接0~3V量程，電壓表的讀數(shù)為_______V；（3）電流表接0~0.6A量程，電流表的讀數(shù)為______A。【答案】(1).6.124mm(±0.02mm)(2).50.90mm(3).2.15V

(4).0.16A【解析】【詳解】（1）[1]螺旋測微器的讀數(shù)為6mm+0.01mm×12.4=6.124mm；[2]游標卡尺的讀數(shù)為5cm×10+0.05mm×18=50.90mm；（2）[3]電壓表接0-3V量程，電壓表讀數(shù)2.15V；（3）[4]電流表接0-0.6A量程，電流表讀數(shù)為0.16A。【點睛】解決本題的關(guān)鍵駕馭游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀。螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。17.為測定一節(jié)新干電池的電動勢和內(nèi)電阻（已知該干電池的內(nèi)電阻相當小，額定電流為0.7A），可供選擇的器材有：電壓表：A.量程3V，內(nèi)阻為10kΩ；B.量程15V。內(nèi)阻為20kΩ；電流表：C.量程0.8A內(nèi)阻約為0.5Ω；D.量程3A，內(nèi)阻約為0.2Ω；滑動變阻器：E.最大電阻10Ω，額定電流0.7A；F.最大電阻2kΩ，額定電流2A；G.定值電阻R0=1Ω；H.開關(guān)、導(dǎo)線若干。(1)要使試驗誤差較小且操作便利，可選擇的器材是_______；(2)圖甲中的電路圖應(yīng)選擇_______；(3)試驗測得9組數(shù)據(jù)，已標在圖乙的坐標中，請在圖乙中連線______，從圖中可得電池電動勢_______V和內(nèi)阻_____Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).ACEGH(2).D(3).(4).1.5(5).0.14【解析】【詳解】(1)[1]由于干電池電動勢為1.5V，則電壓表選A；電源的額定電壓為0.7A，電流變選C；為便于調(diào)整，滑動變阻器選E；由于干電池內(nèi)阻較小，試驗中無法精確測量，電路中須要串聯(lián)一個定值電阻，須要用到G；電路中必需運用導(dǎo)線、開關(guān)，選H。(2)[2]由題意可知，電源內(nèi)阻特別小，無法干脆測量，故應(yīng)干脆與電源串聯(lián)一個定值電阻；由于電流表內(nèi)阻相對（電源和串聯(lián)的定值電阻）較大，不行忽視，相對于電源和定值電阻來說，電流表應(yīng)選擇外接法，故ABC錯誤，D正確。選D。(3)[3]采納描點法繪制圖像，如圖所示[4]圖像與縱坐標的交點為電源電動勢，故電動勢為1.5V。[5]等效內(nèi)阻則電源的內(nèi)阻為18.某同學(xué)為了測量一個電流表（量程為100mA）的內(nèi)阻，從試驗室找到了以下器材：一個多用電表、一個電阻箱（0～99.9Ω）和若干導(dǎo)線。（1）該同學(xué)先用多用電表的歐姆擋進行粗測。①選用“×10”②應(yīng)將多用電表選擇開關(guān)調(diào)至____擋（選填“×1”或“×100③選擇合適的量程，調(diào)零后測量的結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)是____Ω；（2）多用電表歐姆擋內(nèi)部的等效電路如圖乙中虛線框內(nèi)所示。為了更精確地測出待測電流表的內(nèi)阻，同時測出多用電表內(nèi)部電池的電動勢，該同學(xué)設(shè)計了如圖乙所示的試驗電路圖。①試驗時，多次調(diào)整電阻箱，記錄電阻箱的阻值R和對應(yīng)的電流表示數(shù)I；②某次測量中，電阻箱的阻值R=10.0Ω，電流表的讀數(shù)如圖丙所示，請將該數(shù)據(jù)點在答題卡中的坐標紙上描出，并作出關(guān)系圖像。__③依據(jù)圖像求得多用電表內(nèi)部電池的電動勢E=____V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）④已知多用電表歐姆擋表盤中心刻度值為“15”，則待測電流表內(nèi)阻=____Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1).×1(2).4.5(3).(4).1.4-1.6(5).4.8-6.0【解析】【詳解】（1）②[1]因為歐姆表的0刻度在左側(cè)，而指針是從右邊起先偏轉(zhuǎn)的，所以指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明被測電阻過小，應(yīng)換用小檔位，即×1檔；③[2]依據(jù)歐姆表的讀數(shù)原理，可知歐姆表的讀數(shù)為Ω；（2）②[3]依據(jù)描點法，圖像如圖所示③[4]依據(jù)閉合回路歐姆定律變形可得即圖像的斜率為解得E=1.5V④[5]因為歐姆表內(nèi)電阻等于中值電阻，故Ω，依據(jù)歐姆定律可得解得Ω四、計算題（本題共2小題，共20分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最終答案的不能得分）19.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強度、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強磁場。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動勢、內(nèi)阻的直流電源。現(xiàn)把一個質(zhì)量的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點間的電阻，金屬導(dǎo)軌的其它電阻不計，g取。已知，試求：（1）通過導(dǎo)體棒電流；（2）導(dǎo)體棒受到的安培力大小、方向；（3）導(dǎo)體棒受到的摩擦力的大小?！敬鸢浮浚?）1.5A（2）0.30N（3）0.06N【解析】【詳解】（1）導(dǎo)體棒、金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路，依據(jù)閉合電路歐姆定律有：；（2）導(dǎo)體棒受到的安培力：，依據(jù)左手定則可知，安培力分析沿斜面對上；（3）導(dǎo)體棒所受重力沿斜面對下的分力F1=mgsin37°=0.24N由于小于安培力，故導(dǎo)體棒受沿斜面對下的摩擦力，依據(jù)共點力平衡條件：mgsin37°+f=F安sin37°，解得：20.如圖，A、C兩點分別位于x軸和y軸上，，OC的長度為L。在區(qū)域內(nèi)有垂直于平面對里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電粒子，從坐標原點射入磁場，不計重力。（1）若粒子沿方向射入磁場，問粒子在磁場中運動的最長時間是多少？此時初速度應(yīng)滿意什么條件？（2）大量初速度大小為的粒子以不同的方向射入第一象限，求從AC邊射出的粒子在磁場中運動的最短時間，及該粒子的入射方向與X軸正向的夾角。【答案】（1）（2）；【解析】【詳解】（1）粒子轉(zhuǎn)過半圓從OA邊射出時時間為定值，速度最大的粒子與AC邊相切，如圖所示依據(jù)幾何關(guān)系可得依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得解得，所以滿意條件的粒子速度范圍為粒子速度大小相等，要使粒子在磁場中經(jīng)過的時間最短，需使粒子軌跡對應(yīng)的弦長最短，所以最短時間的軌跡如圖所示依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得解得粒子在磁場中的運動半徑為軌跡圖中幾何關(guān)系可得由此可知粒子軌跡對應(yīng)的圓心角為；最短時間為由圖可知，粒子入射方向與軸的夾角為。五、附加題（本題共2小題，共20分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最終答案的不能得分）21.電磁軌道炮利用電流和磁場的作用使炮彈獲得超高速度，其原理可用來研制新武器和航天運載器．電磁軌道炮示意如圖，圖中直流電源電動勢為E，電容器的電容為C．兩根固定于水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為l，電阻不計．炮彈可視為一質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒