云南省2024年高考物理模擬試卷及答案6

云南省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題得分1．足球運動有“世界第一運動”的美譽，是全球體育界最具影響力的單項體育運動。如圖所示為四種與足球有關的情景，下列說法正確的是（）A．甲圖中，靜止在草地上的足球受到的支持力就是它的重力B．乙圖中，靜止在光滑水平地面上且相互接觸的兩個足球會受到相互作用的彈力C．丙圖中，踩在腳下且靜止在水平草地上的足球可能受到3個力的作用D．丁圖中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于足球發(fā)生了形變而產(chǎn)生的2．某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑D=____mm；（）A．4.700 B．4.70 C．4.200 D．4.203．如圖所示，在一輛表面光滑的小車上，放有質(zhì)量分別為m1、m2的兩個球，隨車一起勻速運動，當車突然停止運動，其他阻力不計，設車無限長，則兩小球（）A．一定相碰 B．一定不相碰C．若m1>m2，則肯定相碰 D．若m1<m2，則一定不相碰4．跳高運動員在豎直向上跳起的瞬間，地面對他的彈力的大小為N，他對地面的壓力的大小為N′，比較N和N′的大?。ǎ〢．N＝N′ B．N＜N′C．N＞N′ D．不能確定N、N′那個力較大5．如圖甲所示，小物塊放在固定的足夠長的光滑斜面上，在平行于斜面向上的力F的作用下由靜止開始沿斜面運動，運動過程中物塊的機械能E隨位移x變化的關系如圖乙所示。其中0～x1過程與x2～x3過程的圖線是平滑的曲線，x1～x2過程的圖線是傾斜的直線，x3～x4過程的圖線是平行于x軸的直線，則下列說法正確的是（）A．在0～x1過程中小物塊的加速度不斷增大B．在x1～x2過程中小物塊可能做勻加速運動，也可能做勻速運動或者勻減速運動C．在x2～x3過程中F不斷減小，小物塊動能一定減小D．在x3～x4過程中小物塊一定做勻速運動6．如圖，質(zhì)量分別為M、m的兩個木塊A、B通過輕彈簧連接，木塊A放在水平桌面上，木塊B用輕繩通過定滑輪在力F的作用下整體恰好處于靜止狀態(tài)，繩與水平方向成α角．不計滑輪與繩間的摩擦．則下列正確的是（）A．木塊A對桌面的壓力(B．木塊A與桌面之間的動摩擦因數(shù)μ=C．彈簧與水平方向的夾角的正切值tanD．彈簧的彈力大小為F7．如圖所示，甲、乙是兩個完全相同的閉合導線線框，a、b是邊界范圍、磁感應強度大小和方向都相同的兩個勻強磁場區(qū)域，只是a區(qū)域到地面的高度比b高一些。甲、乙線框分別從磁場區(qū)域的正上方距地面相同高度處同時由靜止釋放，穿過磁場后落到地面。下落過程中線框平面始終保持與磁場方向垂直。以下說法正確的是（）A．甲乙兩框同時落地 B．乙框比甲框先落地C．落地時甲乙兩框速度相同 D．穿過磁場的過程中甲線框中通過的電荷量小于乙線框8．如圖所示，光滑圓環(huán)豎直固定，A為最高點，橡皮條上端固定在A點，下端連接一套在圓環(huán)上的輕質(zhì)小環(huán)，小環(huán)位于B點，AB與豎直方向夾角為30°，用光滑鉤拉橡皮條中點，將橡皮條中點拉至C點時，鉤的拉力大小為F，為保持小環(huán)靜止于B點，需給小環(huán)施加一作用力F'A．若F'沿水平方向，則F'=33C．F'的最大值為33F D．閱卷人二、多選題得分9．用油膜法測量分子直徑大小實驗的科學依據(jù)是（）A．將油膜看成單分子油膜B．不考慮各個油酸分子間的間隙C．考慮各個油酸分子間的間隙D．將油酸分子看成球形E．將油酸分子看成立方體10．質(zhì)量為m1=4kg的木板放在光滑的水平面上，其上放置一個質(zhì)量m2=2kg的小物塊，木板和物塊間的動摩擦因數(shù)為0.4，木板的長度為4m，物塊可視為質(zhì)點，現(xiàn)用一大小為F=16N的力作用在A．m1的加速度為2m/s2 B．C．經(jīng)過2s物塊從木板上脫離 D．物塊離開木板時的速度為8m11．在x軸上固定兩個帶電荷量分別為+4q、?q的點電荷，以其中的某一電荷為原點，兩電荷所形成的電場的電勢φ在x軸正半軸上的分布如圖所示，下列說法正確的是（）A．正電荷在坐標原點，負電荷在x=xB．負電荷在坐標原點，正電荷在x=?xC．在x軸上x>xD．一帶負電試探電荷從O處移到x212．如圖所示是一列簡諧波在t=0時的波形圖像，波速大小為v=10m/s，方向水平向右，此時波恰好傳到I點，則下列說法正確的是（）A．此列波的周期為T=2.5sB．質(zhì)點E開始振動的方向沿y軸負方向C．當t=5.1s時，x=10m的質(zhì)點處于平衡位置處D．質(zhì)點B，F(xiàn)在振動過程中相對平衡位置的位移總是相同E．質(zhì)點A，E，I振動過程中的加速度總是相同13．如圖所示，一列簡諧波沿x軸傳播，實線為t=0時的波形圖，此時P質(zhì)點向y軸負方向振動，虛線為0.02s(小于1個周期)時的波形圖。則下列說法正確的是（）A．波沿x軸正方向傳播B．波速為3.5m/sC．t=0.02s時，x=8cm處質(zhì)點向y軸負方向振動D．t=0至t=0.08s，質(zhì)點P通過的路程為0.04mE．該波的頻率為6.25Hz14．如圖甲，間距L=1.0m且足夠長的光滑平行金屬導軌ab、cd固定在水平面上，左側ac間接有R=2.0Ω的電阻，垂直于導軌跨接一根質(zhì)量m=1.0kg的金屬桿，金屬桿與導軌接觸良好，不計金屬桿與導軌的電阻。長為s（s足夠長）、寬為L的矩形區(qū)域有內(nèi)有豎直向上的勻強磁場，磁場右邊界緊鄰金屬桿，磁感應強度大小B=2T。從t=0時刻起，金屬桿（在方向平行于導軌的水平外力F作用下）和磁場向右運動的v?t圖像分別如圖乙中的P和Q，下列說法正確的是（）A．t=0時刻，R兩端的電壓為0B．t=1.0s時刻，金屬桿所受安培力的大小為2N、方向水平向右C．t=3.0s時刻，金屬桿所受外力F做功的功率為9.0WD．0~2.0s內(nèi)，通過電阻R的電荷量為4.0C閱卷人三、實驗題得分15．某研究性學習小組要研究彈簧的勁度系數(shù)與繞制彈簧的金屬絲直徑間的關系，為此他們選擇了同種材料制成的不同直徑的鋼絲來繞制彈簧。（1）進行此項實驗需要采用控制變量法，除了材料相同外，你認為還應控制哪些因素相同（寫出兩項即可）。（2）用游標卡尺測量繞制彈簧的鋼絲直徑，某次測量示數(shù)如圖所示，則該鋼絲的直徑為mm。（3）根據(jù)下表中相關數(shù)據(jù)，分析可得：在其他條件相同的情況下，彈簧的勁度系數(shù)與其所用鋼絲直徑的次冪成正比。

勁度系數(shù)k（N/m）鋼絲的直徑D（mm）D－1（mm－1）D2（mm2）D3（mm3）D4（mm4）11320.91.110.810.730.6624141.20.831.441.732.07310121.50.672.253.385.0616．在“探究彈力和彈簧伸長的關系”時，某同學把兩根彈簧如圖連接起來進行探究．鉤碼數(shù)1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.36（1）某次測量如圖所示，指針示數(shù)為cm．（2）在彈性限度內(nèi)，將50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，得到指針A、B的示數(shù)LA和LB如表．用表中數(shù)據(jù)計算彈簧1的勁度系數(shù)為N/m(重力加速度g=10m/s2)．由表中數(shù)據(jù)（填“能”或“不能”）計算出彈簧2的勁度系數(shù)．閱卷人四、解答題得分17．如圖所示，半徑為R的豎直光滑半圓軌道bc與水平光滑軌道ab在b點連接，開始時可視為質(zhì)點的物體A和B靜止在ab上，A、B之間壓縮有一處于鎖定狀態(tài)的輕彈簧(彈簧與A，B不連接)．某時刻解除鎖定，在彈力作用下A向左運動，B向右運動，B沿軌道經(jīng)過c點后水平拋出，落點p與b點間距離為2R.已知A質(zhì)量為2m，B質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計空氣阻力，求：（1）B經(jīng)c點拋出時速度的大??？（2）B經(jīng)b時速度的大??？（3）鎖定狀態(tài)的彈簧具有的彈性勢能？18．如圖所示，在豎直平面內(nèi)的xOy直角坐標系中，以足夠長的x軸為水平邊界的上方充滿方向與x軸的夾角θ=37°斜向上、電場強度大小為E1（未知）的勻強電場；x軸下方充滿正交的勻強電場和勻強磁場，電場的電場強度大小為E2（未知）、方向豎直向上，磁場方向水平向外．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球（視為質(zhì)點）從y軸上到原點O距離為L的A點由靜止釋放，釋放后小球沿AP方向做直線運動，從P點進入第IV象限后做勻速圓周運動且恰好經(jīng)過原點O．已知AP與x軸的夾角也為θ，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，空氣阻力不計，重力加速度大小為g．（1）求小球經(jīng)過P點時的速度大小v；（2）求E1（3）若小球從P點進入第IV象限后，立即改變x軸上方的勻強電場，使得小球通過原點O時所受合力與小球速度方向垂直，求改變后的勻強電場的電場強度最小時電場強度的方向和電場強度的最小值Emin以及改變電場后小球第一次經(jīng)過坐標軸上的位置到P點的距離s．19．把上端A封閉，下端B開口的玻璃管插入水中，放掉部分空氣后放手，玻璃管可以豎直地浮在水中（如圖所示）．設玻璃管的質(zhì)量m=40g，橫截面積S=2cm2，玻璃管露出水面以上部分的長度b=2cm，大氣壓強p0=105Pa，水的密度ρ=1g/cm3，玻璃管厚度和管內(nèi)空氣質(zhì)量不計，g取10m/s（1）求玻璃管內(nèi)空氣柱的長度；（2）用手拿住玻璃緩慢地豎直壓入水中，若水足夠深，則當管的A端在水面下超過某一深度H時，放手后玻璃管不再浮起，求H．20．如圖所示模型，水平地面上b點左側粗糙，動摩擦因數(shù)為μ=0.5，b點右側光滑，且ab=L=2.4m，cd段是半徑為R=0.4m、圓心角為60°的光滑圓弧軌道，圓弧軌道與水平地面平滑連接。質(zhì)量為m1=1kg的小物塊A以v0=7m/s的初速度從a點水平向右運動，質(zhì)量為m2=2kg的小物塊B靜止在b點右側，兩物塊均可看作質(zhì)點。物塊A與物塊B發(fā)生正碰后，A物塊以1m/s的速度向左運動，物塊B向右運動滑上圓弧軌道。重力加速度g=10m/s2。求：（1）兩物塊碰撞前A的速度大?。浚?）兩物塊碰撞過程中損失的機械能；（3）物塊B運動至d點時軌道對物塊的支持力大小。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、靜止在草地上的足球受到的支持力與重力大小相等，但并不能說支持力就是重力，故A錯誤。

B、靜止在光滑水平地面上的兩個足球并沒有發(fā)生彈性形變，未產(chǎn)生彈力，故B錯誤。

C、踩在腳下靜止在水平草地上的足球受到重力，支持力和腳對足球的壓力，故C正確。

D、落在球網(wǎng)中的足球受到的彈性是由于球網(wǎng)發(fā)生形變而產(chǎn)生的，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】本題主要考查物體的受力分析以及彈力產(chǎn)生的條件，只有物體相互擠壓且發(fā)生彈性形變時才會有彈力產(chǎn)生。2．【答案】A【解析】【解答】讀數(shù)：8×0.5+20.0×0.001=4.700mm

【分析】本題考查螺旋測微器的讀數(shù)，主尺讀數(shù)+副尺讀數(shù)，且估讀至下一位。3．【答案】B【解析】【解答】車停止運動后，兩個小球只受重力和支持力作用，合外力為零，故兩個小球依舊保持勻速直線運動，不會相碰，

故答案為：B。

【分析】本題主要考查牛頓第一定律的內(nèi)容，物體在不受外力或所受外力的矢量和為零時，保持靜止或勻速直線運動。4．【答案】A【解析】【解答】運動員起跳時，地面對他的彈力與他對地面的壓力為一對相互作用力，總是大小相等，方向相反.

故答案為：A。

【分析】本題主要考查牛頓第三定律的內(nèi)容，一對相互作用力總是大小相等，方向相反，且與物體運動狀態(tài)無關。5．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)圖像可知，圖像的斜率表示F的大小，0-x1的過程中，F(xiàn)從0開始逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律a=mgsinθ?Fm得小物塊的加速度逐漸減小。故A錯誤。

B、由x1-x2過程的圖像為傾斜直線可得F大小保持不變，但無法確定F的大小，故物塊可能做勻加速直線運動，也可能做勻減速直線運動，還可能做勻速直線運動，故B正確。

C、根據(jù)圖像可知在x2～x3過程中F不斷減小，但由于無法確定F的值，故無法判斷物塊的速度變化情況，故C錯誤。

D、x3～x4過程的圖線是平行于x軸的直線，則此時F=0，小物塊一定做勻變速直線運動，故D錯誤。6．【答案】C【解析】【解答】A、B、對A和B物體構成的整體進行受力分析，根據(jù)共點力平衡條件可得Fsinα+FN=(m+M)gFcosα=μFN，聯(lián)立得FN=（M+m）g?Fsinαμ=7．【答案】B【解析】【解答】由于乙距離磁場更高，則根據(jù)E=BLV可知乙進入磁場中時產(chǎn)生的感應電動勢更大，由歐姆定律可知乙線框中電流更大，即所受安培力更大，磁場區(qū)域?qū)挾认嗤?，安培力對線框乙做的負功更多，則產(chǎn)生的熱量更多，由能量守恒定律可得mg?=12mv2+Q，乙產(chǎn)生的熱量更多，則落地速度更小，故C錯誤；由電荷量的表達式q=I8．【答案】A【解析】【解答】對C點受力分析，根據(jù)平衡條件得橡皮筋的彈力F1=F2cos30o，橡皮筋對小環(huán)的拉力水平向右，大圓環(huán)對小環(huán)的彈力沿半徑方向，若F9．【答案】A,B,D【解析】【解答】油膜法測量分子直徑是將油膜看成緊密排列的單分子層，且將油膜分子看做標準球體的前提下進行的。

故答案為：ABD。

【分析】根據(jù)油膜法測量分子直徑的實驗依據(jù)判斷求解。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A、對m2進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得μm2g=m1a1，解得a1=2m/s2，故A正確。

B、對m2進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得F?μm2g=m11．【答案】B,C【解析】【解答】A、根據(jù)圖像可知x=0處電勢趨向無窮小，故x=0處為負電荷，故A錯誤。

B、根據(jù)圖像可知x軸正半軸方向電勢沒有趨向無窮大的點，x軸正半軸無正電荷，且x=x2處電場強度為為零，則根據(jù)點電荷場強決定式E=kqr2，得正電荷在x=?x2的位置，故B正確。

C、x>x2區(qū)域內(nèi)沿x軸正方向電勢逐漸降低，故電場強度沿x軸正方向，C正確。

D、根據(jù)E12．【答案】B,D,E【解析】【解答】A．由波形圖可知，波長λ=4m，則周期T=λB．由圖像信息以及波的傳播方向與質(zhì)點振動方向的關系可知，E剛開始振動時的方向沿y軸負方向，B符合題意；C．波傳到x=10m的質(zhì)點的時間t1=xD．質(zhì)點B、F平衡位置之間的距離正好是一個波長，振動情況完全相同，所以質(zhì)點B、F在振動過程中位移總是相等，D符合題意；E．質(zhì)點A、E、I平衡位置間的距離分別為一個波長，所以振動情況相同，E符合題意。故答案為：BDE。

【分析】根據(jù)波形圖以及周期和波長的關系得出該波的周期，結合波傳播的距離和速度的關系得出振子所在的位置，利用質(zhì)點的振動得出BF的位移。13．【答案】A,C,E【解析】【解答】A、根據(jù)波形圖可知此橫波沿X軸正方向傳播，故A正確。

B、根據(jù)圖像可知此橫波在0.02s內(nèi)向x軸正方向傳播了1cm，故此橫波的波速為0.5m/s。故B錯誤。

C、因為此橫波沿正方向傳播，故0.02s時x=8cm處質(zhì)點向y軸負方向振動，故C正確。

D、由圖像可知此波的波長為λ=8cm，波速為v=0.5m/s，則周期為T=0.16s，0-0.08s為半個周期，則質(zhì)點P走過的路程為0.02，m，故D錯誤。

E、根據(jù)f=1T可得f=6.25Hz，故E正確。

故答案為：ACE。14．【答案】B,C【解析】【解答】A．t=0時刻，由乙圖可知，金屬桿向左切隔磁感線的速度（金屬桿相對磁場的速度）為2m/s，故感應電動勢為E故R兩端的電壓為4V，A不符合題意；B．t=1.0s時刻，金屬桿向左切隔磁感線的速度為1m/s，感應電動勢為E回路感應電流為I金屬桿所受安培力的大小為F=B由左手定則可知，方向水平向右，B符合題意；C．t=3.0s時刻，金屬桿相對磁場向右運動，切隔磁感線的速度為1m/s，類比B的解析可知，金屬桿受到的安培力大小為2N，方向水平向左，據(jù)牛頓第二定律可得F?由乙圖可知，加速度大小為a=1解得外力F=3N此時桿的速度為v=3m/s故金屬桿所受外力F做功的功率為P=Fv=9.0WC符合題意；D．0~2.0s內(nèi)，由乙圖可得，金屬桿相對磁場的位移為s=故回路磁通量的變化量為ΔΦ=B?Ls=4Wb回路的平均感應電動勢為E平均感應電流為I流過的電荷量為q=聯(lián)立可得q=故通過電阻R的電荷量為2.0C，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】v-t圖像的斜率表示物體的加速度，與坐標軸圍成圖形的面積表示物體運動的位移，利用法拉第電磁感應定律以及安培力的表達式得出金屬桿所受安培里的大小，結合瞬時功率的表達式得出外力所的功率的大小。15．【答案】（1）彈簧的自然長度、總匝數(shù)、彈簧圈的直(半)徑或彈簧的粗細或彈簧的橫截面積等(任答兩種即可)（2）1.4（3）4【解析】【解答】（1）要研究彈簧的勁度系數(shù)與繞制彈簧的金屬絲直徑間的關系，需要控制其他可能影響彈簧勁度系數(shù)的因素相同，例如彈簧長度，匝數(shù)等。

（2）游標卡尺的讀數(shù)為d=1mm+×4×0.1mm=1.4mm

（3）根據(jù)表格可知在誤差允許范圍內(nèi)勁度系數(shù)與直徑的四次冪成正比。

【分析】（1）控制變量法適用于探究多個物理量之間的關系，需要保證其他物理量不變，探究兩個物理量之間的關系。

（2）游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)加副尺讀數(shù)，注意不需要估讀。

（3）根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點連線進行分析。16．【答案】（1）15.97（2）12.5；能【解析】【解答】（1）刻度尺讀數(shù)為15.96-15.98cm。

（2）根據(jù)胡克定律F=kx可得彈簧1的勁度系數(shù)為12.5N/m。根據(jù)彈簧2的形變量和彈力也可計算彈簧2的勁度系數(shù)。

【分析】（1）刻度尺的讀數(shù)需要讀至最小分度值的下一位。

（2）根據(jù)表格和胡克定律的表達式列方程求解。17．【答案】（1）解：B平拋運動過程豎直方向有2R＝12gt2，水平方向：2R＝vct，解得：vc＝.（2）解：B從b到c，由機械能守恒定律得12mvb（3）解：設完全彈開后，A的速度為va，彈簧回復原長過程中A與B組成系統(tǒng)動量守恒，2mva－mvb＝0，解得：va＝12vb＝5gR2，由能量守恒定律，得彈簧彈性勢能：Ep【解析】【分析】（1）利用平拋運動的位移公式可以求出速度的大?。?/p>

（2）利用機械能守恒定律可以求出速度的大??；

（3）利用動量守恒定律及能量守恒定律可以求出彈性勢能的大小。18．【答案】（1）解：小球從A點運動到原點O過程的受力和運動情況如圖甲所示：由于小球沿AP方向做直線運動，故該過程小球所受合力F沿AP方向，根據(jù)正弦定理有：mg小球從A點運動到P點的過程中，根據(jù)動能定理有：F·L解得：v=5（2）解：根據(jù)正弦定理有：mg由于小球從P點進入第IV象限后做勻速圓周運動，有：qE2=mg解得：E由幾何關系可得，小球在x軸下方做勻速圓周運動的半徑為：r=L洛倫茲力提供小球做圓周運動所需的向心力，有：qvB=mv解得：B=3m（3）解：根據(jù)對稱性可知，小球經(jīng)過原點O時的速度方向與x軸正方向的夾角也為θ（斜向上），