2024屆江西省贛州市高三下學(xué)期3月摸底考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE7贛州市2024年高三年級摸底考試物理試卷2024年3月一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。1.下列單位等價的一組是（）A.N·s與kg·m/s2 B.J與N·m C.C與A·V D.A與T·m2/s〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知N·s與kg·m/s單位等價，A錯誤；B．根據(jù)可知J與N·m單位等價，B正確；C．根據(jù)可知W與A·V單位等價，C錯誤；D．根據(jù)求得對應(yīng)單位是D錯誤。故選B。2.2023年10月5日，日本又啟動了第二輪污水排海行動，再次排入海中7800噸核污水。核廢水中含有多種放射性元素，如鈾、鍶、銠、銫、碘等，其中銠損傷腎臟、造血器官以及胃腸道而引起病變，嚴重時引起腫瘤。銠106的半衰期約370天，衰變方程為，下列說法正確的是（）A.X是β粒子B.降低溫度會使銠106的半衰期變長C.的比結(jié)合能比的比結(jié)合能大D.經(jīng)過一個半衰期，100個一定剩下50個未衰變〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得，的質(zhì)量數(shù)為0，電荷數(shù)為，可知，X是β粒子，故A正確；B．某種元素的半衰期長短由其本身因素決定，與它所處的物理，化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，即降低溫度不會使銠106的半衰期變長，故B錯誤；C．衰變后新核更穩(wěn)定，即新核比結(jié)合能更大，則的比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，故C錯誤；D．半衰期是統(tǒng)計規(guī)律，對于少數(shù)原子核不適用，故D錯誤。故選A。3.在一次高樓救援中，待援人員登上吊臂后，吊車操控員熟練操控吊籃在離開建筑的同時逐漸下降，已知吊籃在水平方向的x-t圖像和豎直方向的a-t圖像分別如圖1、圖2所示，則下列說法正確的是（）A.吊籃在下降過程中做勻變速曲線運動B.吊籃在水平方向上做勻加速直線運動C.吊籃內(nèi)的人員在0-t1內(nèi)處于失重狀態(tài)D.t1時刻后吊籃內(nèi)的人員受到靜摩擦力作用〖答案〗C〖解析〗AB．吊籃在下降過程中，水平方向上做勻速直線運動，豎直方向先做勻加速運動后做勻減速運動，因加速度發(fā)生了變化，則合運動不是做勻變速曲線運動，選項AB錯誤；C．吊籃內(nèi)的人員在0-t1內(nèi)加速度豎直向下，處于失重狀態(tài)，選項C正確；D．t1時刻后吊籃內(nèi)的人員因水平方向做勻速運動，可知不受靜摩擦力作用，選項D錯誤。故選C 4.LED燈具有節(jié)能、環(huán)保、壽命長、高亮度、耐高溫等特點從而得到廣泛使用，下圖為汽車車頭LED大燈，為提高亮度燈組的前端是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的玻璃球，如圖所示O為球心，一單色光束從O1處射向A點，經(jīng)折射后從B點平行與OO1射出，折射角為60°，OA⊥OB，則（）A.光束在A點的入射角α=30°B.光束在玻璃球中頻率比在真空中要小C.此光束在玻璃中傳播的時間為D.玻璃球的折射率為〖答案〗D〖解析〗AD．根據(jù)幾何關(guān)系可知，光線從B點射出時的入射角為，根據(jù)折射定律可知，玻璃球的折射率為由于光線從A點折射角為，則光束在A點的入射角為故A錯誤，D正確；B．光束在玻璃球中頻率與在真空中頻率相等，故B錯誤；C．此光束在玻璃中傳播的速度為根據(jù)幾何關(guān)系可知，光束在玻璃中傳播的距離為則此光束在玻璃中傳播的時間為故C錯誤。故選D。5.如圖所示，以O(shè)為圓心、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直圓面向里、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場。圓上有A、C、D三點，從A點沿半徑AO方向射入一個帶電粒子（不計重力），入射速度為v1時，粒子恰好從C點離開磁場。已知粒子的比荷為k，且∠AOC=90°，∠AOD=120°，下列說法正確的是（）A.粒子在磁場中的運動時間為B.圓形區(qū)域的半徑為C.要使粒子從D點離開磁場，入射速度為D.若只改變?nèi)肷渌俣确较颍Ｗ硬豢赡芙?jīng)過O點〖答案〗C〖解析〗A．粒子從A點進入磁場，C點離開磁場，則粒子的速度方向改變了，所以粒子在磁場中的運動時間為故A錯誤；B．粒子從A點進入磁場，C點離開磁場，根據(jù)幾何知識可知，粒子的軌跡半徑而粒子在磁場中的運動時間為聯(lián)立可得，圓形區(qū)域的半徑為故B錯誤；C．粒子從C、D點離開磁場的運動軌跡如下圖所示根據(jù)幾何知識可得，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立可得即要使粒子從D點離開磁場，入射速度為，故C正確；D．由于，所以若只改變?nèi)肷渌俣确较颍Ｗ涌赡芙?jīng)過O點，故D錯誤。故選C6.2023年7月10日，一顆國際編號為381323號的小行星被命名為“樊錦詩星”，以表彰樊錦詩為中國石窟考古與保護作出了重大貢獻。該小行星由中國科院紫金山天文臺發(fā)現(xiàn)的，國際天文學(xué)聯(lián)合會（IAU）批準命名，其繞日運行一周需5.7年。現(xiàn)把“樊錦詩星”及地球繞太陽的運動視為逆時針勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離為R0，若樊錦詩星與地球繞行軌道共面且繞行方向相同，圖示時刻地球及樊錦詩星與太陽連線的夾角為120°，則下列正確的是（）A.樊錦詩星的繞行加速度大于地球的繞行加速度B.樊錦詩星到太陽的距離約為C.從圖示位置起，地球與樊錦詩星下次相距最近時間約為年D.樊錦詩星的繞行速度大于地球的繞行速度〖答案〗B〖解析〗A．由萬有引力提供向心力，可得由圖可知樊錦詩星的軌道半徑大于地球的軌道半徑，所以樊錦詩星的繞行加速度小于地球的繞行加速度，故A錯誤；B．由開普勒第三定律，解得樊錦詩星到太陽的距離約為故B正確；C．設(shè)從圖示位置起，地球與樊錦詩星下次相距最近時間為t，則解得故C錯誤；D．由萬有引力提供向心力，可得由圖可知樊錦詩星軌道半徑大于地球的軌道半徑，所以樊錦詩星的繞行速度小于地球的繞行速度，故D錯誤。故選B。7.如圖甲所示，光滑水平地面上有A、B兩物塊，質(zhì)量分別為2kg、6kg，B的左端拴接著一勁度系數(shù)為的水平輕質(zhì)彈簧，它們的中心在同一水平線上。A以速度v0向靜止的B方向運動，從A接觸彈簧開始計時至A與彈簧脫離的過程中，彈簧長度l與時間t的關(guān)系如圖乙所示，彈簧始終處在彈性限度范圍內(nèi)，已知彈簧的彈性勢能（x為彈簧的形變量），則（）A.在0~2t0內(nèi)B物塊先加速后減速B.整個過程中，A、B物塊構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒C.v0=2m/sD.物塊A在t0時刻時速度最小〖答案〗C〖解析〗A．在0~2t0內(nèi)，彈簧始終處于壓縮狀態(tài)，即B受到的彈力始終向右，所以B物塊始終做加速運動，故A錯誤；B．整個過程中，A、B物塊和彈簧三者構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒，故B錯誤；C．由圖可知，在t0時刻，彈簧被壓縮到最短，則此時A、B共速，此時彈簧的形變量為則根據(jù)A、B物塊系統(tǒng)動量守恒有根據(jù)A、B物塊和彈簧三者構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒有聯(lián)立解得故C正確；D．在0~2t0內(nèi)，彈簧始終處于壓縮狀態(tài)，即A受到彈力始終向左，所以A物塊始終做減速運動，則物塊A在2t0時刻時速度最小，故D錯誤。故選C。8.在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞垂直與磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢如圖甲所示，現(xiàn)用產(chǎn)生的交流電給乙圖所示電路供電，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1:2，閉合開關(guān)后，規(guī)格為“10V，5W”的燈泡L恰好正常發(fā)光，R1為定值，R2=20Ω，電壓表為理想電表。下列判斷正確的是（）A.金屬線框的轉(zhuǎn)速為100r/sB.t=0.01s時，穿過線框的磁通量最大C.R1=12ΩD.電壓表示數(shù)為10V〖答案〗BC〖解析〗A．由甲圖可知，線框轉(zhuǎn)動的周期為0.02s，所以故A錯誤；B．t=0.01s時，感應(yīng)電動勢為零，即磁通量的變化率為零，穿過線框的磁通量最大，故B正確；D．由于燈泡正常發(fā)光，所以即電壓表的示數(shù)為20V，故D錯誤；C．根據(jù)理想變壓器原副線圈電流、電壓與匝數(shù)的關(guān)系有聯(lián)立解得故C正確。故選BC。9.如圖甲所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線和虛線分別為t1=0s時刻和t2時刻的波形圖，P、Q分別是平衡位置為x1=1.0cm和x2=8.0cm的兩質(zhì)點。圖乙為質(zhì)點Q的振動圖像，則（）A.波沿x軸負方向傳播B.t1=0s時刻后質(zhì)點Q比P先達到波峰C.t=0.075s時，質(zhì)點Q的加速度小于P的加速度D.t2時刻可能為0.35s〖答案〗AD〖解析〗A．由于質(zhì)點Q在0時刻的振動方向向上，根據(jù)“上下坡”法可知，波沿x軸負方向傳播，故A正確；B．t1=0s時刻，質(zhì)點Q處于平衡位置且向上振動，經(jīng)過四分之一周期達到波峰，而質(zhì)點P向上振動，經(jīng)過八分之一周期到達波峰，所以質(zhì)點P比Q先達到波峰，故B錯誤；C．t=0.075s時，即從0時刻開始經(jīng)過八分之三周期，質(zhì)點P回到平衡位置，且向下振動，其加速度為零，質(zhì)點Q從正向最大位移處運動到平衡位置的過程中，其加速度大于P的加速度，故C錯誤；D．波沿x軸負方向傳播，則有解得由此可知，t2時刻可能為0.35s，故D正確。故選AD。10.水平臺邊緣O處一質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球，以與水平面成30°角的速度斜向上拋出，在豎直面上運動，整個空間有一勻強電場（圖中未畫出），小球所受電場力與重力等大。小球先后以速度大小v1、v2兩次拋出，分別落在傾角為60°的斜面上的a、b兩點，兩次運動時間分別為t1、t2且小球機械能的增量相同，其中落到a點時小球速度與斜面垂直。已知O、b兩點等高且水平距離為L，重力加速度為g，空氣阻力不計，則（）A.a、b兩點電勢為B.小球落到a時的速度大小為2v1C.兩次運動的時間關(guān)系為D.落到斜面上a、b兩點時增加的機械能為〖答案〗BD〖解析〗AC．兩次小球機械能的增量相同，說明電場力對小球做功相同，可知斜面為等勢面，即電場強度的方向垂直斜面向下，對小球受力分析，如圖所示可知小球所受合力沿y方向，根據(jù)圖示幾何關(guān)系可知小球的初速度與y方向垂直，則小球沿x方向做勻速運動，y方向做勻加速直線運動，分別做bP、aM垂直與y軸，則解得故AC錯誤；B．由于小球落到a時的速度垂直于斜面，將速度分解為x方向的速度與y方向的速度，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知解得故B正確；D．O、b兩點等高且水平距離為L，則O點到斜面的距離為電場力做功為小球增加的機械能故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.小軍同學(xué)從報廢的家用電器上拆下一個色環(huán)電阻，由于掉色，無法看出其阻值。他設(shè)計如圖所示的實驗電路來測量色環(huán)電阻的阻值。（1）導(dǎo)線①與b處連接，閉合S，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表均無示數(shù)，于是小軍將導(dǎo)線①與b處斷開，依次連接c、d處，連接c處時，兩電表仍無示數(shù)，連接d處時，電壓表示數(shù)為2.80V，由此可以判斷___________。A.ab間短路 B.bc間斷路 C.cd間斷路（2）處理好故障后，閉合S，當導(dǎo)線①與b處連接時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為，；當導(dǎo)線①與c處連接時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為，。根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)判斷，當導(dǎo)線①與___________（填“b”或“c”）處連接時，測量相對準確，測量值___________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）C（2）b2.5〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意可知，導(dǎo)線①與b處連接，閉合S，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表均無示數(shù)，說明中電路中有斷路，且斷路在之間以外的電路，連接c處時，兩電表仍無示數(shù)，說明斷路在之間以外的電路，連接d處時，電壓表示數(shù)為2.80V，說明斷路在間。故選C?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)題意可知電壓表變化較大，說明電流表分壓較多，應(yīng)采用電流表外接法，即導(dǎo)線①與處連接時，測量相對準確，測量值12.寒假期間，小華在家?guī)兔ψ黾覄?wù)時，發(fā)現(xiàn)了一鎖頭，他利用鎖頭代替擺球做了一個如圖所示的單擺，來測量當?shù)氐闹亓铀俣萭。具體操作如下：（1）靜止時，鎖頭位于最低B處，用刻度尺測量細線的有效長度l，將鎖頭移至A處，使細線拉開一個小角度。（2）靜止釋放鎖頭，待鎖頭擺動穩(wěn)定后，用智能手機測量周期T，為了減小測量誤差，當鎖頭運動到___________處（填“A”或“B”）開始計時，并此時記為0次，當鎖頭第N次通過該處時，停止計時，顯示時間為t，則周期T=___________。（3）改變細線的有效長度先后做兩次實驗，記錄細線的有效長度及單擺對應(yīng)的周期分別為l1、T1和l2、T2，則重力加速度為g=___________。（用l1、l2、T1、T2表示）（4）小華未測量鎖頭的重心位置，這對上述實驗結(jié)果___________（填“有”或“無”）影響。〖答案〗（2）B（3）（4）無〖解析〗（2）[1]由于鎖頭運動至最低點B處速度最大，此時計時較精確，誤差小。[2]每個周期經(jīng)過最低點兩次，則解得（3）[3]設(shè)擺線末端與鎖頭重心間的距離為r，由周期公式可得解得（4）由（3）可知，未測量鎖頭的重心位置，這對實驗結(jié)果重力加速度的測量無影響。13.裝有汽水飲料的瓶內(nèi)密封一定質(zhì)量的二氧化碳理想氣體，時，壓強。（1）若瓶內(nèi)氣體的質(zhì)量變化忽略不計，時，氣壓是多大？（2）保持溫度不變，用力搖晃瓶子后，使瓶內(nèi)氣體壓強與（1）問相等，忽略瓶內(nèi)氣體體積的變化，此時氣體的質(zhì)量為原來的多少倍？〖答案〗（1）；（2）1.02〖解析〗（1）瓶內(nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為若瓶內(nèi)氣體的質(zhì)量變化忽略不計，溫度變化過程中體積不變，由查理定律知代入得（2）保持溫度不變，可以等效為由壓強為、體積為的等溫壓縮成壓強為、體積為的氣體，由玻意耳定律得解得即故氣體的質(zhì)量為原來的1.02倍。14.磁力剎車是為保證過山車在最后進站前的安全而設(shè)計的一種剎車形式，剎車金屬線框安裝在過山車底部或兩側(cè)，在軌道間的磁場作用下而減速。簡化模型如圖所示，在水平面上的兩根平行直導(dǎo)軌間，有等距離分布的方向相反的豎直勻強磁場B1和B2，且B1=B2=B，每個磁場分布區(qū)間的長都是L，相間排列。正方形剎車線框邊長為L，電阻為R，以初始速度大小v0進入磁場。已知過山車的質(zhì)量為m，不計軌道摩擦和空氣阻力，求：（1）線框ab邊剛進入磁場時的電流大小I；（2）線框ab邊剛進入磁場B2中時加速度大小a、〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）線框ab邊剛進入磁場時，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有感應(yīng)電流為（2）線框ab邊剛進入磁場B2中時，線框中的電荷量為設(shè)此時線框的速度為v，根據(jù)動量定理有根據(jù)牛頓第二定律有解得15.2024年的大雪，給孩子們的生活增添了許多樂趣。如圖甲所示，有大、小兩孩子在戶外玩滑雪游戲，在水平地面上固定有一豎直擋板Q、傾角為30°的斜面AB，斜面AB的底端與水平面平滑相接。質(zhì)量為m=10kg、長度L=2.5m的平板P靜止在水平面上，質(zhì)量為M=30kg的小孩（可視為質(zhì)點）靜坐于平板右端，大孩給小孩一水平向左的瞬間沖量，使小孩獲得v=4m/s的速度，同時大孩向右運動并沿斜面AB上滑恰好過B點，斜面AB長度為s=0.9m。平板P向左運動并與擋板Q發(fā)生彈性碰撞。以第一次碰撞瞬間為計時起點，取水平向左為正方向，碰后0.5s內(nèi)小孩運動的圖像如圖乙所示。僅考慮小孩與平板間的摩擦，其它摩擦忽略不計，重力加速度取g=10m/s2，求：（1）大孩對小孩作用的過程中大孩做的總功；（2）平板P最初靜止時，其左端離擋板Q的最小距離；（3）通過計算說明小孩與平板最終是否分離，若會分離，分離時的速度分別為多少？〖答案〗（1）；（2）；（3）會分離，分離時的小孩的速度為，平板P的速度為0〖解析〗（1）設(shè)大孩的質(zhì)量為，大孩給小孩一水平向左的瞬間沖量瞬間，大孩獲得的速度大小為，根據(jù)動量守恒可得根據(jù)題意可知大孩向右運動并沿斜面AB上滑恰好過B點，根據(jù)動能定理可得聯(lián)立解得，根據(jù)功能關(guān)系可知，大孩對小孩作用的過程中大孩做的總功為（2）設(shè)平板P與擋板Q碰撞前，平板P與小孩已經(jīng)達到共速，根據(jù)動量守恒可得解得結(jié)合圖乙可知，假設(shè)成立；設(shè)小孩與平板P動摩擦因數(shù)為，根據(jù)圖乙可得小孩做勻減速運動的加速度大小為以小孩為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得解得以平板P為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得平板P的加速度大小為則平板P從開始運動到第一次共速通過的位移大小為可知平板P最初靜止時，其左端離擋板Q的最小距離為。（3）小孩第一次與平板P共速時，發(fā)生的相對位移為此時小孩與平板P左端的距離為小孩第一次與平板P共速后一起勻速運動，直到平板P與擋板Q發(fā)生彈性碰撞，碰撞后，小孩向左做勻減速運動，平板P先向右做勻減速運動再向左做勻加速運動，直到第二次共速，根據(jù)動量守恒可得解得第二次共速的速度為從平板P與擋板Q發(fā)生第一次彈性碰撞到第二次共速，小孩與平板P發(fā)生的相對位移為此時小孩與平板P左端的距離為同理，平板P與擋板Q發(fā)生第二次彈性碰撞到第三次共速，根據(jù)動量守恒可得解得第二次共速的速度為從平板P與擋板Q發(fā)生第二次彈性碰撞到第三次共速，小孩與平板P發(fā)生的相對位移為可知第三次共速前，小孩已經(jīng)從平板P左端滑落，設(shè)滑落時小孩和平板P的速度分別為、，根據(jù)動量守恒可得根據(jù)能量守恒可得聯(lián)立解得，贛州市2024年高三年級摸底考試物理試卷2024年3月一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。1.下列單位等價的一組是（）A.N·s與kg·m/s2 B.J與N·m C.C與A·V D.A與T·m2/s〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知N·s與kg·m/s單位等價，A錯誤；B．根據(jù)可知J與N·m單位等價，B正確；C．根據(jù)可知W與A·V單位等價，C錯誤；D．根據(jù)求得對應(yīng)單位是D錯誤。故選B。2.2023年10月5日，日本又啟動了第二輪污水排海行動，再次排入海中7800噸核污水。核廢水中含有多種放射性元素，如鈾、鍶、銠、銫、碘等，其中銠損傷腎臟、造血器官以及胃腸道而引起病變，嚴重時引起腫瘤。銠106的半衰期約370天，衰變方程為，下列說法正確的是（）A.X是β粒子B.降低溫度會使銠106的半衰期變長C.的比結(jié)合能比的比結(jié)合能大D.經(jīng)過一個半衰期，100個一定剩下50個未衰變〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得，的質(zhì)量數(shù)為0，電荷數(shù)為，可知，X是β粒子，故A正確；B．某種元素的半衰期長短由其本身因素決定，與它所處的物理，化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，即降低溫度不會使銠106的半衰期變長，故B錯誤；C．衰變后新核更穩(wěn)定，即新核比結(jié)合能更大，則的比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，故C錯誤；D．半衰期是統(tǒng)計規(guī)律，對于少數(shù)原子核不適用，故D錯誤。故選A。3.在一次高樓救援中，待援人員登上吊臂后，吊車操控員熟練操控吊籃在離開建筑的同時逐漸下降，已知吊籃在水平方向的x-t圖像和豎直方向的a-t圖像分別如圖1、圖2所示，則下列說法正確的是（）A.吊籃在下降過程中做勻變速曲線運動B.吊籃在水平方向上做勻加速直線運動C.吊籃內(nèi)的人員在0-t1內(nèi)處于失重狀態(tài)D.t1時刻后吊籃內(nèi)的人員受到靜摩擦力作用〖答案〗C〖解析〗AB．吊籃在下降過程中，水平方向上做勻速直線運動，豎直方向先做勻加速運動后做勻減速運動，因加速度發(fā)生了變化，則合運動不是做勻變速曲線運動，選項AB錯誤；C．吊籃內(nèi)的人員在0-t1內(nèi)加速度豎直向下，處于失重狀態(tài)，選項C正確；D．t1時刻后吊籃內(nèi)的人員因水平方向做勻速運動，可知不受靜摩擦力作用，選項D錯誤。故選C 4.LED燈具有節(jié)能、環(huán)保、壽命長、高亮度、耐高溫等特點從而得到廣泛使用，下圖為汽車車頭LED大燈，為提高亮度燈組的前端是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的玻璃球，如圖所示O為球心，一單色光束從O1處射向A點，經(jīng)折射后從B點平行與OO1射出，折射角為60°，OA⊥OB，則（）A.光束在A點的入射角α=30°B.光束在玻璃球中頻率比在真空中要小C.此光束在玻璃中傳播的時間為D.玻璃球的折射率為〖答案〗D〖解析〗AD．根據(jù)幾何關(guān)系可知，光線從B點射出時的入射角為，根據(jù)折射定律可知，玻璃球的折射率為由于光線從A點折射角為，則光束在A點的入射角為故A錯誤，D正確；B．光束在玻璃球中頻率與在真空中頻率相等，故B錯誤；C．此光束在玻璃中傳播的速度為根據(jù)幾何關(guān)系可知，光束在玻璃中傳播的距離為則此光束在玻璃中傳播的時間為故C錯誤。故選D。5.如圖所示，以O(shè)為圓心、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直圓面向里、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場。圓上有A、C、D三點，從A點沿半徑AO方向射入一個帶電粒子（不計重力），入射速度為v1時，粒子恰好從C點離開磁場。已知粒子的比荷為k，且∠AOC=90°，∠AOD=120°，下列說法正確的是（）A.粒子在磁場中的運動時間為B.圓形區(qū)域的半徑為C.要使粒子從D點離開磁場，入射速度為D.若只改變?nèi)肷渌俣确较?，粒子不可能?jīng)過O點〖答案〗C〖解析〗A．粒子從A點進入磁場，C點離開磁場，則粒子的速度方向改變了，所以粒子在磁場中的運動時間為故A錯誤；B．粒子從A點進入磁場，C點離開磁場，根據(jù)幾何知識可知，粒子的軌跡半徑而粒子在磁場中的運動時間為聯(lián)立可得，圓形區(qū)域的半徑為故B錯誤；C．粒子從C、D點離開磁場的運動軌跡如下圖所示根據(jù)幾何知識可得，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立可得即要使粒子從D點離開磁場，入射速度為，故C正確；D．由于，所以若只改變?nèi)肷渌俣确较颍Ｗ涌赡芙?jīng)過O點，故D錯誤。故選C6.2023年7月10日，一顆國際編號為381323號的小行星被命名為“樊錦詩星”，以表彰樊錦詩為中國石窟考古與保護作出了重大貢獻。該小行星由中國科院紫金山天文臺發(fā)現(xiàn)的，國際天文學(xué)聯(lián)合會（IAU）批準命名，其繞日運行一周需5.7年。現(xiàn)把“樊錦詩星”及地球繞太陽的運動視為逆時針勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離為R0，若樊錦詩星與地球繞行軌道共面且繞行方向相同，圖示時刻地球及樊錦詩星與太陽連線的夾角為120°，則下列正確的是（）A.樊錦詩星的繞行加速度大于地球的繞行加速度B.樊錦詩星到太陽的距離約為C.從圖示位置起，地球與樊錦詩星下次相距最近時間約為年D.樊錦詩星的繞行速度大于地球的繞行速度〖答案〗B〖解析〗A．由萬有引力提供向心力，可得由圖可知樊錦詩星的軌道半徑大于地球的軌道半徑，所以樊錦詩星的繞行加速度小于地球的繞行加速度，故A錯誤；B．由開普勒第三定律，解得樊錦詩星到太陽的距離約為故B正確；C．設(shè)從圖示位置起，地球與樊錦詩星下次相距最近時間為t，則解得故C錯誤；D．由萬有引力提供向心力，可得由圖可知樊錦詩星軌道半徑大于地球的軌道半徑，所以樊錦詩星的繞行速度小于地球的繞行速度，故D錯誤。故選B。7.如圖甲所示，光滑水平地面上有A、B兩物塊，質(zhì)量分別為2kg、6kg，B的左端拴接著一勁度系數(shù)為的水平輕質(zhì)彈簧，它們的中心在同一水平線上。A以速度v0向靜止的B方向運動，從A接觸彈簧開始計時至A與彈簧脫離的過程中，彈簧長度l與時間t的關(guān)系如圖乙所示，彈簧始終處在彈性限度范圍內(nèi)，已知彈簧的彈性勢能（x為彈簧的形變量），則（）A.在0~2t0內(nèi)B物塊先加速后減速B.整個過程中，A、B物塊構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒C.v0=2m/sD.物塊A在t0時刻時速度最小〖答案〗C〖解析〗A．在0~2t0內(nèi)，彈簧始終處于壓縮狀態(tài)，即B受到的彈力始終向右，所以B物塊始終做加速運動，故A錯誤；B．整個過程中，A、B物塊和彈簧三者構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒，故B錯誤；C．由圖可知，在t0時刻，彈簧被壓縮到最短，則此時A、B共速，此時彈簧的形變量為則根據(jù)A、B物塊系統(tǒng)動量守恒有根據(jù)A、B物塊和彈簧三者構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒有聯(lián)立解得故C正確；D．在0~2t0內(nèi)，彈簧始終處于壓縮狀態(tài)，即A受到彈力始終向左，所以A物塊始終做減速運動，則物塊A在2t0時刻時速度最小，故D錯誤。故選C。8.在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞垂直與磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢如圖甲所示，現(xiàn)用產(chǎn)生的交流電給乙圖所示電路供電，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1:2，閉合開關(guān)后，規(guī)格為“10V，5W”的燈泡L恰好正常發(fā)光，R1為定值，R2=20Ω，電壓表為理想電表。下列判斷正確的是（）A.金屬線框的轉(zhuǎn)速為100r/sB.t=0.01s時，穿過線框的磁通量最大C.R1=12ΩD.電壓表示數(shù)為10V〖答案〗BC〖解析〗A．由甲圖可知，線框轉(zhuǎn)動的周期為0.02s，所以故A錯誤；B．t=0.01s時，感應(yīng)電動勢為零，即磁通量的變化率為零，穿過線框的磁通量最大，故B正確；D．由于燈泡正常發(fā)光，所以即電壓表的示數(shù)為20V，故D錯誤；C．根據(jù)理想變壓器原副線圈電流、電壓與匝數(shù)的關(guān)系有聯(lián)立解得故C正確。故選BC。9.如圖甲所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線和虛線分別為t1=0s時刻和t2時刻的波形圖，P、Q分別是平衡位置為x1=1.0cm和x2=8.0cm的兩質(zhì)點。圖乙為質(zhì)點Q的振動圖像，則（）A.波沿x軸負方向傳播B.t1=0s時刻后質(zhì)點Q比P先達到波峰C.t=0.075s時，質(zhì)點Q的加速度小于P的加速度D.t2時刻可能為0.35s〖答案〗AD〖解析〗A．由于質(zhì)點Q在0時刻的振動方向向上，根據(jù)“上下坡”法可知，波沿x軸負方向傳播，故A正確；B．t1=0s時刻，質(zhì)點Q處于平衡位置且向上振動，經(jīng)過四分之一周期達到波峰，而質(zhì)點P向上振動，經(jīng)過八分之一周期到達波峰，所以質(zhì)點P比Q先達到波峰，故B錯誤；C．t=0.075s時，即從0時刻開始經(jīng)過八分之三周期，質(zhì)點P回到平衡位置，且向下振動，其加速度為零，質(zhì)點Q從正向最大位移處運動到平衡位置的過程中，其加速度大于P的加速度，故C錯誤；D．波沿x軸負方向傳播，則有解得由此可知，t2時刻可能為0.35s，故D正確。故選AD。10.水平臺邊緣O處一質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球，以與水平面成30°角的速度斜向上拋出，在豎直面上運動，整個空間有一勻強電場（圖中未畫出），小球所受電場力與重力等大。小球先后以速度大小v1、v2兩次拋出，分別落在傾角為60°的斜面上的a、b兩點，兩次運動時間分別為t1、t2且小球機械能的增量相同，其中落到a點時小球速度與斜面垂直。已知O、b兩點等高且水平距離為L，重力加速度為g，空氣阻力不計，則（）A.a、b兩點電勢為B.小球落到a時的速度大小為2v1C.兩次運動的時間關(guān)系為D.落到斜面上a、b兩點時增加的機械能為〖答案〗BD〖解析〗AC．兩次小球機械能的增量相同，說明電場力對小球做功相同，可知斜面為等勢面，即電場強度的方向垂直斜面向下，對小球受力分析，如圖所示可知小球所受合力沿y方向，根據(jù)圖示幾何關(guān)系可知小球的初速度與y方向垂直，則小球沿x方向做勻速運動，y方向做勻加速直線運動，分別做bP、aM垂直與y軸，則解得故AC錯誤；B．由于小球落到a時的速度垂直于斜面，將速度分解為x方向的速度與y方向的速度，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知解得故B正確；D．O、b兩點等高且水平距離為L，則O點到斜面的距離為電場力做功為小球增加的機械能故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.小軍同學(xué)從報廢的家用電器上拆下一個色環(huán)電阻，由于掉色，無法看出其阻值。他設(shè)計如圖所示的實驗電路來測量色環(huán)電阻的阻值。（1）導(dǎo)線①與b處連接，閉合S，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表均無示數(shù)，于是小軍將導(dǎo)線①與b處斷開，依次連接c、d處，連接c處時，兩電表仍無示數(shù)，連接d處時，電壓表示數(shù)為2.80V，由此可以判斷___________。A.ab間短路 B.bc間斷路 C.cd間斷路（2）處理好故障后，閉合S，當導(dǎo)線①與b處連接時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為，；當導(dǎo)線①與c處連接時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為，。根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)判斷，當導(dǎo)線①與___________（填“b”或“c”）處連接時，測量相對準確，測量值___________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）C（2）b2.5〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意可知，導(dǎo)線①與b處連接，閉合S，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表均無示數(shù)，說明中電路中有斷路，且斷路在之間以外的電路，連接c處時，兩電表仍無示數(shù)，說明斷路在之間以外的電路，連接d處時，電壓表示數(shù)為2.80V，說明斷路在間。故選C?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)題意可知電壓表變化較大，說明電流表分壓較多，應(yīng)采用電流表外接法，即導(dǎo)線①與處連接時，測量相對準確，測量值12.寒假期間，小華在家?guī)兔ψ黾覄?wù)時，發(fā)現(xiàn)了一鎖頭，他利用鎖頭代替擺球做了一個如圖所示的單擺，來測量當?shù)氐闹亓铀俣萭。具體操作如下：（1）靜止時，鎖頭位于最低B處，用刻度尺測量細線的有效長度l，將鎖頭移至A處，使細線拉開一個小角度。（2）靜止釋放鎖頭，待鎖頭擺動穩(wěn)定后，用智能手機測量周期T，為了減小測量誤差，當鎖頭運動到___________處（填“A”或“B”）開始計時，并此時記為0次，當鎖頭第N次通過該處時，停止計時，顯示時間為t，則周期T=___________。（3）改變細線的有效長度先后做兩次實驗，記錄細線的有效長度及單擺對應(yīng)的周期分別為l1、T1和l2、T2，則重力加速度為g=___________。（用l1、l2、T1、T2表示）（4）小華未測量鎖頭的重心位置，這對上述實驗結(jié)果___________（填“有”或“無”）影響?！即鸢浮剑?）B（3）（4）無〖解析〗（2）[1]由于鎖頭運動至最低點B處速度最大，此時計時較精確，誤差小。[2]每個周期經(jīng)過最低點兩次，則解得（3）[3]設(shè)擺線末端與鎖頭重心間的距離為r，由周期公式可得解得（4）由（3）可知，未測量鎖頭的重心位置，這對實驗結(jié)果重力加速度的測量無影響。13.裝有汽水飲料的瓶內(nèi)密封一定質(zhì)量的二氧化碳理想氣體，時，壓強。（1）若瓶內(nèi)氣體的質(zhì)量變化忽略不計，時，氣壓是多大？（2）保持溫度不變，用力搖晃瓶子后，使瓶內(nèi)氣體壓強與（1）問相等，忽略瓶內(nèi)氣體體積的變化，此時氣體的質(zhì)量為原來的多少倍？〖答案〗（1）；（2）1.02〖解析〗（1）瓶內(nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為若瓶內(nèi)氣體的質(zhì)量變化忽略不計，溫度變化過程中體積不變，由查理定律知代入得（2）保持溫度不變，可以等效為由壓強為、體積為的等溫壓縮成壓強為、體積為的氣體，由玻意耳定律得解得即故氣體的質(zhì)量為原來的1.02倍。14.磁力剎車是為保證過山車在最后進站前的安全而設(shè)