江蘇省南通市2025屆高三物理模擬考試試題一（含解析）

江蘇省南通市2025屆高三物理模擬考試試題（一）（含解析）

一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分.每小題區(qū)有7個選項符合題意，

選對的得3分，選錯或不答的得0分.

1.據(jù)中新網(wǎng)報道，中國自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)“北斗三號”第17顆衛(wèi)星已于2024年

11月2日在西昌衛(wèi)星放射中心勝利放射.該衛(wèi)星是北斗三號全球?qū)Ш较到y(tǒng)的首顆地球同步軌

道衛(wèi)星，也是北斗三號系統(tǒng)中功能最強、信號最多、承載最大、壽命最長的衛(wèi)星.關(guān)于該衛(wèi)

星，下列說法正確的是

A.它的放射速度肯定大于11.2km/s

B.它運行的線速度肯定不小于7.9km/s

C.它在由過渡軌道進入運行軌道時必需減速

D.由于淡薄大氣的影響，如不加干預(yù)，在運行一段時間后，該衛(wèi)星的動能可能會增加

【答案】D

【解析】

【分析】

依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力，得出線速度與軌道半徑的關(guān)系，從而比較出衛(wèi)星在同步軌道上的

速度與第一宇宙速度的大??；該衛(wèi)星將做向心運動，軌道半徑減小，應(yīng)用牛頓其次定律求出

線速度，然后分析答題；

【詳解】A.該衛(wèi)星的放射速度必需小于其次宇宙速度IL2km/s,因為一旦達到其次宇宙速度,

衛(wèi)星會擺脫地球的引力，不繞地球運行，故A錯誤；

，第一宇宙速度的軌道半徑等于地球的半徑，知7.9km/s是衛(wèi)

星繞地球做圓周運動的最大環(huán)繞速度，所以它運行的線速度肯定小于7.9km/s,故B錯誤；

C.它在由過渡軌道進入運行軌道做離心運動，必需加速，故C錯誤；

D.由于該衛(wèi)星受到阻力影響而做減速運動，該衛(wèi)星做圓周運動須要的向心力小于萬有引力,

做向心運動，其軌道半徑r減小，萬有引力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得：畔=”，

解得：卜=由于半徑r減小，則其線速度變大，動能變大，故D正確；

故選Do

【點睛】知道萬有引力供應(yīng)向心力是解題的前提，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓其次定律可以解

題；要理解衛(wèi)星變軌的原理。

2.如圖所示，/、6兩點在同一條豎直線上，/點離地面的高度為3分，夕點離地面高度為24將

兩個小球分別從46兩點水平拋出，它們在C點相遇，C點離地面的高度為"已知重力加

速度為g，則

兩個小球肯定同時拋出

兩個小球肯定同時落地

兩個小球拋出的時間間隔為

D.兩個小球拋出的初速度之*=三

隔2|

【答案】C

【解析】

【分析】

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，依據(jù)在c點相遇，

結(jié)合高度求運動的時間，從而通過水平位移求初速度；

【詳解】AB.平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，由卜］d，得卜月由于A到C的

豎直高度較大，所以從A點拋出的小球運動時間較長，應(yīng)A先拋出；它們在C點相遇時A的

豎直方向速度較大，離地面的高度相同，所以A小球肯定先落地，故A、B錯誤；

C.由，=得兩個小球拋出的時間間隔為At=(2-故C正確;

,2九

VB2

錯誤；

故選Co

【點睛】解決的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學公式敏

捷求解。

3.導體中的電流是這樣產(chǎn)生的：當在一根長度為￡、橫斷面積為S,單位體積內(nèi)自由電荷數(shù)為

n的勻稱導體兩端加上電壓”導體中出現(xiàn)一個勻強電場，導體內(nèi)的自由電子（-e）受勻強電

場的電場力作用而加速，同時由于與陽離子碰撞而受到阻礙，這樣邊反復碰撞邊向前移動，

可以認為阻礙電子運動的阻力大小與電子移動的平均速率v成正比，即可以表示為Av（k是

常數(shù)），當電子所受電場力與阻力大小相等時，導體中形成了恒定電流，則該導體的電阻是

kskl

B.D.——

e2nlens

【答案】A

【解析】

=%，，解得卜=而則導

【詳解】由題意可知當電場力與阻力相等時形成恒定電流,

Ukl

體中的電流/=nevs=，則由歐姆定律可得R=7=『，A正確.

kl1ens

4.用一隨時間勻稱變更的水平拉力尸拉靜止在水平面上的物體.已知m=2N/s）,物體與

水平面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物體的加速度a隨時間力變更的圖象如圖所示，g

取10m/s2,則不行以計算出

H(m-s)

B.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)

C.時物體的速度

D.0?4s內(nèi)拉力尸做的功

【答案】D

【解析】

【分析】

對物體受力分析，依據(jù)牛頓其次定律得出加速度a與時間t的函數(shù)關(guān)系，然后結(jié)合圖象得出

相關(guān)信息即可求解；

【詳解】物體受重力、地面的支持力、拉力和與拉力方向相反的摩擦力，依據(jù)牛頓其次定律

,___________,F248

得：=莉I，解得：a=—ng=—t-p.g,由a與F圖線得到：0=一一10〃，2=一一10〃,

mm

聯(lián)乂解得m=2Kg,u=0.2；a-t圖像所圍成的面積表示速度的變更量，所以0?4s內(nèi)有

△v=v—0=—x2x2=2m/s,t=4s時物體的速度1=2m/s|；由于物體先靜止后又做變加速運

動，F(xiàn)為變力，不能干脆利用做功公式求出拉力F做的功；無法利用勻變速直線運動規(guī)律求0?

4s內(nèi)位移，無法求出摩擦力做功，所以無法依據(jù)動能定理求拉力F做的功，故不行以計算出

的是D,可以計算出的是A、B、C；

故選Do

【點睛】關(guān)鍵是對物體受力分析，然后依據(jù)牛頓其次定律列方程求解出加速度與推力F的關(guān)

系式，最終結(jié)合a與t關(guān)系圖象得到待求量。

5.如圖所示，長為心的細繩，一端拴一質(zhì)量為0的小球，另一端懸掛在距光滑水平面〃高處

(DM.現(xiàn)使小球在水平桌面上以角速度為。做勻速圓周運動，則小球?qū)ψ烂娴膲毫?/p>

B.mg—m32H

D.子

【答案】B

【解析】

【分析】

對小球受力分析，正交分解，依據(jù)牛頓其次定律列方程求解；

【詳解】)對小球受力分析，如圖：依據(jù)牛頓其次定律，水平方向：ITS。。=m32/s函,豎直

方向：cos?+N=,聯(lián)立得：N=Tng—Tn321cos9=mg—m32H,依據(jù)牛頓第三定律：

N'=N=取一荷目,故B正確，A、C、D錯誤；

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分.每小題有多個選項符合題意.全

部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分.

6.教學用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流，現(xiàn)利用該發(fā)電機（內(nèi)阻可忽視）通過志向變壓器

向定值電阻片和電容器C供電，電路如圖所示.志向溝通電流表A、志向溝通電壓表V的讀數(shù)

分別為了、U,A消耗的功率為R若發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?倍，則

R

A.電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?〃

B.電流表A的讀數(shù)變?yōu)?/

C.〃消耗的功率變?yōu)?戶

D.斤消耗的功率變?yōu)?尸

【答案】AD

【解析】

【分析】

分析電動機產(chǎn)生的溝通電的最大值以及有效值、頻率的變更狀況；依據(jù)"=』推斷原副線圈

帆/

中電壓的變更狀況，依據(jù)由P=4知R消耗功率的變更;

【詳解】ACD.若發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?倍，電動機產(chǎn)生的最大電動勢Em=NBS3變

為原來的2倍，發(fā)電機輸出電壓有效值［/=范變?yōu)樵瓉淼?倍，即原線圈的輸出電壓為原來

Hi*

的2倍，由」=丁知副線圈輸出電壓為原來的2倍，電壓表V的讀數(shù)變?yōu)闉樵瓉淼?倍，由

敢因

P=勺知R消耗的功率為原來的4倍，故AD正確，C錯誤;

B.轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?倍，通過C的交變電流頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，電容器C的容抗減小，副

由N=3可知原線圈的電流不是原來的2倍，故B錯誤;

線圈的電流不是原來的2倍,

故選AD?

【點睛】關(guān)鍵是轉(zhuǎn)速變更，通過C的交變電流頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，電容器C的容抗減小，

副線圈的電流不是原來的2倍。

7.如圖所示，水平面內(nèi)有兩條相互垂直的通電長直絕緣導線4、4，％中的電流方向向右，5

中的電流方向向上；5的右方有a、6兩點，它們相對于匕對稱.整個系統(tǒng)處于垂直于紙面對

里的勻強外磁場中，磁感應(yīng)強度大小為外已知a、6兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為|國和|品

方向也垂直于紙面對里.則

[5「1

A.流經(jīng)心的電流在a竺

1

B.流經(jīng)心的電流在a「

I1m2

「

C.竺

5

p

D.

【答案】AC

【解析】

【分析】

依據(jù)安培定則推斷導線在a、b兩點產(chǎn)生磁感應(yīng)強度的方向；磁感應(yīng)強度是矢量，即使它不與

通電導線垂直，可按平行四邊形定則疊加，據(jù)此分析；

【詳解】由于a、b關(guān)于L對稱，所以磁感應(yīng)強度大小相等，由安培定則可知方向相反，設(shè)向

里為正方向，則L?在a、b兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度分別為-Bi、Bi；導線L2產(chǎn)生的磁場在a、b

兩點的磁感應(yīng)強度方向均垂直紙面對里，在a、b兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為B”對a點由磁場

疊加可得:乳=Bg-B]+B?=-Bo,對b點由磁場疊加可得:以=%+/+=聯(lián)立

51

解得：=—故、正確，、錯誤；

B2=—BO,ACBD

故選ACo

【點睛】關(guān)鍵是知道a、b關(guān)于L對稱，所以磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反，磁場疊加可按

平行四邊形定則。

8.如圖所示，光滑導軌。W固定，其中畫是半徑為心的四分之一圓弧，。為圓心.0M、好的

電阻均為此的是可繞。轉(zhuǎn)動的金屬桿，/端位于畫上，如與軌道接觸良好，空間存在垂

直導軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度的大小為8回、勿的電阻不計.則在物桿由加位置

以恒定的角速度3順時針轉(zhuǎn)到加位置的過程中

XMXXX

XXX

Xc?XZXA/X

A.。/中電流方向為。流向〃

B.流過9的電荷量為喟

D.若力轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則流過的/的電荷量也變?yōu)樵瓉淼?倍

【答案】BC

【解析】

【分析】

0A桿切割磁感線，由右手定則可得0A桿感應(yīng)電流的方向，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得產(chǎn)生

的感應(yīng)電動勢；依據(jù)閉合電路歐姆定律求得0M中感應(yīng)電流，依據(jù)|q=網(wǎng)求得流過0M的電荷量,

依據(jù)能量守恒可得外力的功率等于發(fā)熱功率；

【詳解】A.0A桿由0M位置以恒定的角速度?順時針轉(zhuǎn)到ON位置的過程，產(chǎn)生的感應(yīng)電動

勢E=]8/3,則感應(yīng)電流大小恒定，由右手定則可得0M中電流方向為M流向0,故A錯誤；

_1E_BL2a)

BD.依據(jù)閉合電路歐姆定律可得0M中感應(yīng)電流/=2/=玄",則流過0M的電荷量為

2

n

BL2a)2nBL2，若OA轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則流過0M的電荷量不變,

q=IAt=---------X—=---------

"2Ro)4R

故B正確，D錯誤；

D2J42p2r42

C.0M的發(fā)熱功率P=/2R=—土，依據(jù)能量守恒可得外力的功率應(yīng)為p=2P=2一,故

''-4R||外―2R

C正確；

故選BC?

【點睛】關(guān)鍵是明確0A桿的切割磁感線是電源，依據(jù)能量守恒定律、切割公式和歐姆定律多

次列式求解。

9."蹦極”是一項深受年輕人寵愛的極限運動，跳動者把一端固定的長彈性繩綁在腰間，從幾

十米高處跳下.如右圖所示，某人做蹦極運動，他從高臺由靜止起先下落，下落過程不計空

氣阻力，設(shè)彈性繩原長為4,彈性繩的彈性勢能與其伸長量的平方成正比.則他在從高臺下

落至最低點的過程中，他的動能瓦、彈性繩的彈性勢能區(qū)隨下落高度分變更的關(guān)系圖象正確

的是

【答案】BD

【解析】

【分析】

分析人運動的性質(zhì)，，依據(jù)動能定理求出動能Ek與下落高度h變更的關(guān)系進行分析，依據(jù)功能

關(guān)系可求彈性繩的彈性勢能EP與下落高度h變更的關(guān)系進行分析；

【詳解】彈性繩被拉直前，人做自由落體運動，依據(jù)動能定理可得性二2咧，（心解|）,彈性

繩的彈性勢能為零；彈性繩剛被拉直到人所受的重力與彈力大小相等的過程，人做加速度減

小的加速運動，當加速度為零，速度達到最大值，從人所受的重力與彈力大小相等到最低點

的過程中，人做加速度增大的減速運動，在最低點時速度為零；依據(jù)動能定理可得

=（I九〉帥,克服彈性繩的彈力做功等于彈性繩的彈性勢能的變更量可得

〃彈=則有他的動能區(qū)三遜豆亙3，（|八＞姐）,彈性繩的彈性勢能

Ep=k(h-ho)2,故BD正確，AC錯誤;

故選BD?

三、簡答題：本題分必做題（第10、11、12題）和選做題（第13題）兩部分，共計42分.請

將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置.

10.用如圖所示的試驗裝置探究”加速度與合外力、質(zhì)量的關(guān)系”.圖中口為兩個光電門，口

為固定在木槽上的遮光條.試驗前（不掛鉤碼）左右移動小木塊使木槽能夠在長木板上勻速運

動.遮光條的寬度為團兩光電門間的距離為口試驗時木槽每次都從同一位置由靜止釋放,探討

對象為木槽（包括內(nèi)部的祛碼）及鉤碼組成的系統(tǒng).

（1）通過光電計時器讀出遮光條通過口兩個光電門的時間分別是卜小耳,則木槽的加速度是

.（用測量的符號表示）

（2）保持懸掛鉤碼的質(zhì)量如不變,增加或削減槽內(nèi)的祛碼,測出每次對應(yīng)的加速度,為了能直觀

反映在合外力肯定的狀況下,加速度與質(zhì)量的關(guān)系,應(yīng)作出a關(guān)系圖象（網(wǎng)表示槽及槽

內(nèi)祛碼的總質(zhì)量）.

⑶為了精確測量木槽運動的加速度，甲同學固定光電門甌移動光電門用然后釋放木槽，測出

遮光條每次經(jīng)過光電門回的時間回,乙同學固定光電門回,移動光電門園,然后釋放木槽,測出遮

光條每次經(jīng)過光電門回的時間目,兩位同學依據(jù)圖象求解系統(tǒng)的加速度.甲同學作出的圖象應(yīng)

為下圖中的,乙同學作出的圖象應(yīng)為下圖中的.若甲同學所作圖象斜率的

肯定值為園則木槽的加速度匹］_________.

ABCD

ZzJ2

【答案】(1).B(2).D(3).B(4).C(5).—

2

【解析】

【詳解】(1)對系統(tǒng)探討，總質(zhì)量保持不變，加速度與合力成正比，系統(tǒng)所受的合力為mg,

則a與mg的關(guān)系是成正比關(guān)系，故選B。

(2)懸掛鉤碼的質(zhì)量m保持不變，即合力保持不變，a與系統(tǒng)質(zhì)量成反比，可知為了能直觀

反映在合外力肯定的狀況下，加速度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)作a-匚口圖線，故選D。

\M4-m

(3)甲同學固定光電門B,移動光電門A,然后釋放凹槽，測出遮光條每次經(jīng)過光電門A的

時間ti.通過光電門A的瞬時速度匕B點的速度為定值，依據(jù)/_/=2ax得,

2=二-一故B正確。乙同學固定光電門A,移動光電門B,然后釋放凹槽，測出遮光條

t,d2d2

每次經(jīng)過光電門B的時間t2,通過光電門B的瞬時速度。=日，A點的速度為定值，依據(jù)vl-vl

1匕2L2

=2ax得，3=二4-胃ctx，故C正確。若甲同學所作圖象的斜率的肯定值為k,則有卜=:

t2d2c/2|_d

解得系統(tǒng)的加速度a

【點睛】對于圖線問題，一般的解題思路是得出物理量的關(guān)系式，從而確定正確的圖線，結(jié)

合圖線的斜率或截距求解一些物理量.

11.某試驗小組設(shè)計了如圖甲所示的電路來測量電池的電動勢和內(nèi)阻，已知定值電阻用=16。.

(1)閉合開關(guān)S后，電壓表％無讀數(shù)，電壓表V2有讀數(shù)，經(jīng)檢查發(fā)覺電路中存在斷路故障,

則該故障可能在______(選填“ab”、“be”或“cd”)兩點間.

(2)解除故障后，閉合開關(guān)S,調(diào)整滑動變阻器的阻值，記錄多組電壓表的示數(shù)〃、U2,如

下表所示.請依據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙中作出叢一〃圖象.

UJV5.04.54.03.53.02.52.0

UJV0.661.001.331.882.002.322.68

(3)由圖可知，電源電動勢￡=_V,內(nèi)阻r=_Q.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

【答案】(1).cd(2).(3).5.8飛.2

7.8~8.2

【解析】

【分析】

明確電路結(jié)構(gòu)，從而分析故障緣由；依據(jù)描點法可得出對應(yīng)的圖象；依據(jù)閉合電路歐姆定律

進行分析，列出對應(yīng)的表達式，從而明確圖象的意義并求出電動勢和內(nèi)電阻；

【詳解】解：(1)電壓表明無讀數(shù)，電壓表V?有讀數(shù)，說明X無與電源斷開，而出與電源是

連接的，故發(fā)生斷路的是cd；

(2)依據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點法可得出對應(yīng)的圖象如圖所示；

u一獷0.廠b1于獷獷

UAr+7?1

⑶依據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律可知：E=U1+U2+—r,變形可得：U2=E---Ulf

?1%

,______,丁+%60-20

由圖可知，圖象與縱軸的截距表示電動勢，故|E=6.0M；圖象的斜率k=F」=二*」=1.5,

2.6

解得：|r=8.0珠

【點睛】安阻法測量電源電動勢和內(nèi)阻的方法，留意本題中將電壓表與定值電阻并聯(lián)充當電

流表運用，留意數(shù)據(jù)處理的基本方法。

12.下列說法中正確的是.

A.振動的帶電微粒輻射或汲取的能量可以是隨意數(shù)值

B.鈾核（富）衰變成a粒子和另一原子核，衰變產(chǎn)物的比結(jié)合能肯定大于鈾核的比結(jié)合能

C.試驗表明，只要照耀光的強度足夠大，就肯定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象

D.核力將核子緊緊束縛在原子核內(nèi)，因此核力只表現(xiàn)為引力

【答案】B

【解析】

【詳解】A.依據(jù)普朗克能量子假說的相識，振動的帶電微粒輻射或汲取的能量只能是某一最

小能量值的整數(shù)倍，故A錯誤；

B.鈾核（函）衰變的過程中會釋放能量，所以衰變產(chǎn)物的比結(jié)合能肯定大于鈾核的比結(jié)合能,

故B正確；

C.依據(jù)光電效應(yīng)方程可知，發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的頻率有關(guān)，與光的強度無關(guān)，故C錯

誤；

D.核力將核子緊緊束縛在原子核內(nèi)，核力在大于整五三%,小于|1.5xl0T5引的范圍內(nèi)表

現(xiàn)為吸引力，在小于x時表現(xiàn)為斥力,故D錯誤；

故選Bo

【點睛】振動的帶電微粒輻射或汲取的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，衰變產(chǎn)物的比

結(jié)合能肯定大于鈾核的比結(jié)合能；發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的強度無關(guān)。

13.將總質(zhì)量為1.05kg的模型火箭點火升空，在0.02s時間內(nèi)有50g燃氣以大小為200m/s的

速度從火箭尾部噴出.在燃氣噴出過程，火箭獲得的平均推力為N,在燃氣噴出后的瞬

間，火箭的速度大小為m/s(燃氣噴出過程中重力和空氣阻力可忽視).

【答案】(1).500(2).10

【解析】

【分析】

依據(jù)動能定理可求燃氣獲得的平均推力，依據(jù)牛頓第三定律可知火箭獲得的平均推力，在噴

氣的很短時間內(nèi)，火箭和燃氣組成的系統(tǒng)動量守恒，結(jié)合動量守恒定律求出火箭的速度大小;

【詳解】在燃氣噴出過程，以燃氣為對象，規(guī)定火箭的速度方向為正方向，依據(jù)動能定理可

得：一/^［二一口氣一氣一。,解得尸=」^=500N,依據(jù)牛頓第三定律可得火箭獲得的平均推

----------At

力為500N；噴射前后系統(tǒng)的動量守恒，依據(jù)動量守恒定律得"("一血氣)。箭—-氣嗎,解得火

箭的速度大小"箭=Jr=1Om/s;

14.我國自行研制的一種大型激光器，能發(fā)出頻率為八功率為&的高純度和高亮度激光.如

圖所示，光電管的陰極K用某金屬制成，閉合開關(guān)S,當該激光射向陰極，產(chǎn)生了光電流.移

動變阻器的滑片P,當光電流恰為零時，電壓表的示數(shù)為“，已知普朗克常量為加電子電荷

量為e,真空中的光速為c.求：

①激光器發(fā)出的光子的動量";

②光電管陰極K的截止頻率心.

【答案】①葉白②唳二

【解析】

【分析】

依據(jù)光電效應(yīng)方程，求出光電子的最大初動能，依據(jù)逸出功和截止頻率的大小關(guān)系求出光電

管陰極K的截止頻率；

【詳解】解：①由：匕:I

解得P唱

②由eUc=后輸

又％=%vRp

解得四0=九”叫

由1%=h%

解得°C=V------

ari

15.下列說法中正確的是.

A.油膜法估測分子大小的試驗中，所撒萍子粉太厚會導致測量結(jié)果偏大

B.制作晶體管、集成電路只能用單晶體，單晶體是各向同性的

C.肯定量的志向氣體等壓膨脹，氣體分子單位時間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小

D.水凝聚成冰后，水分子的熱運動停止

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.油膜法估測分子大小的試驗中，所撒癢子粉太厚會導致薄層的面積偏小，依據(jù)目

可知測量結(jié)果偏大，故A正確；

B.制作晶體管、集成電路只能用單晶體，因為單晶體具有各向異性，故B錯誤；

C.肯定量的志向氣體等壓膨脹，體積變大，單位體積的分子數(shù)減小，氣體分子單位時間內(nèi)與

器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小，故C正確；

D.分子是永不停息地做無規(guī)則運動，所以水凝聚成冰后，水分子的熱運動不會停止，故D錯

誤；

故選ACo

【點睛】油膜法估測分子大小的試驗中，所撒琲子粉太厚會導致薄層的面積?。恢谱骶w管、

集成電路只能用單晶體；分子是永不停息地做無規(guī)則運動；

16.氧氣分子在0℃和100℃溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣體分子

速率的變更分別如圖A2中兩條曲線所示.圖中實線對應(yīng)于氧氣分子在____℃時的情形；圖

中虛線下面積實線下面積.（填“大于”、“等于"、“小于”）

【答案】(1).100(2).等于

【解析】

【分析】

依據(jù)對應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間，說明試驗對應(yīng)的溫度的情形；

【詳解】由圖可知，具有最大比例的速率區(qū)間，0℃時對應(yīng)的速率小，故說明虛線為0℃的分

布圖象，實線對應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間內(nèi)分子動能大，說明試驗對應(yīng)的溫度大，故為實線

對應(yīng)于氧氣分子在100℃時的情形；在0℃和100℃兩種不同狀況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總

分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)當?shù)扔贚即相等；

【點睛】溫度是分子平均動能的標記，溫度上升分子的平均動能增加，不同溫度下相同速率

的分子所占比例不同，要留意明確圖象的意義是解題的關(guān)鍵；

17.如圖，肯定質(zhì)量的志向氣體從狀態(tài)a起先，經(jīng)驗狀態(tài)6、c、到達狀態(tài)4已知肯定質(zhì)量的

志向氣體的內(nèi)能與溫度滿意右4T(孑為常數(shù)).該氣體在狀態(tài)a時溫度為幾求：

①氣體在狀態(tài)d時的溫度；

②氣體從狀態(tài)a到達狀態(tài)d過程從外界汲取的熱量.

【答案】①北=36②0=2玖+6M%

【解析】

【分析】

由a到d氣體發(fā)生等壓變更，由蓋呂薩克定律可以求出氣體的溫度；求出氣體做的功，然后

應(yīng)用熱力學第肯定律求出從外界汲取的熱量；

【詳解】解：①狀態(tài)a與狀態(tài)d壓強相等，由:

可得：|Td=3T0

②依題意可知：|4=理，回=3班

由熱力學第肯定律，有：|Ud-〃=Q+W

其中：|皿=一3「0（。一1^

聯(lián)立可得：|Q=2Ho+6Po嗎

18.下列說法正確的是

A.在雙縫干涉試驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變寬

B.光纖通信是激光和光導纖維相結(jié)合的產(chǎn)物

C.全息照片的拍攝利用了光的衍射原理

D.地面上測得靜止的直桿長為￡,則在高速飛行火箭中的人測得手中的桿長應(yīng)小于2

【答案】AB

【解析】

【分析】

依據(jù)相對論原理，沿著飛行方向上，長度縮短，依據(jù)條紋寬度的公式卜=，）,分析變更入射

光可得相鄰干涉條紋間距的變更；

【詳解】A.在雙縫干涉試驗中，依據(jù)條紋寬度的公式,=力可知,若僅將入射光由綠光改

為紅光，波長變長，則相鄰干涉條紋間距變寬，故A正確；

B.光纖通信是激光和光導纖維相結(jié)合的產(chǎn)物，利用了激光的頻率單一性的特點，故B正確；

C.全息照片往往用激光來拍攝，主要是利用了激光的干涉原理，故C錯誤；

D.依據(jù)相對論原理，地面上測得靜止的直桿長為L,在沿桿方向高速飛行火箭中的人相對于

桿是靜止的，所以測得長度不變，故D錯誤；

故選AB?

【點睛】在雙縫干涉試驗中，波長變長，則相鄰干涉條紋間距變寬；光纖通信是激光和光導

纖維相結(jié)合的產(chǎn)物；全息照片利用了激光的干涉原理；

19.較長軟繩的一端固定在。點，拉直后的水平繩沿x軸，手持軟繩的另一端點/以周期片0.5s

在豎直方向上做簡諧運動，帶動繩上的其他質(zhì)點振動形成簡諧波沿繩水平傳播，示意如圖.繩

上有另一質(zhì)點尸的振動方向為（選填“豎直向下”、“豎直向下”、“水平向右”

或“水平向左”).振動在X軸負方向上傳播的速度r為m/s.

【解析】

【分析】

依據(jù)''上下坡法”可知質(zhì)點戶的振動方向；由圖可知波長，依據(jù)速度公式求出傳播的速度;

【詳解】波的傳播方向為x軸負方向，依據(jù)“上下坡法”可知繩上有另一質(zhì)點尸的振動方向

為豎直向下；由圖可知波長1=1司,振動在X軸負方向上傳播的速度"=B=2/n/s；

20.如圖所示，折射率卜=力,半徑為月的透亮球體固定在水平地面上，。為球心，其底部P

點有一點光源，過透亮球體的頂點。有一足夠大的水平光屏，真空中光速為c,求：

①光在球體中沿直線從？點到0點的傳播時間t；

②若不考慮光在透亮球體中的反射影響，光屏上光照面積S的大小。

【答案】①卜號

@S=3TTR2

【解析】

(1)光在透亮球體內(nèi)傳播速度怛"①

光從口的時間卜=4②

聯(lián)立①②得③

(2)設(shè)透亮球體介質(zhì)的臨界角為國,則卜出4=口得卜=60°|④

N

光屏上光照面為以。為圓心，畫為半徑的圓,

如圖所示，由幾何學問得，其半徑EE畫⑤

光屏上光照面積S=nr2=3TTR2⑥

、臨界角公式=』、

【點睛】解決光學問題的關(guān)鍵要駕馭全反射的條件、折射定律%=——

Isin,

光速公式,=運用幾何學問結(jié)合解決這類問題.

四、計算題:本題共3小題，共計47分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演

算步驟.只寫出最終答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位.

21.如圖所示，一根有肯定電阻的直導體棒質(zhì)量為園、長為L,其兩端放在位于水平面內(nèi)間距

也為L的光滑平行導軌上，并與之接觸良好；棒左側(cè)兩導軌之間連接一可控電阻；導軌置于

勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,方向垂直于導軌所在平面，且時刻，給導體棒一

個平行與導軌的初速度，此時可控電阻的阻值為回，在棒運動過程中，通過可控電阻的變更

使棒中的電流強度保持恒定，不計導軌電阻，導體棒始終在磁場中。

XXXXX

—L-lXIXXXX

可控八B

商X乂XXX

—XXXXX

XXXXX

（1）求可控電阻R隨時間耳變更的關(guān)系式；

（2）若已知棒中電流強度為I,求回時間內(nèi)可控電阻上消耗的平均功率P；

（3）若在棒的整個運動過程中將題中的可控電阻改為阻值為限的定值電阻，則棒將減速運動

【答案】（1）R=R0—吃匕（2）P=/2（&_叩）；（3）

【解析】

試題分析：(1)因棒中的電流強度保持恒定，故棒做勻減速直線運動，設(shè)棒的電阻為訊電流

為I,其初速度為同，加速度大小為囿經(jīng)時間?后，棒的速度變?yōu)镸，則有：卜=%一加

BLv

EH0時刻棒中電流為:,經(jīng)時間日后棒中電流為:I=----

R+r

B2L2

由以上各式得:R—Rn----1

m

(2)因可控電阻R隨時間@勻稱減小,故所求功率為:

R2J2十

由以上各式得：。=/2(q梨)。

(3)將可控電阻改為定值電阻同，棒將變減速運動，有：|v0=at'\,|g=BlLn^,而歸=所。+匯

(仆+丫)

由以上各式得52解尸

考點：導體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化

【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道分析導體棒受力狀況，應(yīng)用閉合電路歐姆定律和牛頓其次

定律求解，留意對于線性變更的物理量求平均的思路，本題中先后用到平均電動勢、平均電

阻和平均加速度。

22.如圖所示，小車右端有一半圓形光滑軌道充相切車表面于瓦點，一個質(zhì)量為爐L0kg可

以視為質(zhì)點的物塊放置在4點，隨小車一起以速度匹=5.Om/s沿光滑水平面上向右勻速運動.勁

度系數(shù)較大的輕質(zhì)彈簧固定在右側(cè)豎直擋板上.當小車壓縮彈簧到最短時，彈簧自鎖(即不

再壓縮也不復原形變)，此時，物塊恰好在