云南省大姚縣一中高二12月月考化學試題

云南省大姚縣一中20192020學年上學期12月份考試高二化學一、單選題(共27小題,每小題2.0分,共54分)1.下列關于實驗室制備乙酸乙酯和乙酸丁酯的描述正確的是A.均采用水浴加熱 B.制備乙酸丁酯時正丁醇過量C.均采用邊反應邊蒸餾的方法 D.制備乙酸乙酯時乙醇過量【答案】D【解析】【詳解】A、實驗室制備乙酸乙酯采用酒精燈直接加熱，A錯誤；B、制備乙酸丁酯時，采用乙酸過量，以提高丁醇的利用率，這是因為正丁醇的價格比冰醋酸高，故該方法不可行，B錯誤；C、乙酸乙酯采取邊反應邊蒸餾的方法，但乙酸丁酯則采取直接回流的方法，待反應后再提取產(chǎn)物，C錯誤；D、制備乙酸乙酯時，為了提高冰醋酸的轉化率，由于乙醇價格比較低廉，會使乙醇過量，D正確；答案選D?！军c晴】該題主要考查有機物的制備，有機物的制備我們需要注意的是反應物是什么，生成物是什么，反應條件，是否需要催化劑，以及試劑加入順序，是否需要過量等問題．乙酸乙酯的制備是我們課本介紹過的，該實驗的原料需要冰醋酸和乙醇，考慮到冰醋酸和乙醇的價格，一般會使乙醇過量，提高冰醋酸的轉化率，而且反應過程中要使用濃硫酸做催化劑和吸水劑，反應條件上需要酒精燈加熱．乙酸丁酯的制備和乙酸乙酯的制備區(qū)別在于正丁醇和乙醇的價格差異。2.下列物質不屬于新型有機高分子材料的是A.高分子分離膜 B.液晶高分子材料C.生物高分子材料 D.有機玻璃【答案】D【解析】【詳解】高分子分離膜、液晶高分子材料、生物高分子材料屬于新型有機高分子材料，有機玻璃名稱為聚甲基丙烯酸甲酯，是一種開發(fā)較早的重要可塑性高分子材料，屬于傳統(tǒng)有機高分子材料；故選D。3.化學與生活密切相關，下列用途、性質或變化對應正確的是（）A.利用糧食釀酒的化學過程包含：淀粉→葡萄糖→乙醇B.在月餅包裝袋中放入生石灰：防止食物氧化變質C.焰火的絢麗：說明只有金屬單質能發(fā)生焰色反應D.氫氧化鋁用于治療胃酸過多，氫氧化鋁堿性強【答案】A【解析】【詳解】A．淀粉屬于多糖，水解生成葡萄糖，葡萄糖可以在酒化酶的作用下生成乙醇，故A正確；B．生石灰不具有還原性，不能防止食物氧化變質，故B錯誤；C．焰色反應屬于元素的性質，不是單質的性質，故C錯誤；D．氫氧化鋁屬于兩性氫氧化物，具有弱堿性和弱酸性，故D錯誤；故答案為A。4.下列說法不正確的是（）A.苯酚顯酸性，可與Na2CO3溶液反應生成CO2B.用溴水即可鑒別苯酚溶液、2,4﹣已二烯和甲苯C.溴乙烷與NaOH乙醇溶液共熱生成乙烯D.甲烷和氯氣反應生成一氯甲烷，與苯和硝酸反應生成硝基苯的反應類型相同【答案】A【解析】【詳解】A．苯酚顯酸性，但酸性比碳酸弱，比碳酸氫根離子的酸性強，只能與Na2CO3溶液反應生成苯酚鈉和碳酸氫鈉，不能生成CO2，故A選；B．2，4已二烯含有碳碳雙鍵，能與溴水發(fā)生加成反應，溶液褪色；苯酚與溴水可發(fā)生反應生成三溴苯酚白色沉淀；甲苯能萃取出溴水中溴，溶液分層，上層為橙紅色，下層為無色，三者現(xiàn)象不同，可以鑒別，故B不選；C．溴乙烷與NaOH乙醇溶液共熱發(fā)生消去反應生成乙烯，故C不選；D．甲烷和氯氣發(fā)生取代反應生成一氯甲烷，苯和硝酸發(fā)生取代反應生成硝基苯，兩者反應的類型相同，故D不選；故選A。5.下列關于常見有機化合物說法中正確的是（）A.乙烯和乙烷都能與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應B.蛋白質溶液中加入CuSO4溶液，不會失去它的生理活性C.苯、乙醇都能發(fā)生氧化反應和取代反應D.油脂和蛋白質它們的組成元素相同【答案】C【解析】【詳解】A．乙烯含有不飽和鍵，能與溴發(fā)生加成反應使溴的四氯化碳溶液褪色，乙烷不含不飽和鍵，不能使溴的四氯化碳溶液褪色，故A錯誤；B．蛋白質遇重金屬鹽發(fā)生變性，失去生理活性，故B錯誤；C．苯、乙醇都能燃燒，能發(fā)生氧化反應，苯的溴代反應、硝化反應、磺化反應都屬于取代反應，而乙醇與乙酸的酯化反應也是取代反應，故C正確；D．油脂含有C、H、O元素；蛋白質含有C、H、O、N等元素，故D錯誤。故選C。6.下列各組物質中，可用溴水溶液來鑒別的是（）A.甲烷與乙烷 B.乙烯與丙烯C.苯與己烷 D.苯與溴苯【答案】D【解析】【詳解】A、甲烷、乙烷與溴水均不反應,通入溴水無現(xiàn)象，則用溴水不能鑒別，A錯誤；B、乙烯、丙烯都含有不飽和鍵,與溴水發(fā)生加成反應,用溴水不能鑒別，B錯誤；C、苯、己烷與溴水均不反應,二者與溴水均能發(fā)生萃取,而且有色層均在上層，所以用溴水不能鑒別，C錯誤；D、苯、溴苯與溴水發(fā)生萃取分層，苯的密度比水小，有色層在上層,溴苯的密度比水大,有色層在下層,所以能鑒別，D正確；答案選D。7.“塑膠”跑道是由聚氨酯橡膠等材料建成，聚氨酯橡膠屬于A.有機高分子材料 B.無機非金屬材料C.硅酸鹽材料 D.天然橡膠【答案】A【解析】【詳解】A．有機合成高分子材料，分天然產(chǎn)生的高分子化合物和人工合成的高分子化合物，棉花、羊毛、天然橡膠是天然存在的，塑料、合成橡膠、合成纖維是人工合成的，聚氨酯橡膠是人工合成的高分子材料，A項正確；

B．無機非金屬材是以某些元素的氧化物、碳化物、氮化物、鹵素化合物以及硅酸鹽、鋁酸鹽、磷酸鹽、硼酸鹽等物質組成的材料，是除有機高分子材料和金屬材料以外的所有材料的統(tǒng)稱，B項錯誤；

C．硅酸鹽材料主要包括玻璃、陶瓷、水泥等，C項錯誤；

D．天然橡膠是天然存在的，聚氨酯橡膠是人工合成的，D項錯誤；

答案選A?！军c睛】材料分為金屬材料、無機非金屬材料、復合材料和有機合成高分子材料。8.已知化合物B3N3H6(硼氮苯)與C6H6(苯)的分子結構相似，如圖所示，則硼氮苯的二氯取代物B3N3H4Cl2的同分異構體的數(shù)目為A.2 B.3 C.4 D.6【答案】C【解析】【詳解】硼氮苯和苯具有相似的分子結構，且氮、硼兩種原子互相交替，若一個氯原子首先取代硼原子上的氫原子，根據(jù)分子的對稱性另一個氯原子有3種可能取代的位置；若一個氯原子取代氮原子上的氫原子，則另一個氯原子只有1種取代氫原子的位置，故選C。9.下列有機物按碳的骨架進行分類，其中與其他三種有機物屬于不同類別的是A. B.CH2=CH2 C. D.CH3C≡CH【答案】C【解析】【詳解】按碳的骨架進行分類，烴可以分為鏈烴和環(huán)烴，A、B、D均為鏈烴，C中含有苯環(huán)屬于環(huán)烴中的芳香烴，所以C與其他有機物的碳的骨架不同，故選C。10.由溴乙烷制取乙二醇(HOCH2CH2OH)，依次發(fā)生的反應類型是A.消去、加成、取代 B.取代、加成、水解C.水解、消去、加成 D.消去、水解、取代【答案】A【解析】分析】【詳解】由溴乙烷制取乙二醇(HOCH2CH2OH)的轉化過程為：CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2O屬于消去反應，CH2=CH2+Br2=CH2BrCH2Br屬于加成反應，CH2BrCH2Br+2NaOHCH2OHCH2OH+2NaBr屬于水解反應或者取代反應，故分別發(fā)生了消去反應、加成反應和水解反應或取代反應，故答案為：A。11.0.5某氣態(tài)烴能與加成，加成后產(chǎn)物中的氫原子又可被3氯原子取代，則此氣態(tài)烴可能是A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】0.5mol烴能與1molHCl加成，說明烴中含有1個C≡C鍵或2個C=C鍵，加成后產(chǎn)物分子上的氫原子又可被3molCl完全取代，說明0.5mol氯代烴中含有3molH原子，則0.5mol烴中含有2molH原子，即1mol烴含有4molH，并含有1個C≡C鍵或2個C=C鍵，符合要求的只有CH≡CCH3，故選C。12.下列化合物中，在常溫常壓下以液態(tài)形式存在的是（）A.甲醇 B.乙炔 C.丙烯 D.丁烷【答案】A【解析】【詳解】常溫下甲醇是液體，乙炔、丙烯和丁烷均是氣體；答案選A。13.某化合物6.4g在氧氣中完全燃燒，只生成8.8gCO2和7.2gH2O。下列說法中正確的是()①該化合物僅含碳、氫兩種元素②該化合物中碳、氫原子個數(shù)比為1∶4③無法確定該化合物是否含有氧元素④該化合物中一定含有氧元素A.①② B.②④ C.③④ D.②③【答案】B【解析】【詳解】化合物燃燒生成8.8gCO2和7.2gH2O，根據(jù)元素守恒則一定含有C、H元素，8.8g二氧化碳的物質的量為=0.2mol，n(C)=n(CO2)=0.2mol，m(C)=0.2mol×12g/mol=2.4g，7.2g水的物質的量為=0.4mol，n(H)=2n(H2O)=0.8mol，m(H)=0.8g，故化合物中N(C)∶N(H)=0.2mol∶0.8mol=1∶4，由于m(C)+m(H)=2.4g+0.8g=3.2g＜6.4g，所以該化合物中一定含有氧元素，該化合物為烴的含氧衍生物，綜上分析可知，①③錯誤，②④正確，故選B。【點睛】掌握有機化合物的化學式確定的基本的方法是解題的關鍵。本題的難點是氧元素的判斷，要注意根據(jù)質量守恒定律計算判斷化合物中是否含有O元素。14.證明溴乙烷中溴的存在，下列正確的操作步驟為①加入AgNO3溶液②加入NaOH水溶液③加熱④加入蒸餾水⑤加稀硝酸至溶液呈酸性⑥加入NaOH醇溶液A.④③①⑤ B.②③⑤① C.④⑥③① D.③⑥⑤①【答案】B【解析】【詳解】檢驗鹵代烴中的鹵素原子時先加入NaOH水溶液并加熱，使鹵代烴發(fā)生水解反應，將其中的鹵素原子轉變?yōu)殡x子，再加硝酸中和過量的NaOH溶液，溶液呈酸性時加入AgNO3溶液，看生成的沉淀的顏色確定鹵素原子的種類，根據(jù)上述分析選B。15.下列各組物質中，實驗式相同，但既不是同系物，又不是同分異構體的是A.乙炔和苯 B.正戊烷和2甲基丁烷 C.環(huán)己烷和苯 D.丙烯和丙烷【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．分子式：乙炔C2H2，苯C6H6，實驗式是CH，它們結構不同，不屬于同系物，分子式不同，不屬于同分異構體，故A正確；B．分子式：正戊烷C5H12、2甲基丁烷C5H12，實驗式都是C5H12，屬于同分異構體，故B錯誤；C．分子式：環(huán)己烷C6H12、苯C6H6，實驗式分別是CH2、CH，則不同，故C錯誤；D．分子式：丙烯C3H6、丙烷C3H8，實驗式分別是CH2、C3H8，則不同，故C錯誤；故選：A。16.如圖，n，m的最大值分別為()烷烴滿足的條件：

①主鏈含5個碳原子

②兩個支鏈：一個甲基、一個乙基A.2，2 B.2，4 C.4，2 D.4，5【答案】A【解析】【詳解】主鏈5個C，則乙基只能在中間C上，甲基可以在中間C上，也可以在2號C上，所以有如下2種：、；去掉相鄰碳原子上的4個H原子形成炔烴有1種；去掉相鄰碳原子上的4個H原子只有4和5兩個碳原子間形成三鍵，則形成炔烴有1種，所以符合條件的炔烴有2種，n、m的最大值分別為2、2；故選A。17.某種既耐低溫，又耐高溫的一種塑料，俗稱“塑料王”，其成分是（）A.電木 B.聚四氟乙烯C.聚苯乙烯 D.聚甲基丙烯酸甲酯【答案】B【解析】【詳解】A、酚醛塑料,俗稱電木,廢舊熱固性酚醛塑料可作燃料,不是既耐低溫,又耐高溫的一種塑料,所以不是“塑料王”，A錯誤；B、聚四氟乙烯幾乎不受任何化學試劑腐蝕,如在濃硫酸、硝酸、鹽酸,甚至在王水中煮沸,其重量及性能均無變化,也幾乎不溶于所有溶劑；聚四氟乙烯不吸潮,不燃燒,不導電,既耐高溫,又耐低溫,俗稱“塑料王”，B正確；C、聚苯乙烯受熱融化后冷卻，可以進行再加工,具有熱塑性，C錯誤；D、聚甲基丙烯酸甲酯俗稱“有機玻璃”,能溶于CHCl3,受熱融化后冷卻，可以進行再加工，具有熱塑性，D錯誤；答案選B。18.下列說法正確的是（）A.石油經(jīng)過分餾及裂化等工序得到的物質均為純凈物B.乙酸乙酯、油脂、葡萄糖、蛋白質均可以發(fā)生水解反應C.乙醇、乙酸均能與Na反應放出H2，二者分子中官能團相同D.苯不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，說明苯分子中沒有與乙烯分子中類似的碳碳雙鍵【答案】D【解析】【詳解】A．石油是多種烷烴和環(huán)烷烴的混合物，而石油的分餾產(chǎn)物和裂化產(chǎn)物仍為多種烴類的混合物，故A錯誤；B．葡萄糖為單糖，不能發(fā)生水解，故B錯誤；C．乙醇含OH、乙酸含COOH，官能團不同，均與鈉反應生成氫氣，故C錯誤；D．碳碳雙鍵能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，苯不能使酸性高錳酸鉀溶液銀色，說明苯分子中沒有與乙烯分子中類似的碳碳雙鍵，故D正確；故答案為D。19.某苯的同系物分子式為C11H16，經(jīng)測定數(shù)據(jù)表明，分子中除苯環(huán)外不再含其他環(huán)狀結構，分子中還含有兩個—CH3，兩個—CH2—和一個，則該分子由碳鏈異構體所形成的同分異構體有（）A.3種 B.4種 C.5種 D.6種【答案】B【解析】【詳解】C11H16不飽和度為，C11H16分子中除苯環(huán)外不含其它環(huán)狀結構，苯環(huán)的不飽和度為4，所以，含有1個苯環(huán)，側鏈為烷基，C11H16分子中存在一個次甲基，由于C11H16中含兩個甲基，所以滿足條件的結構中只有一個側鏈，化學式為C11H16的烴結構，分子中含兩個甲基，兩個亞甲基和一個次甲基，1個苯環(huán)的同分異構體有：、、、；故選B。20.塑化劑DEHP的作用類似于人工荷爾蒙，會危害男性生殖能力并促使女性性早熟，長期大量攝取會導致肝癌．其毒性遠高于三聚氰胺，會造成免疫力及生殖力下降．下列關于塑化劑鄰苯二甲酸二正丁酯說法不正確的是（）A.分子式為C16H22O4，可由石油化工原料通過取代，氧化，酯化反應制得B.白酒中混有少量塑化劑，少量飲用對人體無害，可通過過濾方法除去C.用核磁共振氫譜分析有6個吸收峰D.鄰苯二甲酸二正丁酯能發(fā)生加成，取代和氧化反應【答案】B【解析】【分析】先根據(jù)名稱寫出結構簡式：?！驹斀狻緼．由結構簡式可知，該物質的分子式是C16H22O4，苯通過取代反應生成鄰二甲苯、鄰二甲苯氧化得到鄰苯二甲酸，鄰苯二甲酸發(fā)生酯化反應得到產(chǎn)物，故A正確；B．塑化劑溶解在白酒中，不能通過過濾方法除去，故B錯誤；C．該物質中含有6種氫原子，用核磁共振氫譜分析有6個吸收峰，故C正確；D．鄰苯二甲酸二正丁酯中含有苯環(huán)，能發(fā)生加成，取代和氧化反應，故D正確；故選B。【點睛】明確分子的結構以及結構中的官能團及其性質的關系是解答關鍵，熟悉苯的性質即可解答，題目難度不大。21.下列說法正確的是（）A.淀粉、纖維素、油脂的相對分子質量都較大，所以都屬于高分子化合物B.苯、乙酸、乙醇在一定條件下都能發(fā)生取代反應，且都能與金屬鈉反應C.乙烯能使酸性高錳酸鉀和溴水褪色，二者反應原理相同D.等物質的量的乙烷和乙醇完全燃燒時所需氧氣的質量不相等【答案】D【解析】【詳解】A.油脂不屬于高分子化合物，A錯誤；B.苯、乙酸、乙醇在一定條件下都能發(fā)生取代反應，但苯分子中無羥基或羧基，不能與金屬鈉發(fā)生反應，B錯誤；C.乙烯使酸性高錳酸鉀溶液褪色是由于發(fā)生氧化反應，而乙烯使溴水褪色是由于發(fā)生了加成反應，褪色原理不相同，C錯誤；D.乙醇分子式是C2H6O，1mol乙醇完全燃燒產(chǎn)生CO2和H2O消耗O2的物質的量是3mol；乙烷分子式是C2H6，1mol乙烷完全燃燒產(chǎn)生CO2和H2O消耗O2的物質的量是3.5mol；可見：等物質的量的乙烷和乙醇完全燃燒時所需氧氣的物質的量不相等，則其消耗的氧氣的質量也不相等，D正確；故正確選項是D。22.下列反應中，屬于取代反應的是①CH3CH=CH2+Br2CH3CHBrCH2Br②CH3CH2OHCH2=CH2+H2O③CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O④C6H6+HNO3C6H5NO2+H2OA.①② B.③④ C.①③ D.②④【答案】B【解析】【分析】“有機化合物分子里的某些原子或原子團被其它原子或原子團所代替的反應”為取代反應,據(jù)此分析解答?！驹斀狻竣貱H3CH=CH2+Br2CH3CHBrCH2Br屬于加成反應，故錯誤；②CH3CH2OH

CH2=CH2+H2O屬于消去反應，故錯誤；③CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O

屬于酯化反應也屬于取代反應，故正確；④C6H6+HNO3C6H5NO2+H2O屬于取代反應，故正確；屬于取代反應的是③④，所以B選項是正確的。23.下列敘述正確的是A.苯中的少量苯酚可先加適量的濃溴水，再過濾而除去B.苯酚晶體易溶于水C.苯酚的酸性很弱，不能使酸堿指示劑變色，但可以和NaHCO3反應放出CO2D.苯酚有毒，但其稀溶液可直接用作防腐劑和消毒劑【答案】D【解析】【詳解】A、苯酚與濃溴水反應生成三溴苯酚白色沉淀，但生成物可溶解在苯中，達不到除雜的目的，A錯誤；B、常溫下，苯酚難溶于水，只有溫度高于65℃時才和水互溶，B錯誤；C、苯酚的酸性很弱，比碳酸還弱，不能與碳酸氫鈉反應生成二氧化碳，但可以與碳酸鈉反應生成碳酸氫鈉，C錯誤；D、苯酚有毒，其稀溶液可直接用作防腐劑和消毒劑，D正確；答案選D。24.分子中含有4個碳原子的飽和一元醇，發(fā)生氧化反應后能生成醛的種數(shù)與發(fā)生消去反應后能生成烯烴（要考慮順反異構）的種數(shù)分別為（）A.2、3 B.2、4 C.3、3 D.3、4【答案】B【解析】【分析】根據(jù)與羥基所連碳上至少有兩個氫可氧化生成醛；與羥基所連碳相鄰的碳上至少有1個氫可生成烯烴來分析?！驹斀狻堪l(fā)生氧化反應后生成醛的醇有2種：①CH3CH2CH2CH2OH，②CH3CH（CH3）CH2OH，生成醛的數(shù)目為2種，發(fā)生消去反應后生成的烯烴的醇有4種：①CH3CH2CH2CH2OH

②CH3CH（OH）CH2CH3

③CH2（OH）CH（CH3）CH3④（CH3）3COH，由于產(chǎn)物有可能相同，所以生成的烯烴的數(shù)目為4種；故選B。25.同溫同壓下，某有機物和過量Na反應得到V1L氫氣，另一份等量的該有機物和足量的NaHCO3反應得到V2L二氧化碳，V2=2V1≠0，則該有機物可能是A. B.HOOC─COOH C.HOCH2CH2OH D.CH3COOH【答案】BD【解析】【詳解】A．由結構簡式可知，2—羥基丙酸分子中含有的羥基、羧基能與金屬鈉反應生成氫氣，含有的羧基能與碳酸氫鈉反應生成二氧化碳，則1mol2—羥基丙酸與足量金屬鈉和碳酸氫鈉生成氫氣和二氧化碳的關系為：H2—CO2，故A不符合題意；B．由結構簡式可知，乙二酸分子中含有的羧基能與金屬鈉反應生成氫氣、也能與碳酸氫鈉反應生成二氧化碳，則1mol乙二酸與足量金屬鈉和碳酸氫鈉生成氫氣和二氧化碳的關系為：H2—2CO2，故B符合題意；C．由結構簡式可知，乙二醇分子中含有的羥基能與金屬鈉反應生成氫氣，但不能與碳酸氫鈉反應生成二氧化碳，故C不符合題意；D．由結構簡式可知，乙酸分子中含有的羧基能與金屬鈉反應生成氫氣、也能與碳酸氫鈉反應生成二氧化碳，則1mol乙酸與足量金屬鈉和碳酸氫鈉生成氫氣和二氧化碳的關系為：H2—2CO2，故D符合題意；故選BD。26.下列敘述中，不正確的是()A.蔗糖的水解產(chǎn)物，在一定條件下，能發(fā)生銀鏡反應B.蔗糖是多羥基的醛類化合物C.蔗糖不是淀粉水解的最終產(chǎn)物D.麥芽糖是多羥基的醛類化合物【答案】B【解析】【詳解】A、蔗糖在硫酸催化作用下，發(fā)生水解，生成葡萄糖和果糖，葡萄糖含有醛基，能發(fā)生銀鏡反應，A正確；B、蔗糖分子中不含醛基，不發(fā)生銀鏡反應，也不能還原新制的氫氧化銅，B錯誤；C、淀粉是最重要的多糖，在催化劑存在和加熱的條件下逐步水解，最終生成還原性單糖葡萄糖；蔗糖不是淀粉水解的產(chǎn)物，C正確；D、蔗糖和麥芽糖的分子式均為C12H22O11，分子式相同但結構不同，蔗糖分子中不含醛基，麥芽糖分子中含有醛基，具有還原性，所以蔗糖與麥芽互為同分異構體，D正確；正確選項B。【點睛】糖類中，葡萄糖和果糖屬于還原性糖，不能發(fā)生水解；蔗糖和麥芽糖屬于二糖，都能發(fā)生水解，但是麥芽糖屬于還原性糖；淀粉和纖維素屬于多糖，都能發(fā)生水解，但都不是還原性糖，二者屬于天然高分子。27.與等物質的量的Br2發(fā)生加成反應，生成的產(chǎn)物是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】：與等物質的量的Br2發(fā)生加成反應，為1：1反應，可能發(fā)生1，2加成，可能發(fā)生3，4加成，可能發(fā)生1，4加成，據(jù)此判斷產(chǎn)物?！驹斀狻浚号c等物質的量的Br2發(fā)生加成反應，為1:1反應，如果發(fā)生1，2加成，其產(chǎn)物是；如果是發(fā)生3，4加成，產(chǎn)物是；如果發(fā)生1，4加成，產(chǎn)物是，故答案為：B。二、填空題(共5小題,共46分)28.2﹣羥基異丁酸乙酯能溶于水，是一種應用于有機合成和藥物制造的化工原料。（1）2﹣羥基異丁酸乙酯的分子式為_______，不同化學環(huán)境的氫在核磁共振氫譜圖中有不同的吸收峰，則2﹣羥基異丁酸乙酯有_______個吸收峰；（2）①②的反應類型分別為_______，_______；（3）已知I為溴代烴，I→B的化學方程式為______；（4）縮聚產(chǎn)物F的結構簡式為______；（5）下列關于和的說法正確的有______（雙選，填字母）；A．后者遇到FeCl3溶液顯紫色，而前者不可B．兩者都可以與NaHCO3溶液反應放出CO2C．兩者都可以與氫氧化鈉溶液發(fā)生反應，當兩者物質的量相等時，消耗氫氧化鈉的量不相等D．兩者都可以與氫氣發(fā)生加成反應【答案】①.C6H12O3②.4③.消去反應④.氧化反應⑤.⑥.⑦.AC【解析】【詳解】(1)根據(jù)結構可判斷2羥基異丁酸乙酯的分子中含有3個甲基、1個CH2原子團、1個羥基和1個酯基，故可知分子式為C6H12O3，根據(jù)分子的結構可知，分子中有4種不同化學環(huán)境的H原子，故答案為C6H12O3；4；(2)根據(jù)反應流程可知A為2羥基異丁酸，發(fā)生消去反應生成D為2甲基丙烯酸；B為乙醇，可由溴乙烷水解生成，G為乙醛，與銀氨溶液發(fā)生氧化反應生成乙酸，H為乙酸，故答案為消去反應；氧化反應；(3)溴乙烷在堿性條件下水解生成乙醇，故答案為；(4)2羥基異丁酸中既含有羧基，又含有羥基，在一定條件下可發(fā)生縮聚反應，則F為，故答案為；(5)A、遇到FeCl3溶液顯紫色，則有機物中應含有酚羥基，故A正確；B、與NaHCO3溶液反應放出CO2，應含有羧基，前者無，故B錯誤；C、前者含有酯基，后者含有羧基和酚羥基，都能與氫氧化鈉反應，1mol前者消耗1molNaOH，后者消耗2molNaOH，故C正確；D、前者不能與氫氣發(fā)生加成反應，故D錯誤；故選AC。29.實驗室用燃燒法測定某種氨基酸（CxHyOzNm）的分子組成，取Wg該種氨基酸放在純氧中充分燃燒，生成二氧化碳、水和氮氣，按圖所示裝置進行實驗。回答下列問題：（1）實驗開始時，首先通入一段時間的氧氣，其理由是_________；（2）以上裝置中需要加熱儀器有_________（填寫字母），操作時應先點燃_________處的酒精燈；（3）A裝置中發(fā)生反應的化學方程式是_________；（4）D裝置的作用是_________；（5）讀取氮氣的體積時，應注意：①_________；②_________；（6）實驗中測得氮氣的體積為VmL（標準狀況），為確定此氨基酸的分子式，還需要的有關數(shù)據(jù)有_________（填編號）A．生成二氧化碳氣體的質量B．生成水的質量C．通入氧氣的體積D．氨基酸的相對分子質量【答案】①.排除體系中的N2②.A和D③.D④.CxHyOzNm+（）O2xCO2+H2O+N2⑤.吸收未反應的O2，保證最終收集的氣體是N2⑥.量筒內液面與廣口瓶中的液面持平⑦.視線與凹液面最低處相切⑧.ABD【解析】【分析】在本實驗中，通過測定氨基酸和氧氣反應生成產(chǎn)物中二氧化碳、水和氮氣的相關數(shù)據(jù)進行分析。實驗的關鍵是能準確測定相關數(shù)據(jù)，用濃硫酸吸收水，堿石灰吸收二氧化碳，而且二者的位置不能顛倒，否則堿石灰能吸收水和二氧化碳，最后氮氣的體積測定是主要多余的氧氣的影響，所以利用加熱銅的方式將氧氣除去。首先觀察裝置圖，可以看出A中是氨基酸的燃燒，B中吸收生成的水，在C中吸收生成的二氧化碳，D的設計是除掉多余的氧氣，E、F的設計目的是通過量氣的方式測量氮氣的體積，在這個基礎上，根據(jù)本實驗的目的是測定某種氨基酸的分子組成，需要測量的是二氧化碳和水和氮氣的量。實驗的關鍵是氮氣的量的測定，所以在測量氮氣前，將過量的氧氣除盡?！驹斀狻?1)裝置中的空氣含有氮氣，影響生成氮氣的體積的測定，所以通入一段時間氧氣的目的是排除體系中的N2；(2)氨基酸和氧氣反應，以及銅和氧氣反應都需要加熱，應先點燃D處的酒精燈，消耗未反應的氧氣，保證最終收集的氣體只有氮氣，所以應先點燃D處酒精燈。(3)氨基酸燃燒生成二氧化碳和水和氮氣，方程式為：CxHyOzNm+（）O2xCO2+H2O+N2；(4)加熱銅可以吸收未反應的O2，保證最終收集的氣體是N2；(5)讀數(shù)時必須保證壓強相同，所以注意事項為量筒內液面與廣口瓶中的液面持平而且視線與凹液面最低處相切；(6)根據(jù)該實驗原理分析，要測定二氧化碳和水和氮氣的數(shù)據(jù)，再結合氨基酸的相對分子質量確定其分子式。故選ABD?！军c睛】實驗題的解題關鍵是掌握實驗原理和實驗的關鍵點。理解各裝置的作用。實驗的關鍵是能準確測定相關數(shù)據(jù)。為了保證得到準確的二氧化碳和水和氮氣的數(shù)據(jù)，所以氨基酸和氧氣反應后，先吸收水后吸收二氧化碳，最后除去氧氣后測定氮氣的體積。30.某學習小組對人教版教材實驗“在200mL燒杯中放入20g蔗糖（C12H22O11），加入適量水，攪拌均勻，然后再加入15mL質量分數(shù)為98%濃硫酸，迅速攪拌”進行如下探究；（1）觀察現(xiàn)象：蔗糖先變黃，再逐漸變黑，體積膨脹，形成疏松多孔的海綿狀黑色物質，同時聞到刺激性氣味，按壓此黑色物質時，感覺較硬，放在水中呈漂浮狀態(tài)，同學們由上述現(xiàn)象推測出下列結論：①濃硫酸具有強氧化性②濃硫酸具有吸水性③濃硫酸具有脫水性④濃硫酸具有酸性⑤黑色物質具有強吸附性其中依據(jù)不充分的是_________（填序號）；（2）為了驗證蔗糖與濃硫酸反應生成的氣態(tài)產(chǎn)物，同學們設計了如下裝置：試回答下列問題：①圖1的A中最好選用下列裝置_________（填編號）；②圖1的B裝置所裝試劑是_________；D裝置中試劑的作用是_________；E裝置中發(fā)生的現(xiàn)象是_________；③圖1的A裝置中使蔗糖先變黑的化學反應方程式為_________，后體積膨脹的化學方程式為：_________；④某學生按圖進行實驗時，發(fā)現(xiàn)D瓶品紅不褪色，E裝置中有氣體逸出，F(xiàn)裝置中酸性高錳酸鉀溶液顏色變淺，推測F裝置中酸性高錳酸鉀溶液顏色變淺的原因_________，其反應的離子方程式是_________。【答案】①.②④②.Ⅱ③.品紅溶液④.檢驗SO2是否被除盡⑤.溶液出現(xiàn)白色渾濁⑥.C12H22O11（蔗糖）12C+11H2O⑦.2H2SO4（濃）+CCO2↑+2SO2↑+2H2O⑧.CO氣體能還原熱的酸性高錳酸鉀⑨.5CO+6H++2MnO45CO2↑+2Mn2++3H2O【解析】【分析】（1）濃硫酸的三大特性：吸水性、脫水性和強氧化性；（2）①蔗糖與濃硫酸反應為固液不加熱裝置；②B中盛放品紅溶液，檢驗二氧化硫，用E中氫氧化鋇溶液檢驗二氧化碳，D中品紅溶液檢驗SO2是否被除盡；③濃硫酸能使蔗糖脫水生成C，濃硫酸有強氧化性能將C氧化成二氧化碳；④CO氣體能還原熱的酸性高錳酸鉀?！驹斀狻浚?）聞到刺激性氣味說明濃硫酸具有強氧化性；蔗糖先變黃，再逐漸變黑，體積膨脹，形成疏松多孔的海綿狀黑色物質說明濃硫酸具有脫水性；體積膨脹，形成疏松多孔的海綿狀黑色物質說明黑色物質具有強吸附性；根據(jù)實驗現(xiàn)象不能說明濃硫酸具有吸水性，酸性；答案為②④；（2）①蔗糖與濃硫酸反應為固液不加熱裝置，裝置選擇Ⅱ；②B中盛放品紅溶液，用來檢驗二氧化硫，用E中的氫氧化鋇溶液檢驗二氧化碳，實驗現(xiàn)象是溶液出現(xiàn)白色渾濁，因為二氧化硫也能使Ba（OH）2溶液變渾濁，所以要先除去二氧化硫，所以C中高錳酸鉀溶液的作用是除去二氧化硫，D中品紅溶液檢驗SO2是否被除盡；③濃硫酸有脫水性，能使蔗糖脫水生成C，方程式為C12H22O11（蔗糖）12C+11H2O；濃硫酸有強氧化性能將C氧化成二氧化碳，方程式為2H2SO4（濃）+CCO2↑+2SO2↑+2H2O；④D瓶品紅不褪色，說明氣體中無二氧化硫，E裝置中有氣體逸出，氣體不是二氧化碳，氣體可能是濃硫酸將C氧化成一氧化碳，CO氣體能還原熱的酸性高錳酸鉀，故F裝置中酸性高錳酸鉀溶液顏色變淺，反應的離子方程式為5CO+6H++2MnO45CO2↑+2Mn2++3H2O?！军c睛】本題考查濃硫酸的性質，二氧化硫的性質，在解答方程式的書寫題時，首先理解反應原理，然后根據(jù)反應原理正確的分析出反應物、生成物結合方程式的書寫規(guī)則進行書寫。31.根據(jù)如圖所示轉化關系，回答下列問題：已知：a.；b.C物質苯環(huán)上一鹵代物只有兩種。(1)B物質的名稱為____________，D物質的結構簡式為___________。(2)反應②的反應類型為_______________，反應⑤的條件為____________。(3)寫出反應⑥的化學方程式：__________________________。(4)寫出D和E反應的化學方程式：_______________________。(5)反應②還有可能生成一種分子式為C16H18的有機物M，其苯環(huán)上的一鹵代物也只有兩種，寫出M的結構簡式：______________?！敬鸢浮竣?1，2二溴乙烷②.③.取代反應④.NaOH醇溶液，加熱⑤.⑥.++H2O⑦.【解析】【分析】C比甲苯多兩個碳原子，結合反應①的信息可知，A為乙烯，B為1，2二溴乙烷；因C物質苯環(huán)上的一鹵代物只有兩種，故兩個取代基處于對位，則C為；由C和D的分子式可知，C→D為鹵代烴的水解反應，則D為，D發(fā)生氧化反應生成E，由D和E的分子式可知，羥基被氧化成羧基，則E為；C在一定條件下生成F，F(xiàn)在一定條件下生成G，G為高聚物，由C、G的分子式可知，C→F為消去反