2020-2021學(xué)年高一物理下學(xué)期期中質(zhì)量檢測卷A新人教版參考答案

2020~2021學(xué)年高一物理下學(xué)期期中質(zhì)量檢測卷A（新人教版）參考答案1．【答案】A【解析】根據(jù)庫侖定律，開始時(shí)，將A、B兩球接觸后各帶電量，則，故選A。2．【答案】D【解析】物體靜止時(shí)受水平恒力作用，向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為，經(jīng)過t時(shí)間后的速度為，之后受到恒力作用，先向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，再向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為，又經(jīng)過時(shí)間后物體回到出發(fā)點(diǎn)，故整個(gè)過程中物體的總位移為零，所以前后兩個(gè)時(shí)間段內(nèi)物體的位移大小相等，方向相反。取方向?yàn)檎较颍瑒t根據(jù)位移關(guān)系得，聯(lián)立解得，撤去，在作用下物體又回到出發(fā)點(diǎn)，兩段位移大小相等，兩個(gè)力做的功分別為、可知，ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3．【答案】B【解析】物體做平拋運(yùn)動(dòng)，將速度分解到水平方向和豎直方向，則，，而在豎直方向上物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，代入數(shù)據(jù)可得，故選B。4．【答案】C【解析】設(shè)地球的質(zhì)量為M，人造地球衛(wèi)星的質(zhì)量為m，根據(jù)萬有引力提供向心力可得，可得，代入數(shù)據(jù)解得M≈6×1024kg，故選C。5．【答案】D【解析】B、C兩點(diǎn)連線中點(diǎn)D點(diǎn)的電勢，可見A點(diǎn)電勢與D點(diǎn)電勢相等，所以電場線與AD垂直，由勻強(qiáng)電場中電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系可知，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。6．【答案】D【解析】在運(yùn)動(dòng)過程中，硬幣做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心應(yīng)該在該軌跡平面內(nèi)且在漏斗口O點(diǎn)所在的豎直軸上，故A錯(cuò)誤；設(shè)在a、b所在弧的切線與水平方向的夾角為α、β，根據(jù)力的合成可得a處的向心力，b處的向心力，而α<β，故向心力的大小，故B錯(cuò)誤；由，可得，因?yàn)?、，所以，故C錯(cuò)誤；根據(jù)，可知a、b兩處的向心加速度分別為，而α<β，故向心加速度的大小，故D正確。故選D。7．【答案】A【解析】設(shè)豎直位移為，水平位移為，根據(jù)勾股定理有，根據(jù)動(dòng)能定理可得，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)可知、，聯(lián)立上式可得當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)，動(dòng)能最小，解得，帶入解得初動(dòng)能為，BCD錯(cuò)誤，A正確。故選A。8．【答案】B【解析】對物塊受力分析有，解得，A錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)，其速度與細(xì)線共線，所以小球與物塊速度大小相同，B正確；下落過程，小球克服細(xì)線拉力做功，機(jī)械能減少，C錯(cuò)誤；在小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程中，對系統(tǒng)有，解得，對物塊，根據(jù)動(dòng)能定理得，解得，D錯(cuò)誤。故選B。9．【答案】BC【解析】根據(jù)，可知月球受到地球的引力將逐漸變大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)引力變大，則大于向心力，月球做近心運(yùn)動(dòng)，公轉(zhuǎn)的軌道半徑將逐漸變小，故B正確；根據(jù)，解得，可知月球繞地球公轉(zhuǎn)的線速度將逐漸變大，故C正確；根據(jù)，解得，可知月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期將逐漸變小，故D錯(cuò)誤；故選BC。10．【答案】BC【解析】在0～x2間電勢不斷降低，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，所以電場線一直沿x軸正方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；φ-x圖象的斜率大小表示電場強(qiáng)度的大小，從圖乙可見圖象斜率先變大后變小，所以電場強(qiáng)度先增大后減小，選項(xiàng)B正確；根據(jù)負(fù)電荷在電勢低處電勢能大，0點(diǎn)到x2點(diǎn)電勢逐漸降低，所以電勢能逐漸增大，選項(xiàng)C正確；電場方向一直沿x軸正方向，正電荷受到的電場力方向與電場方向一致，所以受到的電場力方向一直沿x軸正方向，正電荷將一直沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。11．【答案】AD【解析】水平恒力與方向垂直，則物體做類平拋運(yùn)動(dòng)，所以物體在這內(nèi)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確；撤去外力時(shí)，有、，所以合速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；撤去外力時(shí)，物體的速度方向與初速度方向夾角，所以，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；外力作用的這內(nèi)，有、所以合位移，選項(xiàng)D正確。故選AD。12．【答案】BD【解析】若物塊在B點(diǎn)有最大動(dòng)能，則物塊在A點(diǎn)時(shí)有最大速度，此時(shí)由重力指向圓心的分力提供物體做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，即，物塊從A點(diǎn)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定理得，代入數(shù)據(jù)解得，物塊在B點(diǎn)有最大速度時(shí)，當(dāng)支持力恰好為0時(shí)，由，解得，動(dòng)能為，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)物塊在A點(diǎn)的支持力恰好為0時(shí)，由，假設(shè)物塊恰好到達(dá)B點(diǎn)，則由動(dòng)能定理得，代入數(shù)據(jù)解得，即無解，則無論取何值，物塊均不能沿軌道到達(dá)C處，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。13．【答案】【解析】（1）由光電門原理可知，滑塊經(jīng)過P點(diǎn)的速度為；（2）滑塊的重力勢能的減少量為；（3）據(jù)機(jī)械能守恒定律可得。14．【答案】B1.881.94B見詳解【解析】（1）驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)是重力勢能減少的量等于動(dòng)能增加的量，即，質(zhì)量可以約掉，故A錯(cuò)誤；圖中兩限位孔必須在同一豎直線上，是為了減小阻力，故B正確；數(shù)據(jù)處理時(shí)，應(yīng)選擇紙帶上距離較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)作為初、末位置，距離越遠(yuǎn)，讀數(shù)時(shí)誤差越小，故C錯(cuò)誤；求速度時(shí)利用平均速度等于中間時(shí)刻的速度的方法，故D錯(cuò)誤。故選B。（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打到B點(diǎn)時(shí)重錘的重力勢能比開始下落時(shí)減少了此時(shí)重錘的速度為（3）由機(jī)械能守恒定律有，可得由此可知，圖線的斜率近似等于重力加速度，故B正確，AC錯(cuò)誤。故選B。（4）由圖線可知，h=0時(shí)，重錘的速度不等于零，原因可能是該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)先釋放了紙帶，然后才合上打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的開關(guān)。15．【答案】【解析】由題意，設(shè)星球表面的重力加速度為g，石塊從拋出后經(jīng)時(shí)間t落在斜坡上，則石塊做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離為，豎直距離為，在星球表面質(zhì)量為m的物體所受重力近似等于萬有引力，即，設(shè)該飛船繞該星球表面飛行時(shí)的速度為v，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得。16．【答案】（1），負(fù)電；（2），垂直O(jiān)A向右下方；（3）；（4）先不變后變大，理由見解析【解析】（1）A球受力分析如右圖所示，B帶負(fù)電（2）由A球靜止可得mgsinθ=F、mgcosθ=T，，方向垂直O(jiān)A向右下方（3）根據(jù)庫侖定律，得。（4）根據(jù)相似三角形，則，因?yàn)閙g，OA，OB都不變，所以T不變，OA豎直時(shí)有T+F=mg，F(xiàn)減小，T變大17．【答案】（1）；（2）；（3），垂直O(jiān)B向下【解析】（1）滑塊沿圓弧下滑過程中在A點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律可得，代入數(shù)解得，由牛頓第三定律可得小物塊在A點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大小為mg。（2）小物塊恰好在A處隨容器一起轉(zhuǎn)動(dòng)，且所受摩擦力恰好為0時(shí)，由牛頓第二定律可得，根據(jù)幾何關(guān)系有，解得。（3）假設(shè)在B處小物塊的摩擦力方向沿B點(diǎn)切線向下，則由牛頓第二定律可得水平方向有豎直方向有聯(lián)立解得、，所以假設(shè)成立，則小物塊在處時(shí)所受摩擦力的大小為，摩擦力方向垂直O(jiān)B向下。18．【解析】(1)在B點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓定律(2分)可得。(2分)(2)=1\*GB3①若物體一直加速，根據(jù)(1分)而