河北省張家口市宣化一中2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期初考試試題

PAGE18PAGE19河北省張家口市宣化一中2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期初考試試題一、單選題（本大題共9小題，共27.0分）關(guān)于電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法正確的是(????)A.電場強(qiáng)度的定義式E=Fq，適用于任何電場

B.由真空中點電荷的電場強(qiáng)度公式E=kQr2可知，當(dāng)r→0時，E→無窮大

C.由公式關(guān)于磁場、磁感線，下列說法中正確的是(????)A.磁場并不是真實存在的，而是人們假想出來的

B.磁鐵四周磁感線的形態(tài)，與鐵屑在它四周排列的形態(tài)相同，說明磁場呈線條形態(tài)，磁感線是磁場的客觀反映

C.磁場中隨意兩條磁感線均不相交

D.磁感線類似電場線，它總是從磁體的N極動身，到S極終止在圖中，標(biāo)出磁場B的方向，通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場力F的方向，其中正確的是(????)A. B. C. D.關(guān)于多用電表，下列說法正確的是(????)A.多用表是電壓表、電流表、歐姆表共用三個表頭組裝而成的

B.用多用表無論是測電壓、電流還是測電阻，紅表筆的電勢都要高于黑表筆的電勢

C.多用表的電壓擋、電流擋和歐姆擋都是靠外部供應(yīng)電流的

D.用多用表測電壓、電流和測電阻時，電流都是從紅表筆流入的將面積為6.0×10-4m2的圓面放入水平向右的勻強(qiáng)磁場中，圓面與磁感線之間的夾角為30°，如圖所示，若穿過該圓面的磁通量為3.0×10-5WbA.1.0×10-1T B.5.8×10-2T宇宙射線在射向地球時，由于地磁場的存在會變更其帶電粒子的運動方向，從而對地球上的生物起到愛護(hù)作用。如圖所示為地磁場對宇宙射線作用的示意圖?，F(xiàn)有來自宇宙的一束電子流，以與地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一點，則這些電子在進(jìn)入地磁場時將(????)A.相對于原直線運動方向向東偏轉(zhuǎn) B.相對于原直線運動方向向西偏轉(zhuǎn)

C.相對于原直線運動方向向南偏轉(zhuǎn) D.相對于原直線運動方向向北偏轉(zhuǎn)在如圖所示的電路中，當(dāng)滑動變阻器R2的滑動片P向上移動時，關(guān)于電燈L的亮度及電容器C所帶電量Q的變更推斷正確的是(????)A.L變暗，Q增大 B.L變暗，Q減小 C.L變亮，Q增大 D.L變亮，Q減小如圖所示，條形磁鐵放在光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉住而平衡，A為水平放置的直導(dǎo)線的截面，導(dǎo)線中無電流時磁鐵對斜面的壓力為FN1；當(dāng)導(dǎo)線中有垂直紙面對外的電流時，磁鐵對斜面的壓力為FN2，則下列關(guān)于壓力和彈簧的伸長量的說法中正確的是：

(

)A.FN1<FN2，彈簧的伸長量減小 B.FN1=FN2，彈簧的伸長量減小如圖所示，寬度為d、厚度為h的導(dǎo)體放在垂直于它的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流通過該導(dǎo)體時，在導(dǎo)體的上、下表面之間會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)．試驗表明：當(dāng)磁場不太強(qiáng)時，電勢差U、電流I和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的關(guān)系為：U=KIBd，式中的比例系數(shù)K稱為霍爾系數(shù)．設(shè)載流子的電量為q，下列說法正確的是(????)A.載流子所受靜電力的大小F=qUd

B.導(dǎo)體上表面的電勢肯定大于下表面的電勢

C.霍爾系數(shù)為K=1nq，其中n為導(dǎo)體單位長度上的電荷數(shù)

D.載流子所受洛倫茲力的大小二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）如圖所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點的距離均相等。關(guān)于以上幾點處的磁場，下列說法正確的是(????)A.O點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零

B.a、b兩點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相同

C.c、d兩點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相同

D.a、c兩點處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相同回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻溝通電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變更的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時的動能，則下列說法中正確的是(????)A.增大磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度

B.增大勻強(qiáng)電場間的加速電壓

C.增大D形金屬盒的半徑

D.減小狹縫間的距離

某物理愛好小組制作了一種可“稱量”磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的試驗裝置，如圖所示。U形磁鐵置于水平電子測力計上，U形磁鐵兩極之間的磁場可視為水平勻強(qiáng)磁場，不計兩極間以外區(qū)域磁場。一水平導(dǎo)體棒垂直磁場方向放入U形磁鐵兩極之間(未與磁鐵接觸)，導(dǎo)體棒由兩根絕緣桿固定于鐵架臺上。導(dǎo)體棒沒有通電時，測力計的示數(shù)為G0，導(dǎo)體體通以圖示方向電流I(向紙面外)時，測力計的示數(shù)為G1，測得導(dǎo)體棒在兩極間的長度為L，磁鐵始終靜止，不考慮導(dǎo)體棒電流對磁鐵磁場的影響。下列說法正確的是(????)A.導(dǎo)體棒所在處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=G1-G0IL

B.導(dǎo)體棒所在處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=G1+G如圖所示為磁流體發(fā)電機(jī)結(jié)構(gòu)示意圖，燃燒室在高溫下產(chǎn)生大量的電子和正離子，即高溫等離子體。高溫等離子體以v=200m/s的速度平行于極板噴入兩極板間。極板長a=0.2m，寬b=0.1m，兩極板間距d=0.2m。極板間存在垂直紙面對里且與等離子體速度方向垂直的勻強(qiáng)磁場。磁感應(yīng)強(qiáng)度B=6T.等離子體在磁場的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在兩板間形成電勢差。兩極板與電阻R相連。若極板間等離子體的電阻率ρ=0.4Ω?m，不計極板電阻。則下列推斷中正確的是(????)A.上極板帶正電，下極板帶負(fù)電

B.當(dāng)電阻R=8Ω時，發(fā)電機(jī)供電電流為20A

C.若僅增加極板的長度a，發(fā)電機(jī)的電動勢將增加

D.若增加等離子體的噴入速度v，發(fā)電機(jī)的電動勢將增加三、試驗題（本大題共2小題，共24.0分）(1)下列給出多種用伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的數(shù)據(jù)處理方法，其中既能減小偶然誤差又直觀、簡便的是______。

A.測出兩組I、U的數(shù)據(jù)，代入方程組E=U1+I1r和E=U2+I2r

B.多測幾組I、U的數(shù)據(jù)，求出幾組E、r，最終分別求出其平均值

C.測出多組I、U的數(shù)據(jù)，畫出U-I圖象，在依據(jù)圖象求E、r

D.多測幾組I、U的數(shù)據(jù)，分別求出I和U的平均值，用電壓表測出斷路時的路端電壓即為電動勢E，再利用閉合電路歐姆定律求出內(nèi)電阻r

(2)(多選)用如圖甲所示的電路測定電池的電動勢和內(nèi)阻，依據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的U-I圖象，由圖象可知______。

A.電池的電動勢為1.40V

B.電池內(nèi)阻值為3.50Ω

C.外電路短路時的電流為0.40A

D.當(dāng)電壓表示數(shù)為1.20V時，電路電流為0.2A

(3)如(2)中甲圖所示，閉合電鍵前，應(yīng)使變阻器滑片處在______(填“左”或“右”)端位置上。

(4)(多選)為了測出電源的電動勢和內(nèi)阻，除待測電源和開關(guān)、導(dǎo)線以外，協(xié)作下列哪組儀器，才能達(dá)到試驗?zāi)康摹_____

某同學(xué)要測量一勻稱新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：

(1)用刻度尺量出圓柱體長度為L，用螺旋測微器測出其直徑d如圖所示，則d=______mm。

(2)若用多用電表的歐姆擋粗測圓柱體的電阻。機(jī)械調(diào)零、歐姆調(diào)零后，選擇“×100”倍率進(jìn)行測量，發(fā)覺表針偏轉(zhuǎn)角度很大，正確的推斷和做法是______。

A.被測電阻值很大

B.被測電阻值很小

C.為了把電阻值測得更準(zhǔn)一些，應(yīng)換用“×1k”擋，重新歐姆調(diào)零后再測量

D.為了把電阻值測得更準(zhǔn)一些，應(yīng)換用“×10”擋，重新歐姆調(diào)零后再測量。

(3)現(xiàn)選擇多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值約為R=______Ω。

(4)該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測圓柱體電阻R

電流表A1(量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω)

電流表A2(量程0～10mA，內(nèi)阻約30Ω)

電壓表V1(量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ)

電壓表V2(量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ)

直流電源E(電動勢4V，內(nèi)阻不計)

滑動變阻器R1(阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A)

滑動變阻器R2(阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流四、簡答題（本大題共1小題，共13.0分）如圖所示，在xoy平面內(nèi)的y軸左側(cè)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，y軸右側(cè)有垂直紙面對里的勻強(qiáng)磁場，y軸為勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場的志向邊界.一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計重力)從x軸上的N點(-L,0)以v0沿x軸正方向射出.已知粒子經(jīng)y軸的M點(0,-L2)進(jìn)入磁場，若勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為16mv011qL.求：

(1)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大?。?/p>

(2)若粒子離開電場后，y軸左側(cè)的電場馬上撤去，通過計算推斷粒子離開磁場后到達(dá)x軸的位置是在N點的左側(cè)還是右側(cè)？

(3)若粒子離開電場后，y軸左側(cè)的電場馬上撤去五、計算題（本大題共2小題，共20.0分）如圖所示，一束電子(電子電荷量為e)以速度v由A點垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、寬度為d的有界勻強(qiáng)磁場中，在C點穿出磁場時的速度方向與電子原來的入射方向成30°夾角。(忽視重力)求：

(1)電子的質(zhì)量是多少？

(2)電子穿過磁場的時間又是多少？

如圖所示的電流天平可用來測出安培力的大?。禾炱降挠冶巯旅嬗眉?xì)繩掛有一個寬為L，共N匝的矩形線圈，線圈的下部懸在垂直紙面方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線圈中沒有電流通過時，天平平衡。當(dāng)線圈中通有電流時，天平失去平衡，通過變更砝碼后，天平重新平衡，據(jù)此可以測出安培力的大小。問：

(1)當(dāng)線圈中通有順時針方向的電流時(如圖)，發(fā)覺細(xì)繩的拉力減小，請推斷磁場的方向并在虛框中畫出；

(2)若某次測量中，在右盤中添加質(zhì)量為m的砝碼后，天平復(fù)原平衡，此時線圈受到的安培力為多大？線圈中的電流多大？(重力加速度為g，答案用給定的符號表達(dá))2024-2025學(xué)年下學(xué)期宣化一中高二物理期初試卷答案和解析1.【答案】A

【解析】解：A、電場強(qiáng)度的定義式E=Fq，適用于任何電場，故A正確。

B、當(dāng)r→0時，電荷已不能看成點電荷，公式E=kkQr2不再成立。故B錯誤。

C、由公式B=FIL可知，一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場力，可能是B的方向與電流方向平行，所以此處不肯定無磁場，故C錯誤。

D、磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向垂直，故D錯誤。

故選：【解析】解：A、磁場是客觀存在的，而磁感線是人們假想出來的，故A錯誤；

B、人們?yōu)榱诵蜗蟮孛枥L磁場，用圖形-磁感線將抽象的磁場描繪出來，磁感線是假想的曲線，其客觀上并不存在，鐵屑在磁場中被磁化為小磁針，在磁場的作用下轉(zhuǎn)動，最終規(guī)則地排列起來，顯示出磁感線的分布特點，并非磁場的客觀反映，故B錯誤；

C、磁感線的切線方向表示磁場的方向，假如同一地點磁感線相交則存在兩個磁場方向，與實際不符，所以磁場中隨意兩條磁感線均不相交，故C正確；

D、電流的磁場和磁體的磁場的磁感線都是閉合曲線，在磁體外部從N極到S極，在磁體內(nèi)部從S極到N極，不像電場線從正電荷動身到負(fù)電荷終止，故D錯誤。

故選：C。

磁針放在磁體的四周受到力的作用，說明磁體在四周空間產(chǎn)生了磁場，磁場是一種客觀物質(zhì)；磁感線可以用來表示磁場的強(qiáng)弱和方向；磁感線并非磁場的客觀反映；磁感線是閉合曲線，和電場線不同。

本題考查了磁感線的引入目的，磁場方向的規(guī)定，記住相關(guān)的基礎(chǔ)學(xué)問，對于解決此類識記性的題目特別便利，可以和電場線進(jìn)行類比記憶。

3.【答案】C

【解析】解：通電導(dǎo)線在磁場中受到安培力作用，其方向均由左手定則來確定。

左手定則內(nèi)容是：伸開左手大拇指垂直四指且在同一平面內(nèi)，讓磁感線穿過掌心，四指指的是電流的方向，則大拇指就是安培力的方向。

所以安培力方向與磁場方向垂直、與電流方向垂直，即其與磁場和電流的方向所構(gòu)成的平面垂直。

A、電流方向水平向右，由左手定則可知安培力豎直向下，故A錯誤；

B、由于電流方向與磁場方向平行，則沒有安培力，故B錯誤；

C、電流方向垂直紙面對外，由左手定則可得安培力方向豎直向下，故C正確；

D、電流方向水平向右，由左手定則可知，安培力方向垂直紙面對外，故D錯誤；

故選：C。

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中運動時，其受到的安培力的方向由左手定則來判定。

左手定則是判定安培力方向，而右手定則是確定感應(yīng)電流方向。同時強(qiáng)調(diào)磁感線穿過掌心，且四指指向為電流的方向。

4.【答案】D

【解析】解：A、多用表是電壓表、電流表、歐姆表共用一個表頭組裝而成的；故A錯誤；

B、用多用表無論是測電壓還是測電流，紅表筆的電勢都要高于黑表筆的電勢；多用表作為歐姆表運用時，紅筆的電勢低于黑表筆的電勢，故B錯誤；

C、多用電表的歐姆擋是靠內(nèi)部電源供應(yīng)電流的，故C錯誤；

D、多用電表不論測電流、電壓還是電阻，電流都是從紅表筆流入，黑表筆流出，故D正確；

故選：D。

多用表是電壓表、電流表、歐姆表共用一個表頭組裝而成的：表頭與電阻并聯(lián)改裝成電流表、表頭與電阻串聯(lián)改裝成電壓表、歐姆表是利用閉合電路歐姆定律制作的，所以要有內(nèi)部電源；多用電表不論測電流、電壓還是電阻，電流都是從紅表筆流入，黑表筆流出。

駕馭多用電表改裝原理、運用方法與留意事項即可正確解題，平常學(xué)習(xí)要留意基礎(chǔ)學(xué)問的學(xué)習(xí)與駕馭。

5.【答案】A

【解析】解：如圖，磁通量Φ=BSsin30°則B=?Ssin30°=3×10-56×10-4×12【解析】解：電子流的方向從上而下射向赤道上空，地磁場方向在赤道的上空從南指向北，依據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向向西，所以電子向西偏轉(zhuǎn)，故B正確，A、C、D錯誤。

故選：B。

電子流帶負(fù)電，地磁場的方向在赤道的上空從南指向北，依據(jù)左手定則推斷出電子流所受洛倫茲力的方向．

解決本題的關(guān)鍵駕馭地磁場的方向，以及會運用左手定則推斷洛倫茲力的方向，留意電子帶負(fù)電．

7.【答案】C

【解析】解：整個電路的連接狀況是：R1和R2串聯(lián)后與燈泡并聯(lián)，電容器兩端電壓等于R2兩端電壓，R3兩端電壓為零。

當(dāng)滑動變阻器的滑動片向上移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，燈A的兩端電壓增大，則燈A變亮；

電容器板間電壓等于變阻器兩端的電壓，由于路端電壓增大，則通過A燈的電流增大，而干路電流減小，則通過R1的電流減小，R1的電壓也減小，則變阻器兩端的電壓增大，電容器所帶電量Q增大，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

當(dāng)滑動變阻器的滑動片向上移動時，變阻器接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變更，得到干路電流和路端電壓的變更，則知燈A亮度的變更．電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，分析其電壓的變更，推斷帶電量Q的變更．

本題是電路動態(tài)分析問題，按“局部→【解析】解：(1)磁鐵的磁感線在它的外部是從N極到S極，因為長直導(dǎo)線在磁鐵的中心偏右位置，所以此處的磁感線是斜向左下的，電流的方向垂直與紙面對外，依據(jù)左手定則，導(dǎo)線受磁鐵給的安培力方向是斜向右下方，

(2)長直導(dǎo)線是固定不動的，依據(jù)物體間力的作用是相互的，導(dǎo)線給磁鐵的反作用力方向就是斜向左上方；

(3)導(dǎo)線給磁鐵的反作用力方向就是斜向左上的，將這個力分解為垂直于斜面與平行于斜面的分力，因此光滑平板對磁鐵支持力減小，由于在電流對磁鐵作用力沿斜面方向的分力向下，所以彈簧拉力拉力變大，彈簧長度將變長。

故選：C。

(1)通電導(dǎo)體在磁場中受到力的作用，力的方向可以用左手定則推斷；

(2)長直導(dǎo)線是固定不動的，依據(jù)物體間力的作用是相互的，得出導(dǎo)線給磁鐵的反作用力方向

本題的關(guān)鍵是知道磁場對電流的作用的方向可以通過左手定則推斷，然后依據(jù)作用力和反作用力的學(xué)問進(jìn)行推理分析

9.【答案】D

【解析】解：A、靜電力大小應(yīng)為：F=qUh，故A錯誤；

B、洛倫茲力向上，但載流子的電性是不確定的，故無法推斷上表面的電性，故無法比較上下表面的電勢凹凸，故B錯誤；

C、對于載流子，靜電力和洛倫茲力平衡，故：

qvB=qUh

電流微觀表達(dá)式為：

I=nqSv

故：U=Bhv=hIBnSq

由于S=hd，故U=IBnqd=KIBd，故k=1nq，其中n為導(dǎo)體單位體積上的電荷數(shù)，故C錯誤；

【解析】解：A、依據(jù)右手螺旋定則，M處導(dǎo)線在o點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N處導(dǎo)線在o點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度不等于0，故A錯誤；

B、M在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，在b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，依據(jù)場強(qiáng)的疊加知，a、b兩點處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故B正確；

C、M在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產(chǎn)生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直于dN偏下，依據(jù)平行四邊形定則，知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下，且合場強(qiáng)大小相等，故C正確；

D、由以上分析可知，a、c兩點處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向都豎直向下，方向相同，故D正確；

故選：BCD。

依據(jù)右手螺旋定則確定兩根導(dǎo)線在a、b、c、d四點磁場的方向，依據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成。

解決本題的關(guān)鍵駕馭右手螺旋定則推斷電流與其四周磁場方向的關(guān)系，會依據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成。

11.【答案】AC

【解析】解：由qvB=mv2R，解得v=qBRm。

則動能EK=12mv2=q2B2R22m【解析】解：AB、導(dǎo)體棒沒有通電時測力計的示數(shù)即為磁鐵的重量為G0，通向外的電流后，由左手定則可知導(dǎo)體棒受向上的安培力，依據(jù)牛頓第三定律可知導(dǎo)體棒對磁鐵的磁力向下，對磁鐵由平衡條件G0+BIL=G1，解得：B=G1-G0IL，故A正確，B錯誤；

C.若使圖示方向電流I增大，磁感應(yīng)強(qiáng)度描述的是磁鐵本身的磁場性質(zhì)，故其大小將不變，故C錯誤；

D.若通以圖示方向相反的電流I，安培力將反向，設(shè)示數(shù)為G'【解析】解：A、等離子體射入磁場中，受到洛倫茲力，帶正電荷的離子將打到上極板上，負(fù)電荷打到下極板上，從而產(chǎn)生電場，故該磁流體發(fā)電機(jī)下極板帶負(fù)電，上極板帶正電，故A正確；

B、當(dāng)離子所受的洛倫茲力與電場力平衡時，由平衡條件得：qvB=qUd，得U=Bvd=6×200×0.2V=240V，而發(fā)電機(jī)內(nèi)氣體導(dǎo)電的內(nèi)阻為r=ρdab=0.4×0.20.2×0.1Ω=4Ω，由閉合電路的歐姆定律可得發(fā)電機(jī)供電電流：I=UR+r=2404+8A=20A，故B正確；

C、發(fā)電機(jī)的電動勢：U=Bvd，與極板的長度a無關(guān)，故增加板長后電動勢不變，故C錯誤；

D、發(fā)電機(jī)的電動勢：U=Bvd，故增加等離子體的噴入速度v【解析】解：(1)A、測出兩組I、U的數(shù)據(jù)，代入方程組E=U1+I1r和E=U2+I2r可以求出電源電動勢與內(nèi)阻，但不能削減偶然誤差，故A錯誤；

B、多測幾組I、U的數(shù)據(jù)，求出幾組E、r，最終分別求出其平均值，可以求出電源的電動勢與內(nèi)阻，也可以減小偶然誤差，但不符合題目中“直觀、簡便”的要求，故B錯誤；

C、測出多組I、U的數(shù)據(jù)，畫出U-I圖象，在依據(jù)圖象求E、r，采納圖象法處理試驗數(shù)據(jù)，直觀、同時減小了偶然誤差，故C正確；

D、多測幾組I、U的數(shù)據(jù)，分別求出I和U的平均值，該做法是錯誤的，不能求出I、U的平均值，再利用閉合電路歐姆定律求出內(nèi)電阻r，故D錯誤；

故選：C。

(2)AB、依據(jù)圖甲所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律可知，路端電壓：U=E-Ir，由圖乙所示電源U-I圖象可知，電源電動勢E=1.40V，電源內(nèi)阻r=△U△I=1.40-1.000.4Ω=1.0Ω，故A正確，B錯誤；

C、橫軸的截距I=0.40A是路端電壓為1.00V時的電流，不是短路電流，故C錯誤；

D、當(dāng)電壓表示數(shù)U=1.20V時，電路電流：I=E-Ur=1.40-1.201.0A=0.2A，故D正確；

故選：AD。

(3)由圖甲圖所示電路圖可知，滑動變阻器采納限流接法，為愛護(hù)電路平安，閉合電鍵前，應(yīng)使變阻器滑片處在左端位置上。

(4)A、由閉合電路歐姆定律可知：E=I(r+R)，電阻箱接入電路的阻值R可以干脆讀出，由電流表可以測出電流電流，用一個電流表和一個電阻箱測多組試驗數(shù)據(jù)，依據(jù)閉合電路的歐姆定律可以求出電源電動勢與內(nèi)阻，故A正確；

B、變更滑動變阻器阻值，測出多組電壓U與電流I值，依據(jù)閉合電路的歐姆定律E=U+Ir可以求出電源電動勢與內(nèi)阻，因此用一個電壓表、一個電流表和一個滑動變阻器可以測電源電動勢與內(nèi)阻，故B正確；

C、變更電阻箱接入電路的阻值，用電壓表測出對應(yīng)的路端電壓，由閉合電路的歐姆定律E=U+Ir=U+URr可以求出電源電動勢與內(nèi)阻，因此用一個電壓表和一個電阻箱可以測電源電動勢與內(nèi)阻，故C正確；

D、不能干脆求出滑動變阻器接入電路的阻值，不能用一個電流表和一個滑動變阻器測電源電動勢與內(nèi)阻，故D錯誤。

故選：ABC。

故答案為：(1)C【解析】解：(1)由圖1所示螺旋測微器可知，其讀數(shù)d=5mm+31.2×0.01mm=5.312mm。

(2)用“×100”擋測量一個電阻的阻值，發(fā)覺表針偏轉(zhuǎn)角度很大，說明所測電阻較小，所選擋位太大，為精確測量電阻阻值，應(yīng)換用“×10”擋，換擋后重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后再測電阻阻值；故AC錯誤，BD正確，

故選：BD。

(3)用×10Ω擋測量電阻，由圖2所示表盤可知，其讀數(shù)為22×10Ω=220Ω；

(4)電源電動勢為4V，電壓表選V1，待測電阻阻值約為200Ω，電路最大電流約為：I=UR=3220A≈0.0136A=13.6mA，電流表選擇A2，為便利試驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇R1；由于待測電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動變阻器最大阻值，為測多組試驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)采納分壓接法；由于電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采納外接法，試驗電路圖如圖所示：

(5)圓柱體電阻R=UI=ρLS=ρLπ(d2)2，

電阻率ρ=πUd24IL。

故答案為：(1)5.312；(2)BD；(3)220；(4)電路圖如圖所示；(5)πUd24IL。

(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)。

(2)歐歐姆表零刻度線在表盤的最左側(cè)，歐姆表指針偏角大說明所測電阻阻值較小，用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中心刻度線旁邊。(3)歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。

(4)依據(jù)電源電動勢選擇電壓表，依據(jù)通過待測電阻的最大電流選擇電流表，為便利試驗操作