2021-2022學年山東省名校交流物理高一下期末檢測試題含解析

2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)如圖所示，木塊、疊放在光滑水平面上，、之間不光滑，用水平力拉，使、一起沿光滑水平面加速運動，設對的摩擦力為，對的摩擦，則以下說法正確的是（）A．對做負功，對做正功B．對做正功，對不做功C．對做正功，對不做功D．對不做功，對做正功2、(本題9分)關于機械能守恒的敘述，正確的是（）A．做勻速直線運動的物體機械能不一定守恒B．做變速直線運動的物體機械能不可能守恒C．合外力為零時，機械能一定守恒D．只有重力對物體做功，物體的機械能不一定守恒3、(本題9分)一個質量為m

的物體以速度v水平飛向豎直墻壁，又以水平速度v反彈回來，物體在碰撞過程中動量的改變量的大小是A．0 B．2mv C．mv D．無法確定4、斜面P原來靜止在光滑的水平桌面上，另一個小木塊Q從斜面P的頂端由靜止開始沿光滑的斜面下滑。當小木塊Q滑到斜面P的底部時，斜面P向右移動了一段距離，如圖所示。下面說法中正確的是（）A．木塊P、Q組成的系統(tǒng)總動量守恒B．重力對小木塊Q做的功等于小木塊Q的動能的增加C．小木塊Q減少的重力勢能等于斜面P增加的動能D．小木塊Q減少的重力勢能等于斜面P和Q增加的動能之和5、(本題9分)如圖是汽車在平直路面上啟動的v-t圖象，其中0-t1時間內圖像是直線，t1時刻起汽車的功率保持不變。整個啟動過程中汽車受到的阻力大小恒為f，由圖像可知（）A．0-t1時間內，汽車的牽引力不變，功率隨時間均勻增大B．0-t1時間內，汽車的牽引力隨時間均勻增大，功率不變C．t1-t2時間內，汽車的牽引力減小，功率為fv1D．t1-t2時間內，汽車的牽引力不變，功率為fv26、(本題9分)如圖所示，在室內自行車比賽中，運動員以速度v在傾角為θ的賽道上做勻速圓周運動。已知運動員的質量為m，做圓周運動的半徑為R，重力加速度為g，則下列說法正確的是A．將運動員和自行車看做一個整體，整體受重力、支持力、摩擦力和向心力的作用B．做圓周運動的向心力大小mC．運動員做圓周運動的角速度為vRD．如果運動員增大速度，運動員將可能做離心運動7、(本題9分)一物體自t=0時開始做直線運動，其速度圖線如圖所示．下列選項正確的是（）A．在0～6s內，物體離出發(fā)點最遠為30mB．在0～6s內，物體經過的路程為40mC．在0～4s內，物體的平均速率為7.5m/sD．在5～6s內，物體所受的合外力做負功8、如圖所示，在豎直向下的勻強電場中，一絕緣細線一端拉著帶負電的小球在豎直平面內繞O點做圓周運動，下列說法正確的是A．小球運動到最高點a時，小球的電勢能一定最小B．小球運動到最高點a時，細線的拉力一定最小C．小球運動到最低點b時，小球的速度一定最大D．小球運動到最低點b時，小球的機械能一定最小9、(本題9分)如圖甲所示，一長為l的輕繩一端穿在過O點的水平轉軸上，另一端固定一質量未知的小球，整個裝置繞O點在豎直面內轉動．小球通過最高點時，繩對小球的拉力F與其速度二次方v2的關系如圖乙所示，重力加速度為g.下列判斷正確的是()A．圖線的函數(shù)表達式為F＝mv2lB．重力加速度g＝bC．若繩長不變，用質量較小的球做實驗，，則圖線上b點的位置不變D．若繩長不變，用質量較小的球做實驗，則得到的圖線斜率更大10、在平直公路上，汽車由靜止開始做勻加速運動，當速度達到vm后立即關閉發(fā)動機直到停止，運動的v－t圖象如圖所示。設汽車的牽引力為F，摩擦力為f；全過程中牽引力做功W1，克服摩擦力做功W1，全程牽引力的沖量大小為I1，摩擦力的沖量大小為I1．則下列關系正確的是()A．F：f＝3：1B．F：f＝4：1C．W1：W1＝1：1D．I1：I1＝1：1二、實驗題11、（4分）(本題9分)圖1是“研究平拋物體運動”的實驗裝置，通過描點畫出平拋小球的運動軌跡．（1）以下實驗過程的一些做法，其中合理的有________.a.安裝斜槽軌道，使其末端保持水平b.每次小球釋放的初始位置可以任意選擇c.每次小球應從同一高度由靜止釋放d.為描出小球的運動軌跡描繪的點可以用折線連接（2）實驗得到平拋小球的運動軌跡，在軌跡上取一些點，以平拋起點O為坐標原點，測量它們的水平坐標x和豎直坐標y，圖2中y-x2圖象能說明平拋小球的運動軌跡為拋物線的是_________.（3）圖3是某同學根據實驗畫出的平拋小球的運動軌跡，O為平拋起點，在軌跡上任取三點A、B、C，測得A、B兩點豎直坐標y1為5.0cm、y2為45.0cm，測得A、B兩點水平距離Δx為40.0cm，則平拋小球的初速度v0為______m/s，若C點的豎直坐標y3為60.0cm，則小球在C點的速度為vC=______m/s（結果保留兩位有效數(shù)字，g取10m/s2）．12、（10分）(本題9分)測量小物塊與平板之間的動摩擦因數(shù)的實驗裝置如圖所示．是半徑足夠大的、光滑的四分之一圓弧軌道，與水平固定放置的板的上表面在點相切，點在水平地面的垂直投影為，重力加速度為，實驗步驟如下：①用天平稱出物塊的質量；②測量出軌道的半徑、的長度和的高度；③將物塊在點由靜止釋放，在物塊落地處標記其落地點；④重復步驟③，共做次；⑤將個落地點用一個盡量小的圓圍住，用米尺測量圈心到的距離．用實驗中的測量量表示：（1）物塊到達點時的動能_____________；（2）物塊到達點時的動能______________；（3）在物塊從運動到的過程中，物塊克服摩擦力做的功________________；（4）物塊與平板之間的動摩擦因數(shù)________________．

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】

以整體受力分析可知F=(mA+mB)a可知，A、B兩物體的加速度向右，隔離物體A，通過受力分析可知，B對A的摩擦力F2向右，而A向右運動，由W=FL可知，F(xiàn)2對A做正功；A對B的摩擦力F1向左，故F1對B做負功，故A正確，BCD錯誤．故選A.2、A【解析】做勻速直線運動的物體機械能不一定守恒，如勻速下降的降落傘機械能減少，機械能不守恒，A錯誤；做變速運動的物體機械能可能守恒，如自由落體運動，也可能不守恒，在水平方向上的勻變速直線運動，B錯誤；外力做功為零，機械能不一定守恒，如在空中勻速下落的物體，外力對物體做功為零，機械能不守恒，C錯誤；若只有重力對物體做功，物體的機械能一定守恒，故D正確．【點睛】機械能守恒條件是：只有重力或彈力做功．判斷機械能是否守恒，應根據機械能守恒條件進行判斷；在某一物理過程中，除重力與彈力外還有其它力做功，如果其它力的功為零，則機械能守恒．3、B【解析】

設以初速度方向為正，△P=P2-P1=mv2-mv1=-mv-mv=-2mv；所以物體與墻碰前與碰后動量的改變量的大小為2mv，故選B．4、D【解析】

A.木塊P、Q組成的系統(tǒng)在水平方向不受力，所以系統(tǒng)在水平方向是守恒的，在豎直方向合力不為零，因此系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤。BCD.重力對小木塊Q做的功等于小木塊Q重力勢能的減少量，由能量的轉化與守恒可知，小木塊Q減少的重力勢能轉化為了斜面P和Q的動能，即小木塊Q減少的重力勢能等于斜面P和Q增加的動能之和，故BC錯誤，D正確。5、A【解析】

AB．0～t1時間內，汽車的速度是均勻增加的，是勻加速運動，所以汽車的牽引力不變，加速度不變，功率P=Fv隨時間均勻增大，故A正確，B錯誤。CD．t1～t2時間內，汽車的功率已經達到最大值，功率保持不變，根據P=Fv=fv2，可知汽車的牽引力F隨速度的增大而減小，故CD錯誤。6、BD【解析】

A.向心力是效果力，可以由單個力充當，也可以由其它力的合力提供，或者由某個力的分力提供，不是性質力，因此，將運動員和自行車看做一個整體后，整體應受重力、支持力和摩擦力，故A錯誤；B.由題意可知，運動員做線速度大小為v，半徑為R的勻速圓周運動，故運動員受到的合力提供向心力，即m，故運動員受到的合力大小為m，故B正確；C.根據線速度和角速度的關系v=ωR得，角速度，故C錯誤；D.如果運動員加速，需要的向心力增加，此時向心力“供”小于“需”，運動員將會做離心運動，故D正確。7、BC【解析】試題分析：根據圖像可知，0～5s內物體運動方向不變，5s后反向運動，5s時離出發(fā)點最遠，A錯誤；位移等于v-t圖像的面積，4s的位移為30m，平均速率為7.5m/s,C正確;5s的位移為+35m，最后一秒的位移為-5m,總路程為40m，B正確；根據動能定理可以知道5～6s內，物體動能增加，所受的合外力做正功，D錯誤．考點：本題考查了速度圖像的分析．8、AD【解析】

A項：從b到a，電場力做正功，電勢能減小，故小球經過a點時的電勢能最小，故A正確；B、C項：小球在電場中受到重力和豎直向上的電場力作用，當重力大于電場力時，小球從最低點到最高點時，合力做負功，速度減小，則小球運動到最高點a時，線的張力一定最小，到達最低點b時，小球的速度最大，動能最大；當重力等于電場力時，小球做勻速圓周運動，速度大小不變，細線拉力大小保持不變，當重力小于電場力時，小球運動到最高點a時，線的張力一定最大，到達最低點時，小球的速度最小，故BC錯誤；D項：、當小球從最低點到最高點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，小球運動到最高點時，小球的電勢能最小，機械能最大，所以小球運動到最低點b時，小球的機械能一定最小，故D正確。9、BC【解析】

A項：小球在最高點，根據牛頓第二定律有：F+mg=mv2lB項：當F=0時，根據表達式有：mg=mv2lC項：當F=0時，g=bD項：根據F=mv2l10、BCD【解析】

由圖可知，物體先做勻加速直線運動，1s末速度為v，由動能定理可知(F-f)L減速過程中，只有阻力做功：(F-f)L由圖象可知，L1：L1=1：3解得：F:f=4:1對全程由動能定理得：W1-W1=0故W1：W1=1：1根據動量定理可知，合外力沖量等于動量變化I1-I1=0故I1：I1=1：1A.F：f＝3：1與分析不符，故A項與題意不相符；B.F：f＝4：1與分析相符合，故B項與題意相符；C.W1：W1＝1：1與分析相符，故C項與題意相符；D.I1：I1＝1：1與分析相符，故D項與題意相符。二、實驗題11、acc2.04.0【解析】

（1）斜槽末端水平，才能保證小球離開斜槽末端時速度為水平方向，故a對；為保證小球多次運動是同一條軌跡，每次小球的釋放點都應該相同，b錯c對；小球的運動軌跡是平滑曲線，故連線時不能用折線，d錯．（2）平拋運動的水平位移與豎直位移分別滿足的關系是：聯(lián)立可得可知圖象是直線時，說明小球運動軌跡是拋物線．（3）由豎直方向的分運動可知，，，即，水平初速度為C點的豎直分速度為由運動合成可知12、;;;;【解析】（1