2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中測試卷01新教材新人教版

2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中測試卷01（新教材人教版）考試范圍：必修3全冊選擇性必修1第一章一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每個題目只有一個選項(xiàng)符合要求，選對得4分，選錯得0分。1．電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)覺，標(biāo)記著人類從蒸汽機(jī)時代步入了電氣化時代。下列設(shè)備利用電磁感應(yīng)原理的是（）A．電風(fēng)扇 B．電熨斗C．發(fā)電機(jī) D．電磁起重機(jī)【答案】C【解析】A．電扇的主要元件是電動機(jī)，電動機(jī)是利用通電線圈在磁場中受力轉(zhuǎn)動工作的，A不符合題意。B．電熨斗是利用電流的熱效應(yīng)工作的，B不符合題意。C．發(fā)電機(jī)是利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象工作的，C符合題意。D．電磁起重機(jī)是利用電流的磁效應(yīng)工作的，選項(xiàng)D不符合題意。故選C。2．兩根通有相同電流的長直導(dǎo)線平行放置，它們的截面處于等邊（與兩導(dǎo)線均垂直）的頂點(diǎn)A和B處，如圖所示。兩導(dǎo)線在頂點(diǎn)C處所產(chǎn)生磁場的總磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，則通過頂點(diǎn)A的電流在頂點(diǎn)C處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A． B． C． D．2【答案】A【解析】依據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線A在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于AC方向向右，導(dǎo)線B在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于BC方向向右，兩通電導(dǎo)線在C處產(chǎn)生磁場的合場強(qiáng)大小為B0，如圖依據(jù)平行四邊形定則得到，那么C處的總磁感應(yīng)強(qiáng)度為解得故選A。3．一根細(xì)橡膠管中灌滿鹽水，兩端用短粗銅絲塞住管口．管中鹽水柱長為40cm時測得電阻為R，若溶液的電阻隨長度、橫截面積的改變規(guī)律與金屬導(dǎo)體相同．則將管中鹽水柱勻稱拉長到50cm（鹽水體積不變，仍充溢橡膠管），鹽水柱電阻變?yōu)椋ǎ〢． B． C． D．【答案】D【解析】由于總體積不變，設(shè)40cm長時的橫截面積為S．所以長度變?yōu)?0cm后，橫截面積依據(jù)電阻定律可知解得故D正確4．如圖所示的試驗(yàn)裝置中，平行板電容器的極板A接地，極板B與一個靈敏靜電計(jì)的金屬小球相連接，將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電量Q、電容C、兩極間的電壓U、電容器兩極板間的場強(qiáng)E的改變狀況是（）A．Q不變，C變小，U變大，E不變B．Q不變，C變小，U變大，E變小C．Q變小，C不變，U不變，E變小D．Q變小，C變小，U不變，E不變【答案】A【解析】由于電容器與電源斷開，因此電容器的帶電量Q保持不變，依據(jù)當(dāng)增大兩板間的距離d時，電容C變小，依據(jù)可知兩板間的U電壓增大，而電容器內(nèi)部電場強(qiáng)度三式聯(lián)立可得因此電場強(qiáng)度E與d無關(guān)，增大d時電場強(qiáng)度E不變，因此A正確，BCD錯誤。故選A。5．一對等量正點(diǎn)電荷電場的電場線（實(shí)線）和等勢線（虛線）如圖所示，圖中A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度分別是EA、EB，電勢分別是ΦA(chǔ)、ΦB，負(fù)電荷q在A、B時的電勢能分別是EPA、EPB，下列推斷正確的是A．EA>EB，ΦA(chǔ)>ΦB，EPA<EPBB．EA>EB，ΦA(chǔ)<ΦB，EPA<EPBC．EA<EB，ΦA(chǔ)>ΦB，EPA>EPBD．EA<EB，ΦA(chǔ)<ΦB，EPA>EPB【答案】A【解析】依據(jù)電場線疏密表示電場強(qiáng)度的大小，可知EA＞EB依據(jù)順著電場線方向電勢漸漸降低，可知ΦA(chǔ)>ΦB負(fù)電荷q所在處電勢越高電勢能越小EPA＜EPB故A正確，BCD錯誤。6．如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1和m2的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑的水平面上.現(xiàn)使A瞬時獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計(jì)時起點(diǎn)，兩物塊的速度隨時間改變的規(guī)律如圖乙所示，從圖象信息可得（）A．兩物體的質(zhì)量之比為m1：m2=2：1B．從t3到t4時刻彈簧由壓縮狀態(tài)復(fù)原到原長C．在t1、t3時刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，彈簧分別處于壓縮狀態(tài)和拉伸狀態(tài)D．在t2時刻A和B的動能之比為EK1：EK2=1：4【答案】C【解析】A、B組成的系統(tǒng)合外力為零，遵守動量守恒．選擇起先到t1時刻列方程可得：m1v=（m1+m2）v1，將v=3m/s，v1=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故A錯誤；結(jié)合圖象弄清兩物塊的運(yùn)動過程，起先時m1漸漸減速，m2漸漸加速，彈簧被壓縮，t1時刻二者速度相當(dāng)，系統(tǒng)動能最小，勢能最大，彈簧被壓縮最厲害，然后彈簧漸漸復(fù)原原長，m2依舊加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時刻，彈簧復(fù)原原長狀態(tài)，由于此時兩物塊速度相反，因此彈簧的長度將漸漸增大，兩木塊均減速，當(dāng)t3時刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)復(fù)原原長，故B錯誤；由圖可知t1、t3時刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，總動能最小，依據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，此時彈性勢能最大，t1時刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，t3時刻彈簧處于伸長狀態(tài)．故C正確；在t2時刻A的速度為：vA=-1m/s，B的速度為：vB=2m/s，依據(jù)m1：m2=1：2，結(jié)合，得：Ek1：Ek2=1：8，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．7．如圖所示，MN是某勻強(qiáng)電場中的一等勢線。虛線是一帶電的粒子只在電場力的作用下，在紙面內(nèi)由a運(yùn)動到b的軌跡。下列推斷正確的是（）A．電場方向肯定是垂直MN向上B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢肯定不等于b點(diǎn)的電勢C．帶電粒子的加速度可能平行MN向右D．帶電粒子由a運(yùn)動到b的過程中動能可能增加【答案】B【解析】AC．MN是某勻強(qiáng)電場中的一等勢線，只受電場力的作用，依據(jù)軌跡可以推斷電場力的方向垂直MN向上，帶電粒子的加速度垂直MN向上，但不知道帶電粒子的電性，所以無法推斷電場的方向，故AC錯誤；B．MN是某勻強(qiáng)電場中的一等勢線，而a點(diǎn)和b點(diǎn)位于MN兩側(cè)，所以a點(diǎn)的電勢肯定不等于b點(diǎn)的電勢，故B正確；D．帶電粒子由a運(yùn)動到b的過程中，電場力與速度的夾角是鈍角，所以帶電粒子由a運(yùn)動到b的過程中動能減小，故D錯誤。故選B。8．下列關(guān)于電功、電功率和焦耳定律的說法中錯誤的是（）A．電功率越大，電流做功越快，電路中產(chǎn)生的焦耳熱肯定越多B．適用于任何電路，而只適用于純電阻電路C．在非純電阻電路中，D．焦耳熱適用于任何電路【答案】A【解析】電功率越大，表示電流做功越快，但是電路中產(chǎn)生的焦耳熱量的多少還與做功的時間的長短有關(guān)，A錯誤；公式是計(jì)算電路的總功的大小，適用于任何的電路，當(dāng)為純電阻電路時，依據(jù)歐姆定律，可以推到出，所以只能適用于純電阻電路，B正確；在不是純電阻的電路中，UI表示的是總的功率的大小，而只是電路中發(fā)熱的功率，還有對外做功的功率的大小，所以，所以C正確；焦耳熱適用于任何電路中的焦耳熱量的計(jì)算，D正確．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項(xiàng)符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9．如圖所示電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑片P從b端向a端滑動時，以下推斷正確的是（）A．電壓表示數(shù)變大 B．通過燈L1的電流變小C．通過燈L2的電流變小 D．通過燈L2的電流變大【答案】AC【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑片P從b端向a端向下滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，通過L2的電流減?。挥蒛并=E-I（RL2+r）知，變阻器與L1并聯(lián)部分電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大，通過燈L1的電流變大，故AC正確，BD錯誤。故選AC。10．如圖所示，將一光滑的半圓槽置于光滑水平面上，槽的左側(cè)有一固定在水平面上的物塊。今讓一小球自左側(cè)槽口A的正上方從靜止起先落下，與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是（）A．半圓槽內(nèi)由A向B的過程中小球的機(jī)械能守恒，由B向C的過程中小球的機(jī)械能也守恒B．小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒C．小球自半圓槽的最低點(diǎn)B向C點(diǎn)運(yùn)動的過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒D．小球離開C點(diǎn)以后，將做斜拋運(yùn)動【答案】CD【解析】A．只有重力或只有彈力做功時物體機(jī)械能守恒，小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動由B到C過程中，除重力做功外，槽的支持力也對小球做功，小球機(jī)械能不守恒，由此可知，小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動的全過程中，小球的機(jī)械能不守恒，故A錯誤；B．小球在槽內(nèi)運(yùn)動的前半過程中，左側(cè)物體對槽有作用力，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒，故B錯誤；C．小球自半圓槽的最低點(diǎn)B向C點(diǎn)運(yùn)動的過程中，系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，故小球與半圓槽在水平方向動量守恒，故C正確；D．小球離開C點(diǎn)以后，既有豎直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上拋運(yùn)動，故D正確。故選CD。11．如圖所示，在垂直紙面對里的勻強(qiáng)磁場中，有兩根彼此靠近且平行的長直導(dǎo)線a和b放在紙面內(nèi)，導(dǎo)線長度均為L。導(dǎo)線中通有如圖所示的相反方向電流，a中電流為I，b中電流為2I，a受到的磁場力大小為F1，b受到的磁場力大小為F2，則（）A．導(dǎo)線a的電流在導(dǎo)線b處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面對里B．F2=2F1C．F2<2F1D．導(dǎo)線a的電流在導(dǎo)線b處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【答案】AC【解析】A．由安培定則可知，導(dǎo)線a的電流在導(dǎo)線b處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面對里，選項(xiàng)A正確；BCD．兩個導(dǎo)線間的作用力是相互排斥力，依據(jù)牛頓第三定律，等大、反向、共線，大小設(shè)為Fab；磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則對左邊電流有F1=BIL+Fab對右邊電流有F2=2BIL+Fab兩式聯(lián)立解得Fab=2F1-F2則2F1>F2則a通電導(dǎo)線的電流在b導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為則選項(xiàng)C正確，BD錯誤。故選AC。12．如圖（a）所示，在兩平行金屬板中心有一個不計(jì)重力的靜止電子，當(dāng)兩板間所加的的電壓分別如圖（b）中甲、乙、丙、丁所示時，關(guān)于電子在板間的運(yùn)動（假設(shè)不與兩板相碰），下列說法正確的是（）A．電壓是甲圖時，在時間內(nèi)，電子的電勢能先削減后增加B．電壓是乙圖時，在時間內(nèi)，電子的電勢能先增加后削減C．電壓是丙圖時，電子在板間做往復(fù)運(yùn)動D．電壓是丁圖時，電子在板間做往復(fù)運(yùn)動【答案】AD【解析】A．若是甲圖，0?時間內(nèi)粒子先做勻加速直線運(yùn)動，后做勻減速直線運(yùn)動，即電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先削減后增加，故A正確；B．電壓是乙圖時，在0?時間內(nèi)，電子先加速后減速，即電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先削減后增加，故B錯誤；C．電壓是丙圖時，電子先做加速度先增大后減小的加速運(yùn)動，過了做加速度先增加后減小的減速運(yùn)動，到T時速度減為0，之后接著朝同一方向加速減速，故粒子始終朝同一方向運(yùn)動，C錯誤；D．電壓是丁圖時，電子先加速，到后減速，后反向加速，后反向減速，T時減為零，之后又加速…；故粒子做往復(fù)運(yùn)動，D正確。故選AD。三、試驗(yàn)題：本題共2小題，第13題6分，第14題9分，共15分。13．“驗(yàn)證動量守恒定律”的試驗(yàn)裝置如圖所示，回答下列問題：（1）試驗(yàn)裝置中應(yīng)保持斜槽末端________．（2）入射小球的質(zhì)量mA和被碰小球的質(zhì)量mB的大小關(guān)系是________．（3）在圖中，小球的水平射程的數(shù)值分別用OP、OM和ON表示，小球半徑均為r．因此只需驗(yàn)證________．【答案】切線水平；mA＞mBmAOP=mAOM+mB（ON-2r）【解析】（1）．為了保證小球的初速度水平，所以必需保持斜槽末端切線水平．（2）．為防止碰撞過程入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：mA>mB．（3）．小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由于小球拋出點(diǎn)的高度相等，小球的運(yùn)動時間t相等，假如碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA′+mBvB′兩邊同時乘以時間t得：mAvAt=mAvA′t+mBvB′t則：mAOP=mAOM+mB（ON-2r）；14．一待測電阻阻值約為500Ω，為了較精確測量該電阻的阻值，某同學(xué)從試驗(yàn)室找來了下列器材：電流表A1（量程0～40mA、內(nèi)阻r1＝10Ω）電流表A2（量程0～50mA、內(nèi)阻約10Ω）滑動變阻器R（阻值范圍0～500Ω）定值電阻R0（阻值R0=100Ω）電源E（電動勢5V）開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）試驗(yàn)中要求操作便利，在方框內(nèi)畫出符合要求的電路圖_________；（2）用I1、I2分別表示電流表A1、A2的示數(shù)，則待測電阻的阻值為____________（用已知字母表示）；（3）從設(shè)計(jì)原理看，其測量值與真實(shí)值相比____________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）?！敬鸢浮肯嗟取窘馕觥浚?）由于沒有電壓表，故將A1與定值電阻R0串聯(lián)當(dāng)作電壓表用，由于改裝后的電壓表內(nèi)阻已知，故采納電流表外接法；滑動變阻器阻值與待測電阻值差不多，應(yīng)用限流式，原理圖如圖所示（2）由電路圖依據(jù)歐姆定律可知（3）從設(shè)計(jì)原理看待測電阻兩端電壓為其真實(shí)電壓，電流也為其真實(shí)電流，則其測量值與真實(shí)值相等四、解答題：本題共4小題，第15題8分，第16題9分，第17題12分，第18題16分，共45分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最終答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。15．如圖所示，用30cm的細(xì)線將質(zhì)量為m＝4×10－3kg的帶電小球P懸掛在O點(diǎn)正下方，當(dāng)空中有方向?yàn)樗较蛴?，大小為E＝2×104N/C的勻強(qiáng)電場時，小球偏轉(zhuǎn)37°后處在靜止?fàn)顟B(tài)。（g取10m/s2，sin37°＝0.6；cos37°=0.8。）（1）分析小球帶何種電荷；（2）求小球所帶電荷量q；（3）求剪斷細(xì)線后帶電小球的加速度a。【答案】（1）小球帶正電；（2）1.5×10－6C；（3）12.5m/s2?！窘馕觥浚?）小球受到水平向右的電場力作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)水平向右，則小球帶正電。（2）小球受到重力、電場力和繩子拉力，處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以有qE＝mgtan37°小球所帶電荷量為（3）剪斷細(xì)線后，小球只受到重力和電場力的作用，合力為小球的加速度為16．如圖所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑動變阻器最大值R3＝5Ω，則當(dāng)滑動觸頭從a滑到b的過程中，電流表示數(shù)的最小值為多少？【答案】2A【解析】設(shè)觸頭上部分電阻為xΩ，則下部分為（5-x）Ω，總電阻由數(shù)學(xué)學(xué)問可知當(dāng)2+x=8-x時，即x=3Ω時，R最大，此時Rmax=Ω=2.5Ω安培表的示數(shù)最小．17．如圖所示，絕緣光滑軌道AB部分為傾角為30°的斜面，AC部分為豎直平面上半徑為R的圓軌道，斜面與圓軌道相切。整個裝置處于場強(qiáng)為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中。現(xiàn)有一個質(zhì)量為m的小球，帶正電荷量為q＝，要使小球能平安通過圓軌道，在O點(diǎn)的初速度應(yīng)滿意什么條件？【答案】【解析】小球先在斜面上運(yùn)動，受重力、電場力、支持力、然后在圓軌道上運(yùn)動，受重力、電場力、軌道