2023-2024學(xué)年浙江省嘉興市高一（下）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023-2024學(xué)年浙江省嘉興市高一（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共18小題，共54分。1.下列物理量和單位中，單位正確且用國(guó)際單位制基本單位表示的是(

)A.功率

kg?m2/s3 B.能量

kg?m2/s2.下列物理量均為矢量的是(

)A.力、電勢(shì)能 B.加速度、電流 C.功、磁通量 D.速度、電場(chǎng)強(qiáng)度3.下列物理量用比值法定義的是(

)A.電流強(qiáng)度I=UR B.電場(chǎng)強(qiáng)度E=Fq C.電壓U=4.下列物理量中，其數(shù)值的正負(fù)號(hào)表示大小的是(

)A.加速度 B.重力勢(shì)能 C.做功 D.電荷量5.下面說法正確的是(

)

A.甲圖中汽車上坡時(shí)需掛高速擋，提高速度

B.乙圖中為使汽車經(jīng)過拱橋時(shí)減少對(duì)橋面的壓力，需要加速通過

C.丙圖中頂部?jī)筛?xì)電線直接與鐵塔相連，利用靜電屏蔽保護(hù)電網(wǎng)的安全

D.丁圖用蓖麻油模擬電場(chǎng)線，說明電場(chǎng)線是真實(shí)存在且是閉合的曲線6.如圖所示，2023年12月9日“朱雀二號(hào)”運(yùn)載火箭發(fā)射升空過程，順利將“鴻鵠衛(wèi)星”送入距離地面約500km的軌道。取地球質(zhì)量6.0×1024kg，地球半徑6.4×103km，引力常量6.67×A.衛(wèi)星的向心加速度大小約8.4m/s2

B.衛(wèi)星運(yùn)行的周期約12?

C.空氣給火箭的推力使火箭加速升空

7.圖甲是滾筒式洗衣機(jī)。洗衣機(jī)脫水完成前的某小段時(shí)間內(nèi)，可認(rèn)為水已脫干，衣物緊貼著滾筒壁在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示。若一件小衣物在隨滾筒轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，先后經(jīng)過最高點(diǎn)a、最低點(diǎn)c、與滾筒圓心等高的b、d點(diǎn)，則該衣物(

)A.在a、b、c、d的線速度相同

B.在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中所受的合外力不變

C.在c時(shí)對(duì)滾筒壁的壓力大小等于重力

D.在b時(shí)受到的摩擦力和在d時(shí)受到的摩擦力方向相同8.2024年4月25日神舟十八號(hào)載人飛船成功與空間站交匯對(duì)接，如圖為飛船運(yùn)行示意圖。軌道Ⅰ為飛船運(yùn)行軌道，軌道Ⅱ?yàn)轱w船的轉(zhuǎn)移軌道，軌道Ⅲ為空間站的運(yùn)行軌道，軌道Ⅱ與軌道Ⅰ和Ⅲ分別相切于A、B點(diǎn)，已知軌道Ⅲ和軌道Ⅰ的軌道半徑之比為k，則(

)A.飛船經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)在軌道Ⅰ上的速度大于在軌道Ⅱ上的速度

B.飛船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)在軌道Ⅱ上的加速度大于在軌道Ⅲ上的加速度

C.飛船在運(yùn)行軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上的運(yùn)動(dòng)周期之比為(2k+1)3

D.飛船在運(yùn)行軌道9.如圖所示，小球繞懸點(diǎn)O在豎直平面內(nèi)的M、N兩點(diǎn)間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，M、N兩點(diǎn)等高，小球可視為質(zhì)點(diǎn)。小球從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)過程中，經(jīng)過F點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)加速度方向(

)A.a、b、c三個(gè)方向均不可能

B.可能沿著a方向

C.一定沿著b方向

D.可能沿著c方向10.如圖所示，一輛汽車正通過一段水平的彎道公路。若汽車的運(yùn)動(dòng)視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則(

)A.該汽車速度恒定不變

B.汽車左右兩車燈的線速度大小相等

C.跟公路內(nèi)道相比，汽車同速率在外道行駛時(shí)所受的摩擦力較小

D.跟晴天相比，雨天汽車在同車道同速率行駛時(shí)所受的摩擦力較小11.小吳同學(xué)課間從2樓小跑到3樓，他在此過程中克服重力做功的功率約為(

)A.1W B.50W C.300W D.1000W12.如圖所示為投出的籃球在空中的運(yùn)動(dòng)軌跡。用vy、P、Ek、E分別表示籃球豎直方向分速度大小、重力的瞬時(shí)功率大小、動(dòng)能和機(jī)械能大小，用t表示籃球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，將籃球視為質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)。下列圖像可能正確的是(

)A.B.C.D.13.如圖所示，一電荷量為q的帶負(fù)電小球用絕緣絲線懸掛在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小球靜止時(shí)懸線與豎直方向夾角為θ，場(chǎng)強(qiáng)大小為E，重力加速度為g，離地高度為?，不計(jì)空氣阻力。則(

)A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向水平向右

B.懸線對(duì)小球的拉力FT=Eqsinθ

C.懸線瞬間燒斷，小球?qū)⒆銮€運(yùn)動(dòng)

D.14.如圖所示，質(zhì)量為m的物塊放在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上，物塊與轉(zhuǎn)軸相距R，物塊隨轉(zhuǎn)臺(tái)由靜止開始轉(zhuǎn)動(dòng)。當(dāng)角速度增至ω時(shí)，轉(zhuǎn)臺(tái)開始做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，整個(gè)過程物塊與轉(zhuǎn)臺(tái)總是保持相對(duì)靜止，則(

)A.在角速度增至ω過程中，物塊所受的摩擦力方向總是指向轉(zhuǎn)軸

B.轉(zhuǎn)臺(tái)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物塊所受的摩擦力大小為mωR

C.在角速度增至ω過程中，摩擦力對(duì)物塊做的功是12mω2R215.如圖為某風(fēng)力發(fā)電的設(shè)備，M、N為風(fēng)力發(fā)電葉片上的兩點(diǎn)。它們的線速度大小分別為vM、vN，向心加速度大小分別為aM、aN。當(dāng)平均風(fēng)速為v1時(shí)，風(fēng)力發(fā)電機(jī)的平均功率為P1，當(dāng)平均風(fēng)速v2=2v1A.vM>B.aMC.P2D.P16.人們有時(shí)用“打夯”的方式把松散的地面夯實(shí)(如圖)。設(shè)某次打夯符合以下模型：兩人同時(shí)通過繩子對(duì)重物各施加一個(gè)大小均為320N，方向都與豎直方向成37°的力，提著重物離開地面30cm后釋放，重物自由下落將地面砸深2cm。已知重物的質(zhì)量為50kg，cos37°=0.8，忽略空氣阻力，則(

)A.物體落地時(shí)的速度約為2.4m/s

B.物體對(duì)地面的平均作用力大小為830N

C.人停止施力到剛落在地面過程中機(jī)械能不守恒

D.重物剛落在地面時(shí)到最后靜止過程中機(jī)械能守恒17.如圖甲所示為靜電除塵設(shè)備的結(jié)構(gòu)示意圖，把高壓電源的正極接在金屬圓筒上，負(fù)極接到圓筒中心懸掛的金屬線上，其橫向截面圖如圖乙所示，虛線PQ是某帶電粉塵的運(yùn)動(dòng)軌跡，則該粉塵(

)A.帶正電荷 B.在P點(diǎn)的動(dòng)量比在Q點(diǎn)的大

C.在P點(diǎn)的電勢(shì)能比在Q點(diǎn)的高 D.會(huì)被吸附到金屬線上18.如圖甲中高能醫(yī)用電子直線加速器能讓電子在真空?qǐng)鲋斜浑妶?chǎng)力加速，產(chǎn)生高能電子束，圖乙為加在直線加速器上a、b間的電壓，已知電子電荷量為e，質(zhì)量為m，交變電壓大小始終為U，周期為T，t=0時(shí)刻電子從軸線BC上的緊靠0號(hào)金屬圓筒右側(cè)由靜止開始被加速，圓筒的長(zhǎng)度的設(shè)計(jì)遵照一定的規(guī)律，使得粒子“踏準(zhǔn)節(jié)奏”在間隙處一直被加速。不計(jì)在兩金屬圓筒間隙中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，不考慮電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)，則(

)

A.電子在第1個(gè)圓筒內(nèi)加速度eUm B.電子在第2個(gè)圓筒內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T

C.電子射出第3個(gè)圓筒時(shí)的速度為8eUm D.第二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共3小題，共20分。19.在做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中：

(1)下列說法正確的是______。

A.本實(shí)驗(yàn)中必須要測(cè)定物體的質(zhì)量

B.實(shí)驗(yàn)中，固定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)使兩限位孔位于同一豎直線

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)一定要先通電源再釋放紙帶

D.在處理數(shù)據(jù)時(shí)，一定要從打下的第1個(gè)點(diǎn)開始量取

(2)實(shí)驗(yàn)得到的紙帶如圖1所示，已知重物質(zhì)量0.20kg，在紙帶上某段標(biāo)記1?6六個(gè)點(diǎn)，則由紙帶計(jì)算2到點(diǎn)5之間重物的重力勢(shì)能減少______J(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2，保留三位有效數(shù)字)。實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，重物增加的動(dòng)能略小于減少的重力勢(shì)能，其主要原因是______。

20.某探究小組用如圖1所示的向心力演示器“探究向心力大小的表達(dá)式”。已知小球在擋板A、B、C處做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為1：2：1，請(qǐng)回答以下問題：

(1)下列3個(gè)實(shí)驗(yàn)中與本實(shí)驗(yàn)思想方法相同的是______。

A.圖2中的“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)

B.圖3中的“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)

C.圖4中的“研究平行板電容器電容大小的因素”實(shí)驗(yàn)

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)將質(zhì)量為m1和m2(m2=2m1)的小球分別放在B、C位置，轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，當(dāng)塔輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，左右兩標(biāo)尺露出的格子數(shù)之比為1：4，由此可知左右塔輪的半徑之比為______。

(3)為了進(jìn)一步精確探究，小組同學(xué)利用傳感器驗(yàn)證向心力的表達(dá)式，如圖5所示，裝置中水平直槽能隨豎直轉(zhuǎn)軸一起轉(zhuǎn)動(dòng)，將滑塊套在水平直槽上，用細(xì)線將滑塊與固定的力傳感器連接。當(dāng)滑塊隨水平直槽一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線的拉力大小可以通過力傳感器測(cè)得，滑塊轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度可以通過角速度傳感器測(cè)得。將相同滑塊分別以半徑r為0.14m、0.12m、0.10m、0.08m、0.06m做圓周運(yùn)動(dòng)，在同一坐標(biāo)系中分別得到圖6中①、②、③、④、⑤五條F?ω圖線，則圖線①21.電容器儲(chǔ)存電荷的特性可用電容來表征。某一固定電容器外觀如圖1所示，在觀察電容器的充、放電實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖2所示。

(1)某一固定電容器外觀如圖1所示，下列說法正確的是______。

A.35表示額定電壓

B.35表示擊穿電壓

C.2200表示電荷量

D.2200表示電容

(2)電容器在整個(gè)充放電過程中的電流i隨時(shí)間t圖像和兩極板電壓U與時(shí)間t的圖像，可能正確的是圖4的______。

(3)用電流傳感器替換靈敏電流計(jì)，測(cè)出電路中的電流隨時(shí)間變化的圖像如圖3所示，電源電壓為8V，則電容器的電容約為______F。(保留2位有效數(shù)字)三、計(jì)算題：本大題共3小題，共26分。22.如圖所示為噴墨打印機(jī)的原理簡(jiǎn)圖，其中墨盒可以噴出質(zhì)量為m，電量為q的墨汁微粒，微粒經(jīng)過帶電室由靜止開始加速后，從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板左側(cè)中心O點(diǎn)射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，出電場(chǎng)后能繼續(xù)運(yùn)動(dòng)直到打到紙上。設(shè)帶電室的加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，間距為d，兩極板間的電壓為U2。不計(jì)空氣阻力及重力作用，求：

(1)帶電粒子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度大小；

(2)在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中豎直方向的偏移量y的大小；

(3)在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中電勢(shì)能增加還是減少？變化量多少？23.一輛高能汽車質(zhì)量為M=2.0×103kg，發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為84kW，汽車從靜止開始以勻加速直線運(yùn)動(dòng)起動(dòng)，加速度大小為a=2.0m/s2，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，保持功率不變繼續(xù)加速達(dá)到汽車的最大速度。運(yùn)動(dòng)中汽車一直受到大小為車重0.10倍的恒定阻力，g=10m/s2。求：

(1)汽車運(yùn)動(dòng)中的最大速度。

(2)汽車開始運(yùn)動(dòng)后第5s末的瞬時(shí)功率。24.如圖所示，一彈射游戲裝置由安裝在水平臺(tái)面上的固定彈射器、傳送帶(速度大小、方向均可調(diào)節(jié))、豎直圓軌道ABCD(A、D的位置錯(cuò)開)、一段圓弧軌道EF、一水平放置且開口向左的接收器G(可在平面內(nèi)移動(dòng))組成。游戲時(shí)滑塊從彈射器彈出，全程不脫離軌道且飛入接收器則視為游戲成功。已知滑塊質(zhì)量m=0.4kg且可視為質(zhì)點(diǎn)，傳送帶長(zhǎng)度l=0.8m，ABCD圓軌道半徑R1=0.1m，EF圓弧半徑R2=0.2m，OE與OF之間夾角為θ=37°。彈射時(shí)滑塊從靜止釋放，且彈射器的彈性勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為滑塊動(dòng)能。僅考慮滑塊與傳送帶的摩擦μ=0.1，其它摩擦均忽略不計(jì)，各部分平滑連接。(sin37°=0.6,cos37°=0.8)，g=10m/s2。

(1)當(dāng)傳送帶靜止時(shí)：

①若滑塊恰好能停在傳送帶右端，求彈射器的彈性勢(shì)能；

②改變彈射器的彈性勢(shì)能，要使滑塊恰好不脫離軌道，求滑塊經(jīng)過E點(diǎn)時(shí)軌道受到壓力的大??；

③改變彈射器的彈性勢(shì)能，滑塊不脫離軌道并從F處飛出后水平進(jìn)入接收器G，求FG間的水平位移x與彈性勢(shì)能EP的函數(shù)關(guān)系式。

(2)調(diào)整彈射器的彈性勢(shì)能EP答案解析1.A

【解析】解：A.根據(jù)功率的定義式：

P=Wt

由功的定義式和牛頓第二定律

W=Fx，F(xiàn)=ma

可知功率的單位瓦特用國(guó)際單位制基本單位表示為kg?m2/s3。故A正確；

B.根據(jù)

Ek=12mv2

可知能量單位焦耳用國(guó)際單位制基本單位表示為kg?m2/s2。故B錯(cuò)誤；

C.電流強(qiáng)度的單位為基本單位，電流強(qiáng)度在國(guó)際單位制基本單位為A。故C2.D

【解析】解：A、力既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則是矢量、電勢(shì)能是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤；

B、加速度既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則是矢量、電流是標(biāo)量，故B錯(cuò)誤；

C、功和磁通量都是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤；

D、速度和電場(chǎng)強(qiáng)度都是既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量，故D正確。

故選：D。

既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如平均速度、加速度、速度變化量、位移、力等都是矢量；只有大小，沒有方向，運(yùn)算時(shí)遵循代數(shù)運(yùn)算法則的物理量是標(biāo)量，如路程、時(shí)間、質(zhì)量等都是標(biāo)量。

本題是一個(gè)基礎(chǔ)題，就是看學(xué)生對(duì)矢量和標(biāo)量的掌握情況．要注意矢量既有大小又有方向，運(yùn)算符合平行四邊形法則。3.B

【解析】解：A．I=UR是部分電路歐姆定律，由I=UR知電流強(qiáng)度與電壓成正比，與電阻成反比，不屬于比值法定義，故A錯(cuò)誤；

B.E=Fq是用比值法定義電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，故B正確；

C.U=QC可知，電容器兩端電壓與所帶電荷量成正比，與電容器電容成反比，不屬于比值法定義，故C錯(cuò)誤；

D.a=Fm是牛頓第二定律的表達(dá)式，也是加速度的決定式，不屬于比值法定義，故4.B

【解析】解：A.加速度是矢量，正負(fù)號(hào)表示方向，不表示大小，故A錯(cuò)誤；

B.重力勢(shì)能是標(biāo)量，正負(fù)號(hào)表示大小，故B正確；

C.功為標(biāo)量，功的正負(fù)表明力的效果，正功說明是動(dòng)力做功，負(fù)功說明阻力做功，不代表大小，故C錯(cuò)誤；

D.電荷量是標(biāo)量，正負(fù)表示電性，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

矢量的方向一般可用正、負(fù)號(hào)表示，但對(duì)沒有方向的標(biāo)量而言，正、負(fù)則有時(shí)表示大小，或其他不同的意義。

本題考查正負(fù)號(hào)在物理中的應(yīng)用，要注意明確不同的物理量性質(zhì)不同，其正負(fù)所表示的意義不同，在學(xué)習(xí)中要注意體會(huì)。5.C

【解析】解：A.甲圖中根據(jù)P=Fv可知，汽車上坡時(shí)換成低速擋，可以獲得更大的牽引力，故A錯(cuò)誤；

B.乙圖中汽車經(jīng)過拱橋時(shí)，由牛頓第二定律得：

mg?FN=mv2R

解得：FN=mg?mv2R

則速度越大，拱橋?qū)ζ嚨闹С至υ叫。膳ｎD第三定律可知，汽車經(jīng)過拱橋時(shí)對(duì)橋面的壓力越小，但是不一定要加速通過，故B錯(cuò)誤；

C.丙圖中頂部?jī)筛?xì)電線直接與鐵塔相連，利用靜電屏蔽保護(hù)電網(wǎng)的安全，故C正確；

D.丁圖用蓖麻油模擬電場(chǎng)線，但是電場(chǎng)線不是真實(shí)存在的，也不是閉合的曲線，故D錯(cuò)誤。

6.A

【解析】解：A.根據(jù)G?Mm(R+?)2=ma，代入數(shù)據(jù)解得a=8.4m/s2，故A正確；

B.根據(jù)a=(R+?)4π2T2，解得T=94.8分鐘=1.58?，故B錯(cuò)誤；

C.火箭發(fā)動(dòng)機(jī)工作時(shí)從火箭尾端噴出的氣體對(duì)火箭的推力使火箭加速升空，故C錯(cuò)誤；

D.發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星因?yàn)榧铀俣确较蛳蛏?，處于超重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。

故選：A。

A.根據(jù)萬有引力提供向心力代入數(shù)據(jù)求解；

B7.D

【解析】解：A、衣物緊貼著滾筒壁在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度大小不變，方向時(shí)刻改變，所以衣物在a、b、c、d的線速度不同，故A錯(cuò)誤；

B、衣物緊貼著滾筒壁在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在整個(gè)過程中所受合力的大小不變，方向時(shí)刻指向圓心，故B錯(cuò)誤；

C、在c時(shí)，設(shè)滾筒壁對(duì)衣物的支持力為N，根據(jù)牛頓第二定律有N?mg=mv2r，則N>mg，根據(jù)牛頓第三定律可知在c時(shí)對(duì)滾筒壁的壓力大小大于重力，故C錯(cuò)誤；

D、在b和d處都是受重力、摩擦力和筒壁對(duì)衣物的支持力，其中重力和摩擦力是一對(duì)平衡力，筒壁對(duì)衣物的支持力提供向心力，所以在b時(shí)受到的摩擦力和在d時(shí)受到的摩擦力方向相同，都是豎直向上，故D正確。

故選：D。8.C

【解析】解：A、飛船在軌道Ⅰ上經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)需要加速才能進(jìn)入軌道Ⅱ，所以飛船經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)在軌道Ⅰ上的速度小于在軌道Ⅱ上的速度，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)牛頓第二定律有

GMmr2=ma

可得a=GMr2

可知，飛船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)在軌道Ⅱ上的加速度等于在軌道Ⅲ上的加速度，故B錯(cuò)誤；

C、飛船在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)開普勒第三定律有

T12T22=r3(r+kr2)3

飛船在運(yùn)行軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上的運(yùn)動(dòng)周期之比為

T1T2=(2k+1)3，故C正確；

D、飛船在軌道Ⅰ9.A

【解析】解：ABCD、小球從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)過程中經(jīng)過F點(diǎn)時(shí)小球做減速運(yùn)動(dòng)，則小球受合外力方向與速度夾角大于90°且指向軌跡的凹側(cè)，而在F點(diǎn)的速度方向與c所示的方向相反，則合力方向應(yīng)該在b和c之間的某位置，即經(jīng)過F點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)加速度方向在b和c之間的某位置，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

分析小球速度變化的情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的情況分析其受力的方向。

考查到運(yùn)動(dòng)的合成與分解，向心力的方向分析。10.C

【解析】解：AB、拐彎過程中汽車各部位周期相等，因此角速度相等，根據(jù)

v=ωr

可知，汽車外側(cè)的車燈軌道半徑r較大，故線速度較大，且線速度方向不斷變化，故該汽車速度發(fā)生了變化。故AB錯(cuò)誤；

C、依題意，汽車所受沿半徑方向的靜摩擦力提供向心力，由向心力公式

F向=mv2r

可知，若速率不變，則跟公路內(nèi)道相比，汽車在外道行駛時(shí)軌道半徑r較大，故所需的向心力較小，即摩擦力較小。故C正確；

D、若速率不變，汽車在同車道上行駛時(shí)所受的向心力大小不變，即跟晴天相比，雨天汽車所受的摩擦力大小不變。故D錯(cuò)誤。

故選：C。

汽車做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓周運(yùn)動(dòng)速度方向時(shí)刻變化，汽車整體的角速度相等，11.C

【解析】解：小吳同學(xué)的體重大約50kg，教室樓層高度約為3m，從2樓小跑到3樓大約用5s；

小明克服重力做功W=mg?=50×10×3J=1500J

克服重力做功的功率P=Wt=15005W=300W，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：12.B

【解析】解：AB.籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做加速度為g的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，上升階段vy=vy0?gt，下落階段vy=gt，由關(guān)系式可知，速度與時(shí)間成一次函數(shù)關(guān)系。根據(jù)P=mgvy可知重力的瞬時(shí)功率與時(shí)間成一次函數(shù)關(guān)系，且在最高點(diǎn)重力的瞬時(shí)功率為零，故A錯(cuò)誤；B正確；

C.籃球在水平方向上一直有速度，由此可分析出籃球的動(dòng)能一直都不可能為零，故C錯(cuò)誤；

D.不考慮空氣阻力，籃球只受重力作用，機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤。

故選：B13.D

【解析】解：A.小球帶負(fù)電，電場(chǎng)力方向向右，則勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向水平向左，故A錯(cuò)誤；

B.對(duì)小球受力分析可知，根據(jù)水平方向的平衡條件，懸線對(duì)小球的拉力滿足FTsinθ=qE，得FT=?qEsinθ，故B錯(cuò)誤；

C.懸線瞬間燒斷，則合力方向沿細(xì)線斜向下且恒定，可知小球?qū)⒀丶?xì)線斜向右下方從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D.懸線瞬間燒斷，小球豎直方向只受重力作用，則豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，故D正確。

故選：D。

A.根據(jù)電場(chǎng)力方向和帶電小球帶負(fù)電的條件進(jìn)行分析判斷；

B14.C

【解析】解：A.角速度從0增至ω過程中，即物塊加速轉(zhuǎn)動(dòng)過程，摩擦力對(duì)物塊做正功，摩擦力方向與速度夾角為銳角，不是總指向轉(zhuǎn)軸，故A錯(cuò)誤；

B、轉(zhuǎn)臺(tái)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物塊所受的摩擦力提供向心力，則摩擦力大小為：f=mω2R，故B錯(cuò)誤；

CD、角速度從0增至ω過程中，由動(dòng)能定理有：Wf=12mv2，其中v=ωR

代入數(shù)據(jù)可得摩擦力對(duì)物塊做的功為：Wf=12mω2R2，故C正確，D錯(cuò)誤。15.D

【解析】解：AB.M、N兩點(diǎn)為同軸傳動(dòng)，角速度相等，且rM<rM；

根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系v=ωr，可知vM<vN；

根據(jù)向心加速度公式a=ω2r，可知aM<aN，故AB錯(cuò)誤；

CD.設(shè)空氣的密度為ρ，t時(shí)間內(nèi)通過風(fēng)車葉掃過面積的空氣質(zhì)量m=ρV=ρS?vt

根據(jù)動(dòng)能定理，風(fēng)力做功W=12mv2=12ρSvt?v2=12ρSt16.A

【解析】解：A、重物從開始上升到落地的整個(gè)過程，由功能關(guān)系得

2Fcos37°??=12mv2

解得物體落地時(shí)的速度約為v≈2.4m/s，故A正確；

B、重物落地過程，根據(jù)動(dòng)能定理得

mgd?f?d=0?12mv2

可得：f?=8192N，根據(jù)牛頓第三定律可知，重物對(duì)地面的平均作用力大小為f′?=f?=8192N，故17.B

【解析】解：AB、粉塵受到的電場(chǎng)力沿著電場(chǎng)線方向其指向軌跡的內(nèi)側(cè)，則粉塵受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線的方向相反，因?yàn)榉蹓m帶負(fù)電，且粉塵的速度方向與電場(chǎng)力的方向成鈍角，粉塵做減速運(yùn)動(dòng)，則粉塵在P點(diǎn)的動(dòng)量比在Q點(diǎn)的大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、根據(jù)上述分析可知，粉塵在P點(diǎn)的速度大于在Q點(diǎn)的速度，根據(jù)能量守恒定律可知，粉塵在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在Q點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；

D、粉塵帶負(fù)電，因此不會(huì)被吸附到金屬線上，故D錯(cuò)誤；

故選：B。

根據(jù)粉塵的運(yùn)動(dòng)軌跡得出速度和電場(chǎng)力的方向，由此得出粉塵所帶的電性和對(duì)應(yīng)的能量大小關(guān)系，結(jié)合電性判斷出粉塵是否能被吸附到金屬線上。

本題主要考查了帶電物體在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，熟悉速度和力的方向，結(jié)合曲線運(yùn)動(dòng)的知識(shí)即可完成分析。18.D

【解析】解：A.電子在第一個(gè)圓筒內(nèi)不受電場(chǎng)力所用，則電子在第1個(gè)圓筒內(nèi)加速度為0，故A錯(cuò)誤；

B.電子每經(jīng)過圓筒間狹縫時(shí)都要被加速，然后進(jìn)入圓筒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以電子在圓筒運(yùn)動(dòng)時(shí)間必須為T2，才能滿足每次經(jīng)過狹縫時(shí)被加速，故B錯(cuò)誤；

C.設(shè)電子進(jìn)入第3個(gè)圓筒時(shí)的速度為v3，由動(dòng)能定理有

3eU=12mv32

可得

v3=6eUm

因?yàn)殡娮釉趫A筒中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則電子射出第3個(gè)圓筒時(shí)的速度為6eUm，故C錯(cuò)誤；

D.設(shè)電子進(jìn)入第8號(hào)圓筒時(shí)的速度為v8，由動(dòng)能定理有

8eU=12mv82

而電子在圓筒內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由此可得第8號(hào)圓筒的長(zhǎng)度為

L8=v8?19.BC

0.147

重物和紙帶下落時(shí)受到阻力

【解析】解：(1)A.由于驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式中質(zhì)量可以約去，所以本實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)定物體的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；

B.為了減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦，實(shí)驗(yàn)中，固定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)使兩限位孔位于同一豎直線，故B正確；

C.為了充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)一定要先通電源再釋放紙帶，故C正確；

D.驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式為

mg?12=12mv22?12mv12

即

g?12=12v22?12v12

為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒，不一定需要選擇紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選：BC20.C

2：1

0.14

滑塊受到水平直槽的摩擦力作用

【解析】解：(1)探究向心力大小的表達(dá)式采用了控制變量法，探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)、驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律與研究平行板電容器電容大小的因素三個(gè)實(shí)驗(yàn)中，只有研究平行板電容器電容大小的因素利用了控制變量法。

故AB錯(cuò)誤，C正確。

故選：C。

(2)左右兩標(biāo)尺露出的格子數(shù)之比為1：4，可知

F1F2=14

根據(jù)題意有

RBRC=21

皮帶傳動(dòng)過程，左右塔輪邊緣線速度大小相等，則有

ω左r左=ω右r右

根據(jù)向心力的表達(dá)式有

F1=m1ω左2rB，F(xiàn)2=m2ω右2rC

解得

r左：r右=2：21.AD

BD

4.4×10【解析】解：(1)根據(jù)電容器的外觀可知，35V表示額定電壓，2200μF表示電容器的電容，故AD正確，BC錯(cuò)誤；

故選：AD。

(2)在開始充電的瞬間，電容器極板兩端電壓為零，電荷量變化率剛開始比較大，隨著電容極板上電荷數(shù)量的增加，電荷量變化率減小，根據(jù)

C=QU

可知極板間電壓逐漸增大。且變化率減小。由

i=qt

可知充電電流逐漸減小。電容放電時(shí)，兩極板間電壓逐漸減小，且變化率減小。電流反向，逐漸減小，故BD正確，AC錯(cuò)誤；

故選：BD。

(3)根據(jù)I?t圖像與橫軸圍成的面積表示放電過程中釋放的電荷量，可知

Q=14×0.25×10?3×1C=3.5×10?3C

根據(jù)

C=QU

可知

C=4.4×10?4F

故答案為：(1)AD22.解：(1)帶電粒子在加速電場(chǎng)中加速過程，根據(jù)動(dòng)能定理得

qU1=12mv02

解得粒子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度大小為：v0=2qU1m

(2)該帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上有

L=v0t

豎直方向上有

y=12at2，a=qU2md

【解析】(1)帶電粒子在加速電場(chǎng)中加速過程，利用動(dòng)能定理求解帶電粒子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度大??；

(2)帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移公式和牛頓第二定律相結(jié)合求解在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中豎直方向的偏移量y的大??；

(3)根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)判斷在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中電勢(shì)能的變化量，并由電場(chǎng)力做功來確定電勢(shì)能的變化量。

本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵要掌握運(yùn)動(dòng)的分解法來處理類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分運(yùn)動(dòng)的規(guī)