2022屆廣東東莞市物理高一下期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

2021-2022學(xué)年高一物理下期末模擬試卷注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、如圖所示，一物塊靜止在光滑水平地面上，現(xiàn)在水平拉力作用下沿x軸方向滑行，拉力F大小隨x變化規(guī)律如圖。則關(guān)于物塊從x=0運(yùn)動(dòng)到x=x2處過程（）A．物塊加速度一直增大B．物塊動(dòng)能先增大后減小C．根據(jù)圖像信息，物塊最大動(dòng)能可求D．根據(jù)圖像信息，物塊最大加速度可求2、(本題9分)質(zhì)量為M的木塊放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的子彈以水平速度v射向木塊，子彈最終“停留”在木塊中.在此過程中，對(duì)于子彈和木塊組成的系統(tǒng)，則（）A．動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒B．動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒C．動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒D．動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒3、如圖所示，A、B為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，A、B間距離為L(zhǎng)，A、B連線與電場(chǎng)線夾角為θ，場(chǎng)強(qiáng)為E，則A、B間的電勢(shì)差為A．ELB．ELcosθC．ELsinθD．04、(本題9分)若人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則離地面越近的衛(wèi)星()A．線速度越小 B．角速度越小 C．向心加速度越小 D．周期越小5、(本題9分)兩塊相互靠近的平行金屬板M、N組成電容器，充電后與電源斷開，M板帶正電，N板帶負(fù)電，且電荷量保持不變。如圖所示，板間有一個(gè)用絕緣細(xì)線懸掛的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小球靜止時(shí)與豎直方向的夾角為θ，忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響，則MMNθA．小球帶負(fù)電；若將細(xì)線燒斷，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)B．小球帶正電；若將細(xì)線燒斷，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C．若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大D．若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大6、(本題9分)關(guān)于地球和太陽(yáng)，下列說法中正確的是（）A．地球?qū)μ?yáng)的引力比太陽(yáng)對(duì)地球的引力小得多B．地球圍繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)的向心力來源于太陽(yáng)對(duì)地球的萬(wàn)有引力C．太陽(yáng)對(duì)地球的作用力有引力和向心力D．在地球?qū)μ?yáng)的引力作用下，太陽(yáng)繞地球運(yùn)動(dòng)7、(本題9分)如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點(diǎn)由靜止開始釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到達(dá)距地面深度為h的B點(diǎn)速度減為零．不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.關(guān)于小球下落的整個(gè)過程，下列說法中正確的是()A．小球克服阻力做的功為mghB．小球的機(jī)械能減少了mg(H＋h)C．小球所受阻力的沖量大于D．小球動(dòng)量的改變量等于所受阻力的沖量8、一輕質(zhì)彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質(zhì)量為M的平板，處在平衡狀態(tài)。一質(zhì)量為m的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為h，如圖所示，讓環(huán)自由下落(不計(jì)摩擦力)撞擊平板。已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運(yùn)動(dòng)，使彈簧伸長(zhǎng)()A．若碰撞時(shí)間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動(dòng)量守恒B．環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置與h的大小無(wú)關(guān)C．在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的重力勢(shì)能等于克服彈簧彈力所做的功D．在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的動(dòng)能等于克服彈簧彈力所做的功9、已知地球質(zhì)量為M，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，地球同步衛(wèi)星質(zhì)量為m，引力常量為G，有關(guān)同步衛(wèi)星，下列表述正確的是A．該衛(wèi)星距離地面的高度為B．該衛(wèi)星的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度C．該衛(wèi)星運(yùn)行的線速度大于地球自轉(zhuǎn)的線速度D．該衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度10、(本題9分)關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()A．由可知，物體平拋的初速度越大，飛行時(shí)間越短B．由可知，物體下落的高度越大，飛行時(shí)間越長(zhǎng)C．任意連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)，物體下落高度之比為1∶3∶5…D．任意連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)，物體運(yùn)動(dòng)速度的改變量相等11、如圖所示，用一根長(zhǎng)桿和兩個(gè)定滑輪的組合裝置來提升重物M，長(zhǎng)桿的一端放在地面上通過鉸鏈連接形成轉(zhuǎn)軸，其端點(diǎn)恰好處于左側(cè)滑輪正下方O點(diǎn)處，在桿的中點(diǎn)C處拴一細(xì)繩，通過兩個(gè)滑輪后掛上重物M，C點(diǎn)與O點(diǎn)距離為L(zhǎng)，現(xiàn)在桿的另一端用力使其逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，由豎直位置以角速度ω緩緩轉(zhuǎn)至水平（轉(zhuǎn)過了90°角）。下列有關(guān)此過程的說法中正確的是A．重物M做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．重物M的速度先減小后增大C．重物M的最大速度是ωLD．重物M的速度先增大后減小12、(本題9分)如圖，小球套在光滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于O點(diǎn)，另一端與小球相連．現(xiàn)將小球從M點(diǎn)由靜止釋放，它在下降的過程中經(jīng)過了N點(diǎn)．已知M、N兩點(diǎn)處，彈簧對(duì)小球的彈力大小相等，且∠ONM<∠OMN<．在小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中A．彈力對(duì)小球先做正功后做負(fù)功B．有兩個(gè)時(shí)刻小球的加速度等于重力加速度C．彈簧長(zhǎng)度最短時(shí)，彈力對(duì)小球做功的功率為零D．小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于其在M、N兩點(diǎn)的重力勢(shì)能二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)（1）下圖中(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為________mm，(2)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為________mm．（2）在使用多用電表測(cè)電阻時(shí)，以下說法中不正確的是____A．每換一次檔位，都必須重新進(jìn)行電阻調(diào)零．B．使用前須檢查指針是否停在“Ω”刻線的“∞”處C．測(cè)量完畢應(yīng)將選擇開關(guān)置于“OFF”或交流電壓最大檔．D．測(cè)量時(shí)，若指針偏角較小，應(yīng)換倍率較小的檔位來測(cè)量．14、（10分）(本題9分)如圖為探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的一種方法。用兩束光分別沿著與坐標(biāo)軸平行的方向照射物體，在兩個(gè)坐標(biāo)軸上留下了物體的兩個(gè)“影子”，O點(diǎn)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律為x＝3t，y＝t+5t2（式中的物理量單位均為國(guó)際制單位），經(jīng)1s到達(dá)軌跡A點(diǎn)（g＝10m/s2）。下列說法正確的是（）A．O點(diǎn)為平拋運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)B．物體運(yùn)動(dòng)軌跡方程為y=C．物體在A點(diǎn)的速度大小為4m/sD．O、A兩點(diǎn)距高為3m三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)質(zhì)量為200g的玻璃球，從1.8m高處自由下落，與地面相碰后，又彈起1.25m，若球與地面接觸的時(shí)間為0.55s，不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2。求：（1）在與地面接觸過程中，玻璃球動(dòng)量變化量的大小和方向；（2）地面對(duì)玻璃球的平均作用力的大小。16、（12分）利用萬(wàn)有引力定律可以測(cè)量天體的質(zhì)量．（1）測(cè)地球的質(zhì)量英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許，在實(shí)驗(yàn)室里巧妙地利用扭秤裝置，比較精確地測(cè)量出了引力常量的數(shù)值，他把自己的實(shí)驗(yàn)說成是“稱量地球的質(zhì)量”．已知地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，引力常量為G．若忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，求地球的質(zhì)量．（2）測(cè)“雙星系統(tǒng)”的總質(zhì)量所謂“雙星系統(tǒng)”，是指在相互間引力的作用下，繞連線上某點(diǎn)O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)星球A和B，如圖所示．已知A、B間距離為L(zhǎng)，A、B繞O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的周期均為T，引力常量為G，求A、B的總質(zhì)量．（3）測(cè)月球的質(zhì)量若忽略其它星球的影響，可以將月球和地球看成“雙星系統(tǒng)”．已知月球的公轉(zhuǎn)周期為T1，月球、地球球心間的距離為L(zhǎng)1．你還可以利用（1）、（2）中提供的信息，求月球的質(zhì)量．17、（12分）(本題9分)如圖1，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m=0.2kg，帶電量為q=+2.0×10-6C的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1。從t=0時(shí)刻開始，空間加上一個(gè)如圖2所示的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向呈周期性變化的電場(chǎng)（電場(chǎng)為負(fù)表示電電場(chǎng)方向與正方向相反），（取水平向右的方向?yàn)檎较?，g取10m/s2。）求：(1)23秒內(nèi)小物塊的位移大小；(2)23秒內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、C【解析】

A.由于物塊靜止在光滑的水平面上，所以物塊只受拉力作用，由圖可知拉力先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律，可知加速度先增大后減小，故A錯(cuò)誤；B.由圖可知，拉力對(duì)物塊一直做正功，故物塊的動(dòng)能一直增大，故B錯(cuò)誤；C.由圖可知當(dāng)t=t2時(shí)拉力為零，此時(shí)加速度為零，所以速度最大，動(dòng)能最大，根據(jù)動(dòng)能定理有：，則最大動(dòng)能有：，故C正確；D.由于不知道，物塊的質(zhì)量，所以無(wú)法求出最大加速度，故D錯(cuò)誤。2、B【解析】

在子彈射入木塊的整個(gè)過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，只有一對(duì)內(nèi)力即摩擦阻力作用，則子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒.在子彈射入木塊的過程，有一對(duì)摩擦阻力做功，子彈的部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，因此系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒.A.動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒與分析結(jié)果不相符；故A項(xiàng)不合題意.B.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒與分析結(jié)果相符；故B項(xiàng)符合題意.C.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能也守恒與分析結(jié)果不相符；故C項(xiàng)不合題意.D.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒與分析結(jié)果不相符；故D項(xiàng)不合題意.3、B【解析】

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系可知，A、B間的電勢(shì)差為，故選B.4、D【解析】

人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則有：解得：A.由可知，離地面越近的衛(wèi)星，軌道半徑r越小，線速度越大，故A錯(cuò)誤；B.由可知，離地面越近的衛(wèi)星，軌道半徑r越小，角速度越大，故B錯(cuò)誤；C.由可知，離地面越近的衛(wèi)星，軌道半徑r越小，向心加速度越大，故C錯(cuò)誤；D.由可知，離地面越近的衛(wèi)星，軌道半徑r越小，周期越小，故D正確。5、D【解析】試題分析：因?yàn)樾∏蛳蛴移?，而M板帶正電，故小球帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；若將細(xì)線燒斷，則小球?qū)⒀乩K的方向斜向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若只將N板水平向右平移稍許，由公式C=可知，電容器的電容將變小，而又由C=可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E=將不變，故夾角θ將不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若只將N板豎直向上平移稍許，則因?yàn)镾減小，故電容器的電容將變小，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E將變大，故電場(chǎng)力增大，夾角θ將變大，選項(xiàng)D正確。考點(diǎn)：電容的變化，電場(chǎng)強(qiáng)度。【名師點(diǎn)晴】當(dāng)極板間的距離或正對(duì)面積發(fā)生變化時(shí)，我們一般需要將電容的決定式C=與定義式C=相結(jié)合判斷，而極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E需要通過這兩個(gè)式子導(dǎo)出，所以該題有一定的綜合性，夾角θ的大小取決于電場(chǎng)力的大小，電場(chǎng)力較大時(shí)，夾角大。6、B【解析】試題分析：地球?qū)μ?yáng)的引力和太陽(yáng)對(duì)地球的引力是一對(duì)相互作用力，大小相等，故A錯(cuò)誤；太陽(yáng)對(duì)地球的萬(wàn)有引力充當(dāng)?shù)厍蚶@太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的向心力，B正確；向心力是幾個(gè)力的合力或者一個(gè)力來充當(dāng)?shù)男Ч?，受力分析時(shí)，不能與充當(dāng)其的其他力并存，C錯(cuò)誤；地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用7、BC【解析】

對(duì)全過程運(yùn)用動(dòng)能定理得，mg（H+h）-Wf=0，則小球克服阻力做功Wf=mg（H+h）。故A錯(cuò)誤。小球在整個(gè)過程中，動(dòng)能變化量為零，重力勢(shì)能減小mg（H+h），則小球的機(jī)械能減小了mg（H+h）。故B正確。落到地面的速度，對(duì)進(jìn)入泥潭的過程運(yùn)用動(dòng)量定理得：IG?IF＝0?m，得：IF＝IG+m知阻力的沖量大于m．故C正確。對(duì)全過程分析，運(yùn)用動(dòng)量定理知，動(dòng)量的變化量等于重力的沖量和阻力沖量的矢量和。故D錯(cuò)誤。8、AB【解析】

A.圓環(huán)與平板碰撞過程，若碰撞時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，由于碰后速度相同，為完全非彈性碰撞，機(jī)械能不守恒，減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故A正確；B.碰撞后平衡時(shí)，有：kx即碰撞后新平衡位置與下落高度h無(wú)關(guān)，故B正確；CD.碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，它們動(dòng)能和重力勢(shì)能的減少量之和等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量，彈簧彈性勢(shì)能的增加量等于克服彈簧彈力所做的功，故CD錯(cuò)誤；9、BCD【解析】

A.萬(wàn)有引力提供向心力且r=R+h，可得，故A錯(cuò)誤；B.第一宇宙速度為，r＞R，所以衛(wèi)星的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，故B正確；C.同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，則由v=ωr可知，該衛(wèi)星運(yùn)行的線速度大于地球自轉(zhuǎn)的線速度，選項(xiàng)C正確；D.衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度，地表重力加速度為，衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故D正確；10、BD【解析】平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，根據(jù)知，高度越大，時(shí)間越長(zhǎng)，與初速度無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤B正確；豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，從開始下降連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之比為1：3：5…不是任意連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)，C錯(cuò)誤；因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的加速度不變，則任意相等時(shí)間內(nèi)速度的變化量相等，D正確．11、CD【解析】

ABD.設(shè)C點(diǎn)線速度方向與繩子沿線的夾角為θ（銳角），由題知C點(diǎn)的線速度為，該線速度在繩子方向上的分速度就為．θ的變化規(guī)律是開始最大（90°）然后逐漸變小，所以，逐漸變大，直至繩子和桿垂直，θ變?yōu)榱愣?，繩子的速度變?yōu)樽畲?，為ωL；然后，θ又逐漸增大，v繩=ωLcosθ逐漸變小，繩子的速度變慢。所以知重物的速度先增大后減?。瓵B錯(cuò)誤D正確。C.繩子和桿垂直，θ變?yōu)榱愣?，繩子的速度變?yōu)樽畲?，為ωL，故C正確。12、BCD【解析】

牛頓第二定律、能量守恒定律【詳解】A．因M和N兩點(diǎn)處彈簧對(duì)小球的彈力大小相等，且∠ONM<∠OMN<知M處的彈簧處于壓縮狀態(tài)，N處的彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，則彈簧的彈力對(duì)小球選做負(fù)功后正功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．B．當(dāng)彈簧水平時(shí)，豎直方向的力只有重力，加速度為g；當(dāng)豎直方向的合外力為mg時(shí)，加速度為也g，則有兩個(gè)時(shí)刻的加速度大小等于g，選項(xiàng)B正確；C．彈簧長(zhǎng)度最短時(shí)，即彈簧水平，彈力與速度垂直，則做功的功率為零，選項(xiàng)C正確；D．由M→N的動(dòng)能定理，因M和N兩點(diǎn)處彈簧對(duì)小球的彈力大小相等，則由彈力作功特點(diǎn)知，即，選項(xiàng)D正確．二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、29.8;0.760;D;【解析】

歐姆表使用前要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，每次換量程要進(jìn)行歐姆調(diào)零．紅表筆接電源負(fù)極，指針偏角大，說明阻值小，要換小倍率，且重新調(diào)零．【詳解】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為:2.9cm+0.1mm×8=29.8mm；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：0.5mm+0.01mm×26.0=0.760mm．（2）每次換量程要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故A正確；使用前檢查指針是否指在電阻擋的“∞”處，即歐姆調(diào)零，故B正確；測(cè)量完畢應(yīng)將選擇開關(guān)置于“OFF”或交流電壓最大檔，選項(xiàng)C正確；測(cè)量時(shí)，若指針偏角較小，應(yīng)換倍率較大的檔位來測(cè)量．故D錯(cuò)誤；本題選錯(cuò)誤的，故選D．14、B【解析】

A．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式x＝v0t+12at可知，物體在x方向做速度為vx＝3m/s的勻速直線運(yùn)動(dòng)，y方向做初速度為v0＝1m/s加速度為a＝10m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以O(shè)點(diǎn)不是平拋運(yùn)動(dòng)起點(diǎn).故選項(xiàng)A不符合題意.B.根據(jù)x＝3ty＝t+5t2物體的運(yùn)動(dòng)軌跡為y=故選項(xiàng)B符合題意.C.1s時(shí)，在A點(diǎn)的豎直方向的速度為vy＝v0+at＝1+10×1＝11m/s所以A點(diǎn)的速度v故選項(xiàng)C不符合題意.D.O、A間水平距離為x＝3t＝3×1＝3m豎直方向的高度為y