2023-2024學(xué)年湖北省武漢市黃陂區(qū)高一下學(xué)期7月期末聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1黃陂區(qū)2023-2024學(xué)年度下學(xué)期高一期末質(zhì)量檢測物理試卷黃陂區(qū)教研室命制本試卷共5頁，15題。全卷滿分100分。考試用時(shí)75分鐘。★?？荚図樌镒⒁馐马?xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并認(rèn)真核準(zhǔn)準(zhǔn)考證號條形碼上的以上信息，將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選〖答案〗的標(biāo)號涂黑：非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚。4.考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.某片樹葉從空中飄落的軌跡為曲線。則該樹葉（）A.速度在不斷變化 B.一定在做勻變速運(yùn)動C.所受的合力一定保持不變 D.加速度方向可能與速度方向始終在同一直線上〖答案〗A〖解析〗A．樹葉從空中飄落的軌跡為曲線，則速度的方向不斷改變，速度不斷變化，故A正確；BC．若樹葉做勻變速曲線運(yùn)動，此時(shí)合力與加速度不變，所以樹葉可能做勻變速運(yùn)動，故BC錯(cuò)誤；D．雪花的運(yùn)動軌跡為曲線，合力與速度方向不共線，即加速度方向與速度方向不在同一直線上，故D錯(cuò)誤；故選A。2.在平坦的壘球運(yùn)動場上，擊球手揮動球棒將壘球水平擊出，壘球飛行一段時(shí)間后落地。若不計(jì)空氣阻力，則（）A.壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的大小僅由初速度決定B.壘球在空中運(yùn)動的水平位移僅由初速度決定C.壘球在空中運(yùn)動的時(shí)間僅由擊球點(diǎn)離地面的高度決定D.壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的方向僅由擊球點(diǎn)離地面的高度決定〖答案〗C〖解析〗A．落地時(shí)的瞬時(shí)速度的大小為所以壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的大小既與初速度有關(guān)，也與高度有關(guān)。故A錯(cuò)誤；B．壘球在空中運(yùn)動的水平位移所以壘球在空中運(yùn)動的水平位移與擊球點(diǎn)離地面的高度和球的初速度都有關(guān)。故B錯(cuò)誤；C．壘球做平拋運(yùn)動，豎直方向上做自由落體運(yùn)動，由解得則知壘球在空中運(yùn)動的時(shí)間僅由擊球點(diǎn)離地面的高度決定。故C正確；D．壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度與水平方向夾角的正切所以壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的方向與擊球點(diǎn)離地面的高度和球的初速度都有關(guān)。故D錯(cuò)誤。故選C。3.小球放在豎直的彈簧上，將小球往下按至a的位置，如圖所示。迅速松手后，彈簧把球彈起，球升至最高位置c，途中經(jīng)過位置b時(shí)彈簧正好處于原長，彈簧的質(zhì)量和空氣阻力均可忽略，小球從a運(yùn)動到c的過程中，下列說法正確的是（）A.小球的動能逐漸增大，小球和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能不變B.小球的動能與彈簧的彈性勢能的總和逐漸增大C.在b點(diǎn)時(shí)小球的動能最大，彈簧的彈性勢能最小D.在a點(diǎn)時(shí)小球機(jī)械能最小，彈簧的彈性勢能最大〖答案〗D〖解析〗A．從a到c的過程，小球的動能先增大后減小，小球和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能保持不變，A錯(cuò)誤；B．由于小球重力勢能逐漸增大，故小球的動能與彈簧的彈性勢能的總和逐漸減小，B錯(cuò)誤；C．還未到b點(diǎn)時(shí)，當(dāng)滿足kx=mg時(shí)，小球的動能最大，到b點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能最小，C錯(cuò)誤；D．在a點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能最大，故小球機(jī)械能最小，D正確。故選D。4.如圖所示，輕桿的一端固定在通過O點(diǎn)的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一個(gè)小球，輕桿繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)沿順時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動，其中A點(diǎn)為最高點(diǎn)、C點(diǎn)為最低點(diǎn)，B點(diǎn)與O點(diǎn)等高，下列說法正確的是（）A.小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，所受桿的作用力一定豎直向下B.從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球合力始終指向圓心C.從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球重力的功率保持不變D.小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)，所受桿的作用力沿著BO方向〖答案〗B〖解析〗A．小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，合外力提供向心力，則當(dāng)小球速度較小時(shí)則所受桿的作用力豎直向上；當(dāng)小球速度較大時(shí)則所受桿的作用力豎直向下；當(dāng)小球速度滿足則桿對小球無作用力。故A錯(cuò)誤；B．依題意，小球做勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力，從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球合力始終指向圓心。故B正確；C．由圖可知A點(diǎn)和C點(diǎn)處重力與速度方向垂直，則小球重力的功率為0，與B點(diǎn)對稱的位置處重力與速度共線，故重力功率不為0，則從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球重力的功率先增大再減小。故C錯(cuò)誤；D．合外力提供向心力，小球受重力和桿給的作用力，則小球所受桿的作用力為右上方。故D錯(cuò)誤。故選B。5.一質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動，其相對于平衡位置的位移x與時(shí)間t的關(guān)系圖線如圖所示，由圖可知（）A.該簡諧運(yùn)動的周期是，振幅是7cmB.該簡諧運(yùn)動的表達(dá)式可能為C.時(shí)振子的速度最大，且方向向下D.時(shí)振子的位移為〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)圖像可知，該簡諧運(yùn)動的周期是，振幅是7cm，故A錯(cuò)誤；B．應(yīng)該完整的規(guī)則的正弦式振動方程為將上述函數(shù)的圖像向左平移得到圖像中的波形，則該簡諧運(yùn)動的表達(dá)式可能為故B正確；C．根據(jù)圖像可知，時(shí)振子處于平衡位置，振子的速度最大，速度方向向上，故C錯(cuò)誤；D．由于可以解得時(shí)振子的位移為故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，甲、乙為兩顆軌道在同一平面內(nèi)地球人造衛(wèi)星，其中甲衛(wèi)星的軌道為圓形，乙衛(wèi)星的軌道為橢圓形，M、N分別為橢圓軌道的近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)，P點(diǎn)為兩軌道的一個(gè)交點(diǎn)，圓形軌道的直徑與橢圓軌道的長軸相等。以下說法正確的是（）A.衛(wèi)星甲的周期小于衛(wèi)星乙的周期B.衛(wèi)星乙在M點(diǎn)的動能小于在N點(diǎn)的動能C.衛(wèi)星甲在P點(diǎn)的加速度大于衛(wèi)星乙在P點(diǎn)的加速度D.衛(wèi)星甲在P點(diǎn)的線速度大于衛(wèi)星乙在N點(diǎn)的線速度〖答案〗D〖解析〗A．由開普勒第三定律可知，由于圓軌道的直徑與橢圓軌道的長軸相等，所以二者的周期一定是相等的。故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第二定律可知，衛(wèi)星乙在M點(diǎn)的速率大于在N點(diǎn)的速率，根據(jù)可知衛(wèi)星乙在M點(diǎn)的動能大于在N點(diǎn)的動能。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)解得兩衛(wèi)星在P點(diǎn)到地球距離是相等的，所以它們在P點(diǎn)的加速度是相等的。故C錯(cuò)誤；D．乙衛(wèi)星的軌跡是橢圓，在P點(diǎn)的線速度大于在N點(diǎn)的線速度，若其在P點(diǎn)加速可進(jìn)入衛(wèi)星甲的圓軌道穩(wěn)定運(yùn)行，所以衛(wèi)星甲在P點(diǎn)的線速度大于衛(wèi)星乙在N點(diǎn)的線速度。故D正確。故選D。7.學(xué)校運(yùn)動會上，參加鉛球項(xiàng)目的運(yùn)動員，把5kg的鉛球以6m/s的初速度從某一高度投擲出去，如圖所示，拋射角，鉛球落地速度與水平地面夾角53°，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取，則鉛球從拋出到落地的時(shí)間是（）A.0.5s B.0.8s C.1.0s D.1.5s〖答案〗C〖解析〗把v0沿水平方向、豎直方向分解，在豎直方向，鉛球以初速度做豎直上拋運(yùn)動，水平方向以做勻速直線運(yùn)動，規(guī)定豎直向下為正方向，鉛球落地時(shí)豎直方向的速度鉛球的落地速度v與水平地面夾角，則有解得t=1.0s故選C。8.一質(zhì)量m=60kg的運(yùn)動員從下蹲狀態(tài)豎直向上跳起，經(jīng)t=0.2s以大小v=1m/s的速度離開地面，重力加速度g=10。在這0.2s內(nèi)（）A.地面對運(yùn)動員的沖量大小為180N·sB.地面對運(yùn)動員沖量大小為60N·sC.地面對運(yùn)動員做的功為零D.地面對運(yùn)動員做的功為30J〖答案〗AC〖解析〗AB．人的速度原來為零，起跳后變化v，以向上為正方向，由動量定理可得代入數(shù)據(jù)解得地面對人的沖量為A正確，B錯(cuò)誤；CD．人在跳起時(shí)，地面對人的支持力豎直向上，在跳起過程中，在支持力方向上沒有位移，故地面對運(yùn)動員的支持力不做功，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.在處的波源P產(chǎn)生一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波，在處的波源Q產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡諧描波，時(shí)刻兩波源開始振動，時(shí)兩列簡諧波的波形圖分別如圖中實(shí)線和虛線所示，下列說法正確的是（）A.兩波源的起振方向均沿y軸負(fù)方向B.兩列波的波速大小均為2m/sC.再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)位移為0.1mD.再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)位移為0.3m〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)同側(cè)法由圖可知，兩波源的起振方向均沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，0~0.5s兩列波的傳播距離相等均為則兩列波的波速大小均為故B正確；C．由圖可知，0~0.5s兩列波均傳播，則兩列波的周期均為s=0.4s再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)均回到平衡位置，則位移為0，故C錯(cuò)誤；D．同C選項(xiàng)分析，再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)均位于波峰處，根據(jù)波的疊加可知，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位移為故D正確。故選BD。10.如圖，工人用傳送帶運(yùn)送貨物，傳送帶傾角30°，順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，把貨物從底端A點(diǎn)運(yùn)送到頂端B點(diǎn)，其速度隨時(shí)間變化關(guān)系如圖所示。已知貨物質(zhì)量為10kg，重力加速度取10m/s2。則（）A.傳送帶勻速轉(zhuǎn)動的速度大小為1m/sB.貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5C.運(yùn)送貨物的整個(gè)過程中傳送帶多消耗的電能810JD.運(yùn)送貨物的整個(gè)過程中摩擦力對貨物做功15J〖答案〗AC〖解析〗A．由圖乙可知，物體在被傳送帶運(yùn)送過程中，先做勻加速直線運(yùn)動，加速到和傳送帶速度相同時(shí)，和傳送帶一起做勻速直線運(yùn)動，故可知傳送帶勻速轉(zhuǎn)動的速度大小為1m/s，故A正確；B．圖像的斜率表示加速度，由圖乙可知，加速度階段物體的加速度為由牛頓第二定律有解得故B錯(cuò)誤；C．內(nèi)物塊和傳送帶發(fā)生相對滑動，設(shè)物塊的位移為，傳送帶的位移為，相對位移為，則有因摩擦而產(chǎn)生的熱量為由圖乙可得傳送帶的長度為則可得運(yùn)送貨物的整個(gè)過程中傳送帶多消耗的電能為故C正確；D．運(yùn)送物體的整個(gè)過程中，摩擦力對物體做功可分為兩個(gè)階段，第一階段為滑動摩擦力做功，第二階段為靜摩擦力做功，則可得摩擦力對物塊做的功為故D錯(cuò)誤故選AC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來探究小球做圓周運(yùn)動所需向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關(guān)系，轉(zhuǎn)動手柄使長槽和短槽分別隨塔輪勻速轉(zhuǎn)動，槽內(nèi)的球就做勻速圓周運(yùn)動。橫臂的擋板對球的壓力提供了向心力，球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用使彈簧測力套筒下降，從而露出標(biāo)尺，標(biāo)尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個(gè)小球所受向心力的比值。實(shí)驗(yàn)用球分為鋼球和鋁球，請回答相關(guān)問題：（1）在某次實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)把兩個(gè)質(zhì)量相等的鋼球放在A、C位置，A、C到塔輪中心距離相等，將皮帶處于左、右塔輪的半徑不等的層上。轉(zhuǎn)動手柄，觀察左右標(biāo)尺的刻度，此時(shí)可研究向心力的大小與______的關(guān)系。A.質(zhì)量m B.半徑r C.角速度（2）在（1）的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)勻速轉(zhuǎn)動手柄時(shí)，左邊標(biāo)尺露出1個(gè)格，右邊標(biāo)尺露出4個(gè)格，則皮帶連擺的左、右塔輪半徑之比為______。其他條件不變，若增大手柄轉(zhuǎn)動的速度，則左、右兩標(biāo)尺的示數(shù)______，兩標(biāo)尺示數(shù)的比值______（均選填“變大”“變小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）C（2）2:1變大不變〖解析〗【小問1詳析】依題意，兩球質(zhì)量m相等、轉(zhuǎn)動半徑r相等，塔輪皮帶邊緣線速度大小相等，根據(jù)可知，塔輪角速度不同，即小球角速度不同，此時(shí)可研究向心力的大小與角速度的關(guān)系。故選C。【小問2詳析】左邊標(biāo)尺露出1個(gè)格，右邊標(biāo)尺露出4個(gè)格，則向心力之比為1：4，由可知，小球的角速度之比為1：2，由則皮帶連接的左、右塔輪半徑之比為2：1。其他條件不變，若增大手柄轉(zhuǎn)動的速度，則兩塔輪的角速度隨之增大，但其比值保持不12.如圖所示為傾斜放置的氣墊導(dǎo)軌，用來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。已知滑塊（包含遮光條）的質(zhì)量為m，滑塊上遮光條的寬度為d，重力加速度為g?，F(xiàn)將滑塊由靜止釋放，向下運(yùn)動中兩個(gè)光電門G1和G2分別記錄了遮光條通過光電門的時(shí)間t1和t2，則（1）滑塊通過光電門G1時(shí)的速度大小為_______________；（2）滑塊通過兩個(gè)光電門過程中的動能增量_________________；（3）滑塊通過兩個(gè)光電門過程中重力勢能的減少量______________（可用圖中所標(biāo)符號）；若兩者在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)滿足，則滑塊在下滑過程中機(jī)械能守恒。（4）若實(shí)驗(yàn)中滑塊以初速度v0下滑，____________（選填“能”或“不能”）驗(yàn)證機(jī)械能守恒?！即鸢浮剑?）（2）（3）（4）能〖解析〗解：（1）用平均速度近似表示瞬時(shí)速度，滑塊經(jīng)光電門G1時(shí)的速度大小為（2）滑塊經(jīng)兩個(gè)光電門運(yùn)動中動能的增量（3）滑塊經(jīng)兩個(gè)光電門運(yùn)動中重力勢能的減少增量?Ep減=mgs（4）由第二小題的〖解析〗可知，滑塊的機(jī)械能守恒與否與滑塊開始下滑的初速度無關(guān)，仍只有重力做功，因此若實(shí)驗(yàn)中滑塊以初速度v0下滑能驗(yàn)證機(jī)械能守恒。13.沿軸正方向傳播的簡諧橫波在時(shí)的波形如圖所示，此時(shí)，波傳播到處的質(zhì)點(diǎn)，而平衡位置為處的質(zhì)點(diǎn)A正好位于波谷位置，此后經(jīng)質(zhì)點(diǎn)A恰好第一次到達(dá)波峰。求：（1）該波的波速；（2）在時(shí)，平衡位置為處的質(zhì)點(diǎn)的位移？〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）由題意知，時(shí)間間隔解得由圖可知，波長，則波速為（2）波傳到C點(diǎn)所用時(shí)間為此時(shí)質(zhì)點(diǎn)C開始沿y軸正方向運(yùn)動，再經(jīng)過時(shí)間可知，時(shí)刻C點(diǎn)到達(dá)波谷，即14.如圖所示，質(zhì)量為2m的物塊a靜止在光滑水平地面上，物塊a左側(cè)面為圓弧面且與水平地面相切，質(zhì)量為3m的滑塊b以初速度向右運(yùn)動滑上a，沿a左側(cè)面上滑一定高度后又返回，最后滑離a，不計(jì)一切摩擦阻力，重力加速度為g，滑塊b從滑上a到滑離a的過程中，求：（1）滑塊b沿a上升的最大高度；（2）滑塊b運(yùn)動的最小速度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）依題意，二者水平方向動量守恒，設(shè)滑塊b沿a上升的最大高度為H，可得，解得，（2）兩滑塊分離時(shí)，滑塊b具有最小速度，由水平方向動量守恒可得根據(jù)系統(tǒng)能量守恒，可得聯(lián)立，解得15.如圖，由薄壁圓管構(gòu)成的圓形軌道豎直固定在水平地面上，軌道半徑R=0.125m，遠(yuǎn)大于圓管內(nèi)徑，軌道底端分別與兩側(cè)的水平直軌道相切。質(zhì)量m=1kg，直徑略小于圓管內(nèi)徑的光滑小球A以速度向右運(yùn)動，與靜止在直軌道P處的小滑塊B發(fā)生彈性碰撞，碰后球A的速度反向，且經(jīng)過圓軌道最高點(diǎn)Q時(shí)恰好對軌道無作用力。P點(diǎn)右側(cè)由多段粗糙軌道、光滑軌道交替排列組成，每段軌道長度均為L=0.1m，緊鄰P點(diǎn)的第一段軌道為粗糙軌道，滑塊B與各粗糙軌道間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.1，重力加速度g取。求：（1）碰撞后瞬間小球A速度的大小；（2）滑塊B的質(zhì)量和碰撞后瞬間滑塊B速度的大??；（3）碰撞后滑塊B運(yùn)動的路程。〖答案〗（1）；（2），；（3）〖解析〗（1）設(shè)碰撞后瞬間小球A速度的大小為，碰后小球A經(jīng)過圓軌道最高點(diǎn)Q時(shí)恰好對軌道無作用力，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)能量守恒定律有解得（2）小球A與小滑塊B發(fā)生彈性碰撞，規(guī)定向右為正方形，根據(jù)動量守恒定律及能量守恒定律有解得，（3）碰后對小滑塊B根據(jù)功能關(guān)系可知解得m每段軌道長度均為L=0.1m，則m可知共經(jīng)歷了31段粗糙軌道和光滑軌道，最終停在第32段粗糙軌道上，運(yùn)動的總位移為黃陂區(qū)2023-2024學(xué)年度下學(xué)期高一期末質(zhì)量檢測物理試卷黃陂區(qū)教研室命制本試卷共5頁，15題。全卷滿分100分。考試用時(shí)75分鐘?！镒？荚図樌镒⒁馐马?xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并認(rèn)真核準(zhǔn)準(zhǔn)考證號條形碼上的以上信息，將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選〖答案〗的標(biāo)號涂黑：非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚。4.考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.某片樹葉從空中飄落的軌跡為曲線。則該樹葉（）A.速度在不斷變化 B.一定在做勻變速運(yùn)動C.所受的合力一定保持不變 D.加速度方向可能與速度方向始終在同一直線上〖答案〗A〖解析〗A．樹葉從空中飄落的軌跡為曲線，則速度的方向不斷改變，速度不斷變化，故A正確；BC．若樹葉做勻變速曲線運(yùn)動，此時(shí)合力與加速度不變，所以樹葉可能做勻變速運(yùn)動，故BC錯(cuò)誤；D．雪花的運(yùn)動軌跡為曲線，合力與速度方向不共線，即加速度方向與速度方向不在同一直線上，故D錯(cuò)誤；故選A。2.在平坦的壘球運(yùn)動場上，擊球手揮動球棒將壘球水平擊出，壘球飛行一段時(shí)間后落地。若不計(jì)空氣阻力，則（）A.壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的大小僅由初速度決定B.壘球在空中運(yùn)動的水平位移僅由初速度決定C.壘球在空中運(yùn)動的時(shí)間僅由擊球點(diǎn)離地面的高度決定D.壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的方向僅由擊球點(diǎn)離地面的高度決定〖答案〗C〖解析〗A．落地時(shí)的瞬時(shí)速度的大小為所以壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的大小既與初速度有關(guān)，也與高度有關(guān)。故A錯(cuò)誤；B．壘球在空中運(yùn)動的水平位移所以壘球在空中運(yùn)動的水平位移與擊球點(diǎn)離地面的高度和球的初速度都有關(guān)。故B錯(cuò)誤；C．壘球做平拋運(yùn)動，豎直方向上做自由落體運(yùn)動，由解得則知壘球在空中運(yùn)動的時(shí)間僅由擊球點(diǎn)離地面的高度決定。故C正確；D．壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度與水平方向夾角的正切所以壘球落地時(shí)瞬時(shí)速度的方向與擊球點(diǎn)離地面的高度和球的初速度都有關(guān)。故D錯(cuò)誤。故選C。3.小球放在豎直的彈簧上，將小球往下按至a的位置，如圖所示。迅速松手后，彈簧把球彈起，球升至最高位置c，途中經(jīng)過位置b時(shí)彈簧正好處于原長，彈簧的質(zhì)量和空氣阻力均可忽略，小球從a運(yùn)動到c的過程中，下列說法正確的是（）A.小球的動能逐漸增大，小球和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能不變B.小球的動能與彈簧的彈性勢能的總和逐漸增大C.在b點(diǎn)時(shí)小球的動能最大，彈簧的彈性勢能最小D.在a點(diǎn)時(shí)小球機(jī)械能最小，彈簧的彈性勢能最大〖答案〗D〖解析〗A．從a到c的過程，小球的動能先增大后減小，小球和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能保持不變，A錯(cuò)誤；B．由于小球重力勢能逐漸增大，故小球的動能與彈簧的彈性勢能的總和逐漸減小，B錯(cuò)誤；C．還未到b點(diǎn)時(shí)，當(dāng)滿足kx=mg時(shí)，小球的動能最大，到b點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能最小，C錯(cuò)誤；D．在a點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能最大，故小球機(jī)械能最小，D正確。故選D。4.如圖所示，輕桿的一端固定在通過O點(diǎn)的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一個(gè)小球，輕桿繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)沿順時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動，其中A點(diǎn)為最高點(diǎn)、C點(diǎn)為最低點(diǎn)，B點(diǎn)與O點(diǎn)等高，下列說法正確的是（）A.小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，所受桿的作用力一定豎直向下B.從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球合力始終指向圓心C.從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球重力的功率保持不變D.小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)，所受桿的作用力沿著BO方向〖答案〗B〖解析〗A．小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，合外力提供向心力，則當(dāng)小球速度較小時(shí)則所受桿的作用力豎直向上；當(dāng)小球速度較大時(shí)則所受桿的作用力豎直向下；當(dāng)小球速度滿足則桿對小球無作用力。故A錯(cuò)誤；B．依題意，小球做勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力，從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球合力始終指向圓心。故B正確；C．由圖可知A點(diǎn)和C點(diǎn)處重力與速度方向垂直，則小球重力的功率為0，與B點(diǎn)對稱的位置處重力與速度共線，故重力功率不為0，則從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球重力的功率先增大再減小。故C錯(cuò)誤；D．合外力提供向心力，小球受重力和桿給的作用力，則小球所受桿的作用力為右上方。故D錯(cuò)誤。故選B。5.一質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動，其相對于平衡位置的位移x與時(shí)間t的關(guān)系圖線如圖所示，由圖可知（）A.該簡諧運(yùn)動的周期是，振幅是7cmB.該簡諧運(yùn)動的表達(dá)式可能為C.時(shí)振子的速度最大，且方向向下D.時(shí)振子的位移為〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)圖像可知，該簡諧運(yùn)動的周期是，振幅是7cm，故A錯(cuò)誤；B．應(yīng)該完整的規(guī)則的正弦式振動方程為將上述函數(shù)的圖像向左平移得到圖像中的波形，則該簡諧運(yùn)動的表達(dá)式可能為故B正確；C．根據(jù)圖像可知，時(shí)振子處于平衡位置，振子的速度最大，速度方向向上，故C錯(cuò)誤；D．由于可以解得時(shí)振子的位移為故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，甲、乙為兩顆軌道在同一平面內(nèi)地球人造衛(wèi)星，其中甲衛(wèi)星的軌道為圓形，乙衛(wèi)星的軌道為橢圓形，M、N分別為橢圓軌道的近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)，P點(diǎn)為兩軌道的一個(gè)交點(diǎn)，圓形軌道的直徑與橢圓軌道的長軸相等。以下說法正確的是（）A.衛(wèi)星甲的周期小于衛(wèi)星乙的周期B.衛(wèi)星乙在M點(diǎn)的動能小于在N點(diǎn)的動能C.衛(wèi)星甲在P點(diǎn)的加速度大于衛(wèi)星乙在P點(diǎn)的加速度D.衛(wèi)星甲在P點(diǎn)的線速度大于衛(wèi)星乙在N點(diǎn)的線速度〖答案〗D〖解析〗A．由開普勒第三定律可知，由于圓軌道的直徑與橢圓軌道的長軸相等，所以二者的周期一定是相等的。故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第二定律可知，衛(wèi)星乙在M點(diǎn)的速率大于在N點(diǎn)的速率，根據(jù)可知衛(wèi)星乙在M點(diǎn)的動能大于在N點(diǎn)的動能。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)解得兩衛(wèi)星在P點(diǎn)到地球距離是相等的，所以它們在P點(diǎn)的加速度是相等的。故C錯(cuò)誤；D．乙衛(wèi)星的軌跡是橢圓，在P點(diǎn)的線速度大于在N點(diǎn)的線速度，若其在P點(diǎn)加速可進(jìn)入衛(wèi)星甲的圓軌道穩(wěn)定運(yùn)行，所以衛(wèi)星甲在P點(diǎn)的線速度大于衛(wèi)星乙在N點(diǎn)的線速度。故D正確。故選D。7.學(xué)校運(yùn)動會上，參加鉛球項(xiàng)目的運(yùn)動員，把5kg的鉛球以6m/s的初速度從某一高度投擲出去，如圖所示，拋射角，鉛球落地速度與水平地面夾角53°，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取，則鉛球從拋出到落地的時(shí)間是（）A.0.5s B.0.8s C.1.0s D.1.5s〖答案〗C〖解析〗把v0沿水平方向、豎直方向分解，在豎直方向，鉛球以初速度做豎直上拋運(yùn)動，水平方向以做勻速直線運(yùn)動，規(guī)定豎直向下為正方向，鉛球落地時(shí)豎直方向的速度鉛球的落地速度v與水平地面夾角，則有解得t=1.0s故選C。8.一質(zhì)量m=60kg的運(yùn)動員從下蹲狀態(tài)豎直向上跳起，經(jīng)t=0.2s以大小v=1m/s的速度離開地面，重力加速度g=10。在這0.2s內(nèi)（）A.地面對運(yùn)動員的沖量大小為180N·sB.地面對運(yùn)動員沖量大小為60N·sC.地面對運(yùn)動員做的功為零D.地面對運(yùn)動員做的功為30J〖答案〗AC〖解析〗AB．人的速度原來為零，起跳后變化v，以向上為正方向，由動量定理可得代入數(shù)據(jù)解得地面對人的沖量為A正確，B錯(cuò)誤；CD．人在跳起時(shí)，地面對人的支持力豎直向上，在跳起過程中，在支持力方向上沒有位移，故地面對運(yùn)動員的支持力不做功，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.在處的波源P產(chǎn)生一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波，在處的波源Q產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡諧描波，時(shí)刻兩波源開始振動，時(shí)兩列簡諧波的波形圖分別如圖中實(shí)線和虛線所示，下列說法正確的是（）A.兩波源的起振方向均沿y軸負(fù)方向B.兩列波的波速大小均為2m/sC.再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)位移為0.1mD.再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)位移為0.3m〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)同側(cè)法由圖可知，兩波源的起振方向均沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，0~0.5s兩列波的傳播距離相等均為則兩列波的波速大小均為故B正確；C．由圖可知，0~0.5s兩列波均傳播，則兩列波的周期均為s=0.4s再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)均回到平衡位置，則位移為0，故C錯(cuò)誤；D．同C選項(xiàng)分析，再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)均位于波峰處，根據(jù)波的疊加可知，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位移為故D正確。故選BD。10.如圖，工人用傳送帶運(yùn)送貨物，傳送帶傾角30°，順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，把貨物從底端A點(diǎn)運(yùn)送到頂端B點(diǎn)，其速度隨時(shí)間變化關(guān)系如圖所示。已知貨物質(zhì)量為10kg，重力加速度取10m/s2。則（）A.傳送帶勻速轉(zhuǎn)動的速度大小為1m/sB.貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5C.運(yùn)送貨物的整個(gè)過程中傳送帶多消耗的電能810JD.運(yùn)送貨物的整個(gè)過程中摩擦力對貨物做功15J〖答案〗AC〖解析〗A．由圖乙可知，物體在被傳送帶運(yùn)送過程中，先做勻加速直線運(yùn)動，加速到和傳送帶速度相同時(shí)，和傳送帶一起做勻速直線運(yùn)動，故可知傳送帶勻速轉(zhuǎn)動的速度大小為1m/s，故A正確；B．圖像的斜率表示加速度，由圖乙可知，加速度階段物體的加速度為由牛頓第二定律有解得故B錯(cuò)誤；C．內(nèi)物塊和傳送帶發(fā)生相對滑動，設(shè)物塊的位移為，傳送帶的位移為，相對位移為，則有因摩擦而產(chǎn)生的熱量為由圖乙可得傳送帶的長度為則可得運(yùn)送貨物的整個(gè)過程中傳送帶多消耗的電能為故C正確；D．運(yùn)送物體的整個(gè)過程中，摩擦力對物體做功可分為兩個(gè)階段，第一階段為滑動摩擦力做功，第二階段為靜摩擦力做功，則可得摩擦力對物塊做的功為故D錯(cuò)誤故選AC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來探究小球做圓周運(yùn)動所需向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關(guān)系，轉(zhuǎn)動手柄使長槽和短槽分別隨塔輪勻速轉(zhuǎn)動，槽內(nèi)的球就做勻速圓周運(yùn)動。橫臂的擋板對球的壓力提供了向心力，球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用使彈簧測力套筒下降，從而露出標(biāo)尺，標(biāo)尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個(gè)小球所受向心力的比值。實(shí)驗(yàn)用球分為鋼球和鋁球，請回答相關(guān)問題：（1）在某次實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)把兩個(gè)質(zhì)量相等的鋼球放在A、C位置，A、C到塔輪中心距離相等，將皮帶處于左、右塔輪的半徑不等的層上。轉(zhuǎn)動手柄，觀察左右標(biāo)尺的刻度，此時(shí)可研究向心力的大小與______的關(guān)系。A.質(zhì)量m B.半徑r C.角速度（2）在（1）的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)勻速轉(zhuǎn)動手柄時(shí)，左邊標(biāo)尺露出1個(gè)格，右邊標(biāo)尺露出4個(gè)格，則皮帶連擺的左、右塔輪半徑之比為______。其他條件不變，若增大手柄轉(zhuǎn)動的速度，則左、右兩標(biāo)尺的示數(shù)______，兩標(biāo)尺示數(shù)的比值______（均選填“變大”“變小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）C（2）2:1變大不變〖解析〗【小問1詳析】依題意，兩球質(zhì)量m相等、轉(zhuǎn)動半徑r相等，塔輪皮帶邊緣線速度大小相等，根據(jù)可知，塔輪角速度不同，即小球角速度不同，此時(shí)可研究向心力的大小與角速度的關(guān)系。故選C?！拘?詳析】左邊標(biāo)尺露出1個(gè)格，右邊標(biāo)尺露出4個(gè)格，則向心力之比為1：4，由可知，小球的角速度之比為1：2，由則皮帶連接的左、右塔輪半徑之比為2：1。其他條件不變，若增大手柄轉(zhuǎn)動的速度，則兩塔輪的角速度隨之增大，但其比值保持不12.如圖所示為傾斜放置的氣墊導(dǎo)軌，用來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。已知滑塊（包含遮光條）的質(zhì)量為m，滑塊上遮光條的寬度為d，重力加速度為g。現(xiàn)將滑塊由靜止釋放，向下運(yùn)動中兩個(gè)光電門G1和G2分別記錄了遮光條通過光電門的時(shí)間t1和t2，則（1）滑塊通過光電門G1時(shí)的速度大小為_______________；（2）滑塊通過兩個(gè)光電門過程中的動能增量_________________；（3）滑塊通過兩個(gè)光電門過程中重力勢能的減少量______________（可用圖中所標(biāo)符號）；