四川省宜賓市普通高中2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試三診試題含解析

PAGE19-四川省宜賓市一般中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試（三診）試題（含解析）一、選擇題1.2024年11月12日中科院等離子體物理探討所發(fā)布消息：全超導(dǎo)托卡馬克裝置EAST在試驗中有了新的突破，等離子體中心電子溫度達(dá)到1億攝氏度；其主要兩個核反應(yīng)方程為：①；②，則下列表述正確的是（）A.X是質(zhì)子B.Y是氚核C.①是人類歷史上第一次核反應(yīng)人工轉(zhuǎn)變方程D.②屬于核裂變反應(yīng)方程【答案】B【解析】【詳解】AB．依據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X是中子，Y是氚核，選項A錯誤，B正確；CD．①不是人類歷史上第一次核反應(yīng)人工轉(zhuǎn)變方程，兩個核反應(yīng)方程均屬于輕核聚變方程，選項CD錯誤。故選B。2.如圖所示，某健身愛好者利用如下裝置熬煉自己的臂力和腿部力氣，在O點系一重物C，手拉著輕繩且始終保持輕繩平行于粗糙的水平地面。當(dāng)他緩慢地向右移動時，下列說法正確的是（）A.繩OA拉力大小保持不變B.繩OB拉力變小C.健身者與地面間摩擦力變大D.繩OA、OB拉力的合力變大【答案】C【解析】【詳解】AB．設(shè)OA、OB繩的拉力分別為FA和FB，重物的質(zhì)量為m。對O點有FAcosθ-mg=0FAsinθ-FB=0解得FB=mgtanθ當(dāng)健身者緩慢向右移動時，θ變大，則兩拉力均變大，故AB錯誤；

C．健身者所受的摩擦力與FB相等，則健身者與地面間的摩擦力變大，故C正確；

D．健身者緩慢移動時，兩繩拉力的合力大小等于重物C的重力，大小不變，故D錯誤。

故選C。3.據(jù)報道，我國將于2024年放射火星探測器。假設(shè)圖示三個軌道是探測器繞火星飛行的軌道，其中軌道Ⅰ、Ⅲ均為圓形軌道，軌道Ⅱ為橢圓形軌道，三個軌道在同一平面內(nèi)，軌道Ⅱ與軌道Ⅰ相切于P點，與軌道Ⅲ相切于Q點，不計探測器在變軌過程中的質(zhì)量變更，則下列說法正確的是（）A.探測器在軌道Ⅱ的任何位置都具有相同速度B.探測器在軌道Ⅲ的任何位置都具有相同加速度C.不論在軌道Ⅰ還是軌道Ⅱ運行，探測器在P點的動量都相同D.不論在軌道Ⅱ還是軌道Ⅲ運行，探測器在Q點的加速度都相同【答案】D【解析】【詳解】A．依據(jù)開普勒其次定律可知，探測器在軌道Ⅱ上運動時，在距離地球較近的點速度較大，較遠(yuǎn)的點速度較小，選項A錯誤；B．探測器在軌道Ⅲ的任何位置都具有相同大小的加速度，但是方向不同，選項B錯誤；C．探測器從軌道Ⅰ到軌道Ⅱ要在P點加速，則探測器在軌道Ⅰ上P點的動量小于在軌道Ⅱ上P點的動量，選項C錯誤；D．不論在軌道Ⅱ還是軌道Ⅲ運行，探測器在Q點時受到火星的萬有引力相同，則加速度相同，選項D正確。故選D。4.如圖所示，完全相同的甲、乙兩個環(huán)形電流同軸平行放置，甲的圓心為O1，乙的圓心為O2，在兩環(huán)圓心的連線上有a、b、c三點，其中aO1＝O1b＝bO2＝O2c，此時a點的磁感應(yīng)強度大小為B1，b點的磁感應(yīng)強度大小為B2．當(dāng)把環(huán)形電流乙撤去后，c點的磁感應(yīng)強度大小為A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】對于圖中單個環(huán)形電流，依據(jù)安培定則，其在中軸線上的磁場方向均是向左，故c點的磁場方向也是向左的．設(shè)ao1=o1b=bo2=o2c=r，設(shè)單個環(huán)形電流在距離中點r位置的磁感應(yīng)強度為B1r，在距離中點3r位置的磁感應(yīng)強度為B3r，故：a點磁感應(yīng)強度：B1=B1r+B3r；b點磁感應(yīng)強度：B2=B1r+B1r；當(dāng)撤去環(huán)形電流乙后，c點磁感應(yīng)強度：Bc=B3r=B1-B2，故選A．5.如圖甲所示為電場中的一條電場線，在電場線上建立坐標(biāo)軸，坐標(biāo)軸上O~x2間各點的電勢分布如圖乙所示，則（）A.在O~x2間，場強方向肯定發(fā)生了變更B.負(fù)電荷在O點電勢能高于在x1點電勢能C.若一僅受電場力作用的負(fù)電荷從O點運動到x2點，其動能漸漸減小D.從O點靜止釋放一僅受電場力作用的正電荷，則該電荷在O~x2間做先加速后減速運動【答案】C【解析】【詳解】A．φ-x圖象的斜率的肯定值大小等于電場強度，由幾何學(xué)問得知，斜領(lǐng)先增大后減小，則電場強度先增大后減小，故A錯誤；

B．O點電勢高于x1點電勢，負(fù)電荷在高電勢點的電勢能較小，可知負(fù)電荷在O點電勢能低于在x1點電勢能，選項B錯誤；C．由圖看出，從O點到x2點電勢始終漸漸降低，若一負(fù)電荷從O點運動到x2點，電勢能漸漸變大，動能漸漸減小，選項C正確；

D．從O點靜止釋放一僅受電場力作用的正電荷，受到的電場力方向始終沿x軸正向，與速度方向相同，做加速運動，即該正電荷在O～x2間始終做加速運動，故D錯誤。

故選C。6.如圖，一足夠長的傾斜傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動．一小滑塊以某初速度沿傳送帶向下運動，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)恒定，則其速度v隨時間t變更的圖象可能是A. B.C. D.【答案】BC【解析】【詳解】依據(jù)題意，設(shè)傳送帶傾角為，動摩擦因數(shù)，若：，合力沿斜面對下，物塊向下勻加速；若，沿斜面方向合力為零，物塊勻速下滑；若，沿斜面方向合力沿斜面對上物塊勻減速，當(dāng)減速為零時，起先反向加速，當(dāng)加速到與傳送帶速度相同，因為最大靜摩擦力大于重力向下分力，之后一起隨傳送帶勻速，AD錯誤BC正確7.如圖所示，光滑水平直軌道上有三個質(zhì)量均為m=3kg靜止放置的物塊A、B、C，物塊B的左側(cè)固定一輕彈簧（彈簧左側(cè)的擋板質(zhì)量不計）。若A以v0=4m/s的初速度向B運動并壓縮彈簧（彈簧始終在彈性限度內(nèi)），當(dāng)A、B速度相等時，B與C恰好相碰并粘接在一起，然后接著運動。假設(shè)B和C碰撞時間極短，則以下說法正確的是（）A.從A起先運動到彈簧壓縮最短時A的速度大小為2m/sB.從A起先運動到彈簧壓縮最短時C受到的沖量大小為4N·sC.從A起先運動到A與彈簧分別的過程中整個系統(tǒng)損失的機械能為3JD.在A、B、C相互作用過程中彈簧的最大彈性勢能為16J【答案】BC【解析】【分析】【詳解】A．對A、B通過彈簧作用的過程中，當(dāng)?shù)谝淮嗡俣认嗤瑫r，取向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0=2mv1解得v1=2m/s設(shè)A、B其次次速度相同時的速度大小v2，此時彈簧最短。對ABC系統(tǒng)，取向右為正方向，依據(jù)動量守恒定律得mv0=3mv2解得從A起先運動到彈簧壓縮最短時A的速度大小為；選項A錯誤；B．從起先到彈簧最短時，即從起先到A、B其次次速度相同時，對C依據(jù)動量定理I=mv2-0=4N?s故B正確；C．B與C碰撞的過程，B、C組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得mv1=2mv3解得BC粘接后瞬間共同速度為v3=1m/s從BC碰撞到A與彈簧分別的過程，由系統(tǒng)的動量守恒和機械能守恒得mv1+2mv3=mvA+2mvBC從起先到A與彈簧分別的過程中整個系統(tǒng)損失的機械能為聯(lián)立解得△E=3J故C正確。

D．AB兩物體第一次共速時彈簧的彈性勢能則當(dāng)彈簧被壓縮到最短時，由能量關(guān)系可知Epm=13J即在A、B、C相互作用過程中彈簧的最大彈性勢能為13J。故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，絕緣水平面內(nèi)固定有一間距d=lm、電阻不計的足夠長光滑矩形導(dǎo)軌AKDC，導(dǎo)軌兩端接有阻值分別為R1=3Ω和R2=6Ω的定值電阻.矩形區(qū)域AKFE、NMCD范圍內(nèi)均有方向豎直向下、磁感應(yīng)強度大小B=1T的勻強磁場I和Ⅱ。一質(zhì)量m=0.2kg，電阻r=1Ω的導(dǎo)體棒ab垂直放在導(dǎo)軌上AK與EF之間某處，在方向水平向右、大小F0=2N的恒力作用下由靜止起先運動，剛到達(dá)EF時導(dǎo)體棒ab的速度大小v1=3m／s，導(dǎo)體棒ab進入磁場Ⅱ后，導(dǎo)體棒ab中通過的電流始終保持不變。導(dǎo)體棒ab在運動過程中始終保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，空氣阻力不計。則（）A.導(dǎo)體棒ab剛到達(dá)EF時的加速度大小為5m/s2B.兩磁場邊界EF和MN之間的距離L為1mC.若在導(dǎo)體棒ab剛到達(dá)MN時將恒力撤去，導(dǎo)體棒ab接著滑行的距離為3mD.若在導(dǎo)體棒ab剛到達(dá)MN時將恒力撤去，導(dǎo)體棒ab接著滑行的過程中整個回路產(chǎn)生的焦耳熱為3.6J【答案】AD【解析】【詳解】A．導(dǎo)體棒ab剛要到達(dá)EF時，在磁場中切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E1=Bdv1經(jīng)分析可知，此時導(dǎo)體棒ab所受安培力的方向水平向左，由牛頓其次定律，則有F0-BI1d=ma1依據(jù)閉合電路的歐姆定律，則有上式中解得a1=5m/s2選項A正確；

B．導(dǎo)體棒ab進入磁場Ⅱ后，受到的安培力與F0平衡，做勻速直線運動，導(dǎo)體棒ab中通過的電流I2，保持不變，則有F0=BI2d其中設(shè)導(dǎo)體棒ab從EF運動到MN的過程中的加速度大小為a2，依據(jù)牛頓其次定律，則有F0=ma2導(dǎo)體棒ab在EF，MN之間做勻加速直線運動，則有解得L=1.35m選項B錯誤；

C．對撤去F0后，導(dǎo)體棒ab接著滑行的過程中，依據(jù)牛頓其次定律和閉合電路歐姆定律，則有BId=ma而若△t→0，則有由以上三式可得則有即解得s=3.6m選項C錯誤；D．依據(jù)能量守恒定律，則有因v2=6m/s，代入數(shù)據(jù)解得Q=3.6J選項D正確。故選AD。二、試驗題9.某同學(xué)做驗證向心力與線速度關(guān)系的試驗．裝置如圖所示，一輕質(zhì)細(xì)線上端固定在拉力傳感器上，下端懸掛一小鋼球．鋼球靜止時剛好位于光電門中心．主要試驗步驟如下：①用游標(biāo)卡尺測出鋼球直徑d；②將鋼球懸掛靜止不動，此時力傳感器示數(shù)為F1，用米尺量出線長L；③將鋼球拉到適當(dāng)?shù)母叨忍庒尫?，光電門計時器測出鋼球的遮光時間為t，力傳感器示數(shù)的最大值為F2；已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間，請用上述測得的物理量表示：（1）鋼球經(jīng)過光電門時的線速度表達(dá)式v＝____，向心力表達(dá)式＝____；（2）鋼球經(jīng)過光電門時所受合力的表達(dá)式F合＝___；（3）若在試驗誤差允許的范圍內(nèi)F向＝F合，則驗證了向心力與線速度的關(guān)系．該試驗可能的誤差有：____．（寫出一條即可）【答案】(1).(2).(3).(4).擺線得長度測量由誤差【解析】【詳解】（1）小球的直徑d，遮光時間為t，所以通過光電門的速度：，依據(jù)題意知，小球圓周運動的半徑為：，小球質(zhì)量：，向心力表達(dá)式：（2）鋼球經(jīng)過光電門時只受重力和繩的拉力，所受合力為：（3）依據(jù)向心力表達(dá)式知，可能在測量擺線長度時存在誤差10.某同學(xué)想要測量一只量程已知的電壓表V的內(nèi)阻，試驗室供應(yīng)的器材如下：A．電池組（電動勢約為3V，內(nèi)阻不計）B．待測電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）一只C．電流表A（量程3A，內(nèi)阻15Ω）一只D．滑動變阻器R1（最大阻值為15kΩ）一個E．變阻箱R2（0~9999Ω）一個F．開關(guān)和導(dǎo)線若干(1)該同學(xué)設(shè)計了如下圖所示的兩個試驗電路圖，為了較精確地測出該電壓表內(nèi)阻，你認(rèn)為合理且可行的是_______。(2)用你選擇的電路進行試驗時，閉合電鍵，變更阻值，記錄須要干脆測量的物理量：電壓表的示數(shù)U和_________（填上文字和符號）。(3)為了能作出相應(yīng)的直線圖線，便利計算出電壓表的內(nèi)阻，依據(jù)所測物理量建立適當(dāng)?shù)膱D象_________（填字母序號）。A.B.C.D.(4)依據(jù)前面所做的選擇，若利用試驗數(shù)據(jù)所作圖像的斜率為k、截距為b，則待測電壓表V內(nèi)阻的表達(dá)式RV=_______。【答案】(1).A(2).電阻R(3).C(4).【解析】【詳解】(1)[1]．圖B電路

中由于滑動變阻器最大阻值為15kΩ，電路電流較小，變更阻值過程中，電流表讀數(shù)變更范圍太小，因此B電路不合理。圖A電路，由于電阻箱R2電阻最大阻值為9999Ω，變更電阻箱阻值可以變更電壓表示數(shù)，測出多組試驗數(shù)據(jù)，因此比較合理的試驗電路是圖A。(2)[2]．選擇電路A進行試驗時，閉合電鍵，變更阻值，記錄須要干脆測量的物理量：電壓表的示數(shù)U和電阻箱R2的阻值R。(3)[3]．由于電源內(nèi)阻可以忽視不計，由閉合電路歐姆定律可得此式可改寫為以R為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，作出?R圖象，用圖象法處理試驗數(shù)據(jù)，故選C。

(4)[4]．由，則?R圖象的斜率截距則電壓表內(nèi)阻三、解答題11.水平桌面上有兩個玩具車A和B，兩者用一輕質(zhì)細(xì)橡皮筋相連，在橡皮筋上有一紅色標(biāo)記R。在初始時橡皮筋處于拉直狀態(tài)，A、B和R分別位于直角坐標(biāo)系中的（0，3l）、（0，0）和（0，2l）點。已知A從靜止起先沿y軸正方向做勻加速直線運動，同時B沿x軸正方向以速度v做勻速直線運動。在兩車此后運動的過程中，標(biāo)記R在某時刻通過點P（2l，4l）。假定橡皮筋的伸長是勻稱的，且在彈性限度內(nèi)，求：(1)標(biāo)記R從靜止起先運動到點P（2l，4l）的位移；(2)A運動的加速度大小?！敬鸢浮?1)，方向與x軸正方向成；(2)【解析】【詳解】(1)標(biāo)記R的位移方向與x軸正方向成即(2)因為起先時AR:BR=1：2，可知當(dāng)R到達(dá)P點時DP:PC=1：2，依據(jù)相像三角形關(guān)系可知OC=BD=6l，則AD=3l，由運動公式解得12.限制帶電粒子的運動在現(xiàn)代科學(xué)技術(shù)、生產(chǎn)生活、儀器電器等方面有廣泛的應(yīng)用。如圖，以豎直向上為y軸正方向建立直角坐標(biāo)系，該真空中存在方向沿x軸正方向、電場強度大小N/C的勻強電場和方向垂直xOy平面對外、磁感應(yīng)強度大小B=0.5T的勻強磁場。原點O處的粒子源連綿不斷地放射速度大小和方向肯定、質(zhì)量、電荷量q=-2×10-6C的粒子束，粒子恰能在xOy平面內(nèi)做直線運動，重力加速度為g=10m/s2，不計粒子間的相互作用。(1)求粒子放射速度的大小；(2)若保持E初始狀態(tài)和粒子束的初速度不變，在粒子從O點射出時馬上取消磁場，求粒子從O點射出運動到距離y軸最遠(yuǎn)（粒子在x>0區(qū)域內(nèi)）的過程中重力所做的功（不考慮磁場變更產(chǎn)生的影響）；(3)若保持E、B初始狀態(tài)和粒子束的初速度不變，在粒子束運動過程中，突然將電場變?yōu)樨Q直向下、場強大小變?yōu)镹/C，求從O點射出的全部粒子第一次打在x軸上的坐標(biāo)范圍（不考慮電場變更產(chǎn)生的影響）?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)粒子恰能在xoy平面內(nèi)做直線運動，則粒子在垂直速度方向上所受合外力肯定為零；又有電場力和重力為恒力，其在垂直速度方向上重量不變，而要保證該方向上合外力為零，則洛倫茲力大小不變；因為洛倫茲力F洛=Bvq，所以速度大小不變，即粒子做勻速直線運動，重力、電場力和磁場力三個力的合力為零；設(shè)重力與電場力合力與-y軸夾角為θ，粒子受力如圖所示，

所以所以代數(shù)數(shù)據(jù)解得v=20m/s(2)粒子出射的速度方向與x軸正向夾角為則θ=60°撤去磁場后，粒子在水平向右的方向做勻減速運動，速度減為零后反向加速；豎直向下方向做勻加速運動，當(dāng)再次回到y(tǒng)軸時，沿y軸負(fù)向的位移最大，此時重力功解得(3)若在粒子束運動過程中，突然將電場變?yōu)樨Q直向下、場強大小變?yōu)镋′=5N/C，則電場力F電′＝qE′＝mg，電場力方向豎直向上；所以粒子所受合外力就洛倫茲力，則有，洛倫茲力作向心力，即所以

如上圖所示，由幾何關(guān)系可知，當(dāng)粒子在O點時就變更電場，第一次打在x軸上的橫坐標(biāo)最小當(dāng)變更電場時粒子所在處與粒子打在x軸上的位置之間的距離為2R時，第一次打在x軸上的橫坐標(biāo)最大所以從O點射出的全部粒子第一次打在x軸上的坐標(biāo)范圍為x1≤x≤x2，即四、選考題13.下列說法中正確的是（）A.布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動的反映B.氣體分子速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律C.肯定質(zhì)量的志向氣體，在溫度不變而體積增大時，單位時間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)肯定增大D.因為液體表面層中分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，從而使得液體表面具有收縮的趨勢E.隨著分子間距離增大，分子間作用力減小，分子勢能也隨之減小【答案】ABD【解析】【詳解】A．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運動，是液體分子的無規(guī)則運動的反映，選項A正確；B．氣體分子速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律，選項B正確；C．肯定質(zhì)量的志向氣體，在溫度不變時分子平均速率不變，而體積增大時，壓強減小，分子數(shù)密度減小，則單位時間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)肯定減小，選項C錯誤；D．因為液體表面層中分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，從而使得液體表面具有收縮的趨勢，選項D正確；E．當(dāng)分子間距r>r0時，分子力表現(xiàn)為引力，隨著分子間距離增大，分子力先增加后減小，因分子表現(xiàn)為引力，則分子距離增大時，分子力做負(fù)功，分子勢能增加，選項E錯誤。故選ABD。14.定質(zhì)量的志向氣體經(jīng)過如圖所示的變更過程:A—B—C.己知氣體在初始A狀態(tài)的壓強為，體積為，溫度為,BA連線的延，線經(jīng)過坐標(biāo)原點，A—B過程中，氣體從外界汲取熱量為Q，B狀態(tài)溫度為T．試求：①氣體在B狀態(tài)時的體積和在C狀態(tài)時的壓強；②氣體從A—B—C整個過程中內(nèi)能的變更．【答案】①，T②Q-p0（-1）V0【解析】【詳解】①氣體從A變更到B時，發(fā)生等壓變更，設(shè)B狀態(tài)時的體積為V，依據(jù)蓋呂薩克定律得到

解得V=T

氣體從B變更到C時，發(fā)生等溫變更，設(shè)C狀態(tài)時的壓強為p，依據(jù)玻意耳定律，p0V=pV0

解得：p=T

②氣體從B→C過程中溫度不變，內(nèi)能不變．

氣體從A→B過程中，體積變大，氣體對外做功W=-P△V=-p0（-1）V0

氣體從外界汲取熱量為Q，

依據(jù)熱力學(xué)第肯定律，內(nèi)能的變更△U=Q+W=Q-p0