2022年昆明市第二中學物理高一第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)在電場中某一點，當放入正荷時受到的電場力向右，當放入負電荷時受到的電場力向左，下列判斷正確的是()A．當放入正電荷時，該點的場強方向向右；當放入負電荷時，該點的場強方向向左B．該點的場強方向一定向右C．該點的場強方向一定向左D．該點的場強方向與所受電場力較大的那個電荷受力方向一致2、(本題9分)轉筆深受廣大中學生的喜愛，如圖所示，其中也包含了許多的物理知識，假設某轉筆高手能讓筆繞其上的某一點O做勻速圓周運動，下列有關該同學轉筆中涉及到的物理知識的敘述正確的是:A．筆桿上的點離O點越近的，做圓周運動的向心加速度越小B．筆桿上的點離O點越近的，做圓周運動的線速度越大C．筆桿上的點離O點越近的，做圓周運動的角速度越小D．筆桿上的各點做圓周運動的向心力是由萬有引力提供的3、(本題9分)如圖所示，兩架殲–10A戰(zhàn)機組成雙機編隊伴飛時，甲飛機上的飛行員發(fā)現(xiàn)乙飛機是“靜止的”，則其選取得參考系是A．地面上的觀眾 B．甲飛機C．遠處的地面 D．乙飛機4、(本題9分)中國的面食文化博大精深，種類繁多，其中“山西刀削面”堪稱天下一絕，傳統(tǒng)的操作手法是一手托面，一手拿刀，直接將面削到開水鍋里．如圖所示，小面圈剛被削離時距開水鍋的高度為h，與鍋沿的水平距離為L，鍋的半徑也為L，將削出的小面圈的運動視為平拋運動，且小面圈都落入鍋中，重力加速度為g，則下列關于所有小面圈在空中運動的描述錯誤的是（）A．運動的時間都相同B．速度的變化量都相同C．落入鍋中時，最大速度是最小速度的3倍D．若初速度為v0，則5、如圖所示，a為固定在地球赤道上隨地球自轉的物體，b為沿地球表面附近做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星，c為地球同步衛(wèi)星，關于a、b、c的下列說法中正確的是（）A．線速度的大小關系為va<vb<vcB．周期關系為Ta=Tc>TbC．加速度大小關系為aa>ab>acD．地球對a、b、c的萬有引力等于其各自做圓周運動所需的向心力6、如圖所示，一個正點電荷q（重力不計）從兩平行帶電金屬板左端中央處以初動能Ek射入勻強電場中，它飛出電場時的動能變?yōu)?Ek，若此點電荷飛入電場時其速度大小增加為原來的2倍而方向不變，它飛出電場時的動能變?yōu)椋ǎ〢．4Ek B．4.25Ek C．5Ek D．8Ek7、(本題9分)如圖所示，兩個完全相同的光滑小球P、Q，放置在墻壁和斜木板之間，當斜木板和豎直墻壁的夾角θ角緩慢減小時（），則（）A．墻壁、木板受到P球的壓力均增大B．墻壁、木板受到P球的壓力均減小C．Q球對P球的壓力增大，對木板的壓力減小D．P球受到墻壁、木板和Q球的作用力的合力不變8、(本題9分)鉛蓄電池的電動勢為2V，下列說法正確的是（）A．電路中每通過2C的電荷量，鉛蓄電池把2J的化學能轉化為電能．B．鉛蓄電池在未接入電路時，電池兩端的電壓等于2V．C．鉛蓄電池在1S內總是將2J的化學能轉變成電能．D．鉛蓄電池將化學能轉化為電能的本領比一節(jié)1.5V的干電池大．9、如圖所示，在光滑水平面上停放質量為M=3kg裝有弧形槽的小車?，F(xiàn)有一質量為m=1kg的小球以v0=4m/s的水平速度沿與切線水平的槽口向小車滑去(不計一切摩擦)，到達某一高度后，小球又返回小車右端，則（）A．小球在小車上到達最高點時豎直方向速度大小為1m/sB．小球離車后，對地將向右做平拋運動C．小球離車后，對地將做自由落體運動D．此過程中小球對車做的功為6J10、(本題9分)如圖所示，圓心在O點，半徑為R的圓弧軌道abc豎直固定在水平桌面上，Oc與Oa的夾角為60°，軌道最低點a與桌面相切．一段不可伸長的輕繩兩端系著質量分別為m和4m的小球A和B（均可視為質點），掛在圓弧軌道邊緣c的兩邊，開始時，B位于c點，從靜止釋放，設輕繩足夠長，不計一切摩擦，則在B球由c下滑到a的過程中（）A．兩球速度大小始終相等B．重力對小球B做功的功率一直不變C．小球A的機械能一直增加D．小球B經(jīng)過a點時的速度大小為11、(本題9分)如圖所示的裝置中，木塊B放在光滑的水平桌面上，子彈A以水平速度射入木塊后(子彈與木塊作用時間極短)，子彈立即停在木塊內．然后將輕彈簧壓縮到最短，已知本塊B的質量為M，子彈的質量為m，現(xiàn)將子彈、木塊和彈簧合在一起作為研究對象(系統(tǒng))，則從子彈開始入射木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中A．系統(tǒng)的動量不守恒，機械能守恒B．系統(tǒng)的動量守恒，機械能不守恒C．系統(tǒng)損失的機械能為D．彈簧最大的彈性勢能小于12、如圖所示的電路中，當R3的滑動頭向右滑動時，以下判斷正確的是A．電流表示數(shù)變大 B．電容器帶電量減小C．電壓表示數(shù)變大 D．R1消耗功率變小二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)用打點計時器打出下落物體帶動的紙帶如下圖所示．電源的頻率為50Hz，從紙帶上中間部分取出連續(xù)的六個計時點A、B、C、D、B、F，用米尺測出A、B兩點間距離=4.08cm，E、F兩點間距離=5.64cm，試寫出用、和相鄰兩點間時間間隔T計算重力加速度的公式g=________，代入數(shù)據(jù)求出g=_____m/s2．14、（10分）(本題9分)某物理興趣小組在探究平拋運動規(guī)律的實驗時,用頻閃照相機對準小方格背景照相，拍攝到了如圖所示的照片，已知小方格邊長，取當?shù)氐闹亓铀俣葹椤Ｔ嚮卮鹣铝袉栴}：（1）圖中的位置a____（選填“是”或“不是”）平拋運動的起點．（2）小球做平拋運動的初速度大小為____.（3）小球在c位置的速度大小為___.三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)觀測到某一衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運動，衛(wèi)星距地面的高度為h．已知地球半徑為R，地球質量為M，引力常量為求：（1）衛(wèi)星繞地球運行時速度v；（2）衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的周期T．16、（12分）(本題9分)如圖，光滑水平直軌道上有三個質量均為m的物塊A、B、C。B的左側固定一輕彈簧（彈簧左側的擋板質量不計).設A以速度ｖ0朝B運動，壓縮彈簧；當A、B速度相等時，B與C恰好相碰并粘接在一起，然后繼續(xù)運動。假設B和C碰撞過程時間極短。求從Ａ開始壓縮彈簧直至與彈簧分離的過程中，求：（1）碰撞過程中C物塊受到的沖量大小；（2）B、C碰撞前彈簧壓縮到最短時的彈性勢能與B、C碰撞后彈簧壓縮到最短時的彈性勢能之比；17、（12分）(本題9分)玻爾在盧瑟福的原子核式結構學說的基礎上，提出具有量子特征的氫原子模型，其能級圖如圖所示．有一個發(fā)光管里裝有大量處于n＝4能級的氫原子，利用這個發(fā)光管的光線照射金屬鈉的表面．已知金屬鈉的極限頻率是5.53×1014Hz，普朗克常量h＝6.63×10－34J·s，1eV＝1.6×10－19J.(1)發(fā)光管可能發(fā)射幾種不同能量的光子？(2)發(fā)光管能使金屬鈉發(fā)生光電效應嗎(通過計算回答)?(3)求出發(fā)光管照射金屬鈉所發(fā)射的光電子的最大初動能．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

電場強度是由電場本身決定，與試探電荷的有無，電量的大小，電性，電場力的大小，方向無關，電場強度的方向與正電荷所受電場力的方向相同，與負電荷所受電場力的方向相反，故該點的場強的方向向右，故選項B正確，A、C、D錯誤．2、A【解析】C、筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以角速度是相等的，故C錯誤；A、由向心加速度公式，筆桿上的點離O點越近的，做圓周運動的向心加速度越小，故A正確；B、根據(jù)可知，筆桿上的點離O點越近的，做圓周運動的線速度越小，故B錯誤；D、筆桿上的桿上的各點做圓周運動的向心力是由桿的彈力提供的，與萬有引力無關，故D錯誤；故選A．【點睛】各點的角速度是相等的，根據(jù)向心加速度公式確定向心加速度大小，根據(jù)各確定向心線速度大小，筆桿上的各點做圓周運動的向心力是桿的彈力提供．3、B【解析】

飛機相對于地面上的觀眾、遠處的地面都是運動的，所以以地面上的觀眾、遠處的地面為參考系，乙飛機都是運動的。故AC錯誤。因為兩架飛機在空中以相同速度同向飛行，以甲飛機為參照物，甲與乙飛機之間的相對位置沒有發(fā)生變化，所以認為乙是靜止的。故B正確。研究乙的運動情況，不能以乙自身為參考系。故D錯誤。4、C【解析】

A、根據(jù)可得運動的時間，所有小面圈在空中運動的時間都相同，故選項A正確；B、根據(jù)可得所有小面圈的速度的變化量都相同，故選項B正確；CD、因為水平位移的范圍為，則水平最小初速度為，水平最大初速度為：，則水平初速度速度的范圍為：；落入鍋中時，最大速度，最小速度為，故選項D正確，C錯誤．錯誤的故選選項C．5、B【解析】

A．a(chǎn)、c運行的角速度相等，根據(jù)v=ωr知，va＜vc．對于b、c衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力提供了向心力，得，可得，，知vc＜vb．所以有va＜vc＜vb．故A錯誤．B．a(chǎn)、c轉動的周期相等．根據(jù)可得，知Tc＞Tb，所以有Ta=Tc＞Tb．故B正確．C．a(chǎn)、c運行的角速度相等，根據(jù)a=ω2r，知ac＞aa．根據(jù)可得，知ab＞ac．所以有ab＞ac＞aa．故C錯誤．D．地球對b、c的萬有引力等于其各自做圓周運動所需的向心力，而對于a，地球對的萬有引力和地面支持力的合力等于a做圓周運動所需的向心力，故D錯誤；6、B【解析】

兩個過程中帶電粒子做類平拋運動，水平方向勻速直線，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，兩過程初速度不同故在磁場中運動時間不同，在豎直方向的位移不同，最后用動能定理求解【詳解】設粒子第一個過程中初速度為v，Ek＝，電場寬度L，第一個過程中沿電場線方向的位移為：第一個過程由動能定理：qEy1=2Ek-Ek第二個過程中沿電場線方向的位移為：y2＝qEy2=Ek末-4Ek解得：Ek末=4.25Ek故應選：B?！军c睛】動能定理的應用注意一個問題，列式時不能列某一方向的動能定理，只能對總運動過程列一個式子。7、ACD【解析】

AB、以小球P、Q為研究對象，處于平衡裝態(tài)，根據(jù)受力平衡，由圖可知，墻壁對球的壓力F2逐漸增大，木板對球的支持力F1逐漸增大，根據(jù)牛頓第三定律可知墻壁受到的壓力增大，木板受到的壓力增大，故A正確，B錯誤；C、以小球Q為研究對象，處于平衡裝態(tài)，根據(jù)受力平衡，P球對Q球的支持力，木板給Q球的支持力，當斜木板和豎直墻壁的夾角θ角緩慢減小時，P球對Q球的支持力增大，擋板給Q球的支持力減小，根據(jù)牛頓第三定律可知Q球對P球的壓力增大，對木板的壓力減小，故C正確；D、小球P為研究對象，處于平衡裝態(tài)，合外力為零，P球受到重力、墻壁對球的壓力、木板對球的支持力和Q球對P球的壓力，所以P球受到墻壁、木板和Q球的作用力的合力與P球受到重力大小相等，方向相反，故D正確；故選ACD．【點睛】對球進行正確受力分析，把握其受力特點：一個力大小和方向不變（重力），一個力方向不變（墻給球的支持力），另一個力的大小、方向均發(fā)生變化（擋板給球的作用力），對于這類動態(tài)平衡問題，可以采用“圖解法”進行．8、BD【解析】試題分析：電路中每通過1C電荷量，鉛蓄電池將1C的正電荷從負極移至正極的過程中，克服靜電力做功為2J，故電勢能增加2J，即2J化學能轉化為電能，與時間無關，故A對、C錯；蓄電池開路時的電壓為2V，B錯；電動勢表示電源把其他形式的能轉化為電能的本領，電動勢大，轉化的本領強，故D對．考點：電源的電動勢．【名師點睛】電動勢（1）電源：電源是通過非靜電力做功把其它形式的能轉化成電勢能的裝置．（2）電動勢：非靜電力搬運電荷所做的功與搬運的電荷量的比值，E＝，單位：V.（3）電動勢的物理含義：電動勢表示電源把其它形式的能轉化成電勢能本領的大小，在數(shù)值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓．9、BD【解析】

A.小球在小車上到達最高點時，小球與小車速度相等，方向水平，所以此時小球在小車上到達最高點時豎直方向速度大小為0，故A錯誤；BC.以小球與小車為系統(tǒng)，水平方向動量守恒，由動量守恒定律得：；不計一切摩擦，機械能守恒，由機械能守恒定律得：。解得小球離車的速度，小球離車時車的速度，負號表示方向向右，故小球離車后，對地將向右做平拋運動，故B正確，C錯誤；D.由動能定理得：此過程中小球對車做的功為，故D正確。10、CD【解析】

根據(jù)速度的分解知識可知，B球的速度沿繩子方向的分速度等于A的速度，則兩球速度大小不是始終相等，選項A錯誤；重力瞬時功率公式為P=mgvcosα，α是重力與速度的夾角．一開始B球是由靜止釋放的，所以B球在開始時重力的功率為零；B球運動到a點時，α=90°，重力的功率也為零，所以重力對小球B做功的功率先增大后減小，故B錯誤．在B球由c下滑到a的過程中，繩子的拉力一直對A球做正功，由功能原理可知，A球的機械能一直增加．故C正確．設小球B經(jīng)過a點時的速度大小為v1，此時A球的速度大小為v1．則有：v1=v1cos30°;由系統(tǒng)的機械能守恒得：4mgR（1-cos60°）=mgR+；聯(lián)立解得v1=．故D正確．故選CD．【點睛】本題解題的關鍵是對兩個小球運動情況的分析，知道兩球沿繩子方向的分速度大小相等以及系統(tǒng)的機械能守恒；能用特殊位置法判斷B的重力的瞬時功率．11、CD【解析】

AB.由于子彈射入木塊過程中，二者之間存在著摩擦，故此過程系統(tǒng)機械能不守恒，子彈與木塊一起壓縮彈簧的過程中，速度逐漸減小到零，所以此過程動量不守恒，故整個過程中，系統(tǒng)動量、機械能均不守恒，故AB錯誤；C.對子彈和木塊由動量守恒及能量守恒得，，系統(tǒng)損失的機械能為，故C正確；D.由于子彈和木塊碰撞有機械能損失，所以最終彈簧彈性勢能小于最初的動能，故D正確．12、AB【解析】

當R3的滑動頭向右滑動時，接入電路的電阻減小，電路的總電阻減小，電流變大，則電流表示數(shù)變大，電阻R1兩端電壓變大，R1消耗功率變大，則R3兩端的電壓減小，電壓表的示數(shù)變小，故A正確，CD錯誤。電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，由上分析可知其電壓減小，由Q=CU知，帶電量減小，故B正確。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、;9.75;【解析】根據(jù)，得，代入數(shù)據(jù)解得.14、不是2.0【解析】

[2]設相鄰兩點間的時間間隔為T，在豎直方向解得水平方向[3]小球在c點時，豎直方向上的瞬時速度等于所以c點的速度[1]因小球在c點時，豎直方向上的瞬時速度等于則a點的豎直分速度可知a不是拋出點?！军c睛】平拋運動豎直方向是自由落體運動，對于豎直方向根據(jù)求出時間單位T。對于水平方向由公式求出初速度；根據(jù)b點的豎直分速度，結合速度時間公式求出a點的豎直分速度，從而確定a點是否是拋出點。三、計算題要求解題步驟，