四川省南充市2025屆高三物理上學(xué)期12月適應(yīng)性考試試題含解析

PAGE18-四川省南充市2025屆高三物理上學(xué)期12月適應(yīng)性考試試題（含解析）二、選擇題1.愛(ài)因斯坦曾多次闡述：“當(dāng)一物離開(kāi)他物足夠遠(yuǎn)時(shí)，將始終保持靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．”這一表述和下列哪肯定律是類(lèi)似A.牛頓第肯定律 B.牛頓其次定律C.牛頓第三定律 D.萬(wàn)有引力定律【答案】A【解析】【分析】本題考查牛頓第肯定律的概念?！驹斀狻緼BCD.牛頓第肯定律的表述為，任何物體都要保持勻速直線運(yùn)動(dòng)或靜止?fàn)顟B(tài)，直到外力迫使它變更運(yùn)動(dòng)狀態(tài)為止，故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。2.如圖為一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象，則該質(zhì)點(diǎn)A.前8s的平均速度為6m/s B.前8s的加速度為1.5m/s2C.前10s的平均速度為3m/s D.10s時(shí)距離動(dòng)身點(diǎn)最遠(yuǎn)【答案】B【解析】【分析】本題考查v-t圖的物理意義。【詳解】A.v-t圖的面積代表位移，可知前8s的位移為零，故A錯(cuò)誤；B.v-t圖的斜率為加速度，則前8s的加速度為1.5m/s2，故B正確；C.由圖可知，前10s的位移為6m，則平均速度為，故C錯(cuò)誤；D.10s時(shí)距離動(dòng)身點(diǎn)為6m，4s時(shí)距離動(dòng)身點(diǎn)為12m，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖，自動(dòng)卸貨車(chē)靜止在水平地面上，質(zhì)量為m的貨物放在車(chē)廂內(nèi)擋板旁邊，車(chē)廂在液壓機(jī)的作用下，θ角緩慢增大，當(dāng)θ增大到肯定角度時(shí)貨物起先加速下滑，貨物與車(chē)廂的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g．若貨物還未離開(kāi)車(chē)廂，下列說(shuō)法正確的是A.θ增大過(guò)程中，貨物對(duì)車(chē)廂壓力大小不變B.θ增大過(guò)程中，貨物的摩擦力大小等于mgcosθC.貨物加速下滑時(shí)，貨車(chē)受到地面對(duì)右的摩擦力D.貨物加速下滑時(shí)，地面對(duì)貨車(chē)的支持力小于貨車(chē)和貨物重力之和【答案】D【解析】【分析】本題考查牛頓定律在斜面上的應(yīng)用?！驹斀狻緼.對(duì)貨物受力分析可知，貨物受到的支持力當(dāng)角度變更時(shí)，支持力也變更，故A錯(cuò)誤；B.對(duì)貨物受力分析可知，貨物受到的摩擦力故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)貨物加速下滑時(shí)，對(duì)貨物進(jìn)行受力分析，受到重力、支持力，滑動(dòng)摩擦力，因?yàn)榧铀俣妊匦泵鎸?duì)下，所以支持力和滑動(dòng)摩擦力的合力的方向偏向左上方，依據(jù)牛頓第三定律可知，物體對(duì)車(chē)廂的壓力和摩擦力的合力方向偏向右下方，對(duì)車(chē)廂進(jìn)行受力分析可知，地面對(duì)汽車(chē)有向左的摩擦力，故C錯(cuò)誤；D.當(dāng)貨物相對(duì)車(chē)廂加速下滑時(shí)，物體對(duì)車(chē)廂的壓力和摩擦力的合力小于貨物的重力，所以汽車(chē)對(duì)地面的壓力小于貨物和汽車(chē)的總重力，故D正確。故選D。4.如圖所示,細(xì)線的一端固定于O點(diǎn),另一端系一小球.在水平拉力作用下,小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn).在此過(guò)程中拉力的瞬時(shí)功率變更狀況是A.漸漸增大B.漸漸減小C.先增大,后減小D.先減小,后增大【答案】A【解析】試題分析：因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)．設(shè)繩子與豎直方向夾角是，則（F與G的合力必與繩子拉力在同始終線上），解得，而水平拉力F的方向與速度v的方向夾角也是，所以水平力F的瞬時(shí)功率是，則，故從A到B的過(guò)程中，是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時(shí)功率是始終增大的，故A正確考點(diǎn)：考查了功率的計(jì)算【名師點(diǎn)睛】依據(jù)小球做圓周運(yùn)動(dòng)，合力供應(yīng)向心力，即合力指向圓心，求出水平拉力和重力的關(guān)系，依據(jù)得出拉力瞬時(shí)功率的表達(dá)式，從而推斷出拉力瞬時(shí)功率的變更5.一個(gè)高爾夫球靜止于平坦的地面上．在t=0時(shí)球被擊出，若不計(jì)空氣阻力的影響，飛行中球的速率與時(shí)間的關(guān)系如圖，依據(jù)圖象供應(yīng)的信息不能求出的物理量是A.高爾夫球的飛行時(shí)間 B.高爾夫球上升的最大高度C.人擊球時(shí)對(duì)高爾夫球做的功 D.高爾夫球落地時(shí)離擊球點(diǎn)的距離【答案】C【解析】【分析】本題考查v-t圖的物理意義?！驹斀狻緼.不計(jì)空氣阻力，高爾夫球落到水平地面上時(shí)，速率相等，由圖看出，小球5s時(shí)刻落地，故A錯(cuò)誤；B.小球的初速度大小為v0=31m/s，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為v=19m/s，由動(dòng)能定理得-由此式可求出最大高度h，故B錯(cuò)誤；C.由動(dòng)能定理得，人擊球時(shí)對(duì)高爾夫球做的功由于高爾夫球的質(zhì)量m未知，無(wú)法求出W，故C正確；D.高爾夫球水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向分速度vx=19m/s，運(yùn)動(dòng)時(shí)間已知，則可求落地點(diǎn)的距離，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖，兩塊正對(duì)平行金屬板M、N與電池相連，N板接地，在與兩板等距離的P點(diǎn)固定一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，假如M板向下平移一小段距離，則A.點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力變大 B.M板的帶電荷量增加C.P點(diǎn)的電勢(shì)不變 D.點(diǎn)電荷在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能增大【答案】AB【解析】【分析】本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析?！驹斀狻緼.由題分析得知，電容器的板間電壓保持不變，將M板向下平移一小段距離，板間距離減小，由公式可知，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力增大，故A正確；B.電容器的板間電壓保持不變，將M板向下平移一小段距離，板間距離減小，電容器的電容C增大，依據(jù)可知，M板的帶電量增加，故B正確；C.板間場(chǎng)強(qiáng)增大，P點(diǎn)與下板間的距離未變，則由，可知P點(diǎn)與下極板之間電勢(shì)差增大，下極板電勢(shì)為零，且P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則P點(diǎn)的電勢(shì)上升，故C錯(cuò)誤；D.該點(diǎn)電荷帶負(fù)電，而P點(diǎn)電勢(shì)上升，則點(diǎn)電荷在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤。故選AB。7.一質(zhì)量為m的帶電粒子，以初速度v0從a點(diǎn)豎直向上射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右．粒子通過(guò)電場(chǎng)中的b點(diǎn)時(shí)，速率為2v0，方向與電場(chǎng)方向一樣，重力加速度為g，則A.粒子受電場(chǎng)力大小為mg B.粒子受電場(chǎng)力大小為2mgC.粒子從a到b機(jī)械能增加了2mv20 D.粒子從a到b機(jī)械能增加了【答案】BC【解析】【分析】本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)?！驹斀狻緼B.從a到b水平和豎直方向的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，且都做勻變速運(yùn)動(dòng)，水平方向?yàn)?v0，所以水平方向加速度是豎直方向的2倍，則電場(chǎng)力大小為2mg，故B正確A錯(cuò)誤；CD.從a到b因電場(chǎng)力做正功，所以機(jī)械能增加，電場(chǎng)力做功為，故C正確D錯(cuò)誤。故選BC。8.如圖甲所示，兩個(gè)等量正點(diǎn)電荷固定在絕緣水平面上，O、A、B、C是其連線中垂線上位于豎直方向上的四點(diǎn)，一帶電量為+2×10-2C，質(zhì)量為4×10-2kg的小球從A點(diǎn)靜止釋放，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線），C點(diǎn)處的切線平行于t軸，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球電荷量保持不變，己知A、B兩點(diǎn)間距離為0.8m.，B、C兩點(diǎn)間的距離為2.7m，g＝10m/s2,下列說(shuō)法中正確的是A.AB兩點(diǎn)電勢(shì)差UAB=0.16VB.小物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做的功W＝4×10-3JC.B點(diǎn)為AC間電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)大小E＝20.4V/mD.由A到C的過(guò)程中小物塊的電勢(shì)能先減小后變大【答案】AB【解析】【分析】本題考查等量同種點(diǎn)電荷四周的電場(chǎng)分布?！驹斀狻緼.由A到B動(dòng)能定理：解得：故A正確；B.從B到C由電場(chǎng)力做功可知：解得：故B正確；C.由v-t圖可知，B點(diǎn)的斜率最大，加速度最大，最大加速度為由牛頓其次定律得：解得：故C錯(cuò)誤；D.由于從A到C電場(chǎng)力始終做正功，故電勢(shì)能始終減小。故D錯(cuò)誤。故選AB。三、非選擇題9.為了探究加速度a與力F的關(guān)系，某小組同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的試驗(yàn)裝置，力傳感器可測(cè)出小車(chē)所受拉力大小，小車(chē)和力傳感器的總質(zhì)量為M，砂和砂桶的質(zhì)量為m，滑輪的質(zhì)量m0.（1）試驗(yàn)時(shí)，肯定要進(jìn)行的操作是____；A.用天平測(cè)量滑輪的質(zhì)量m0B.用天平測(cè)出小車(chē)和力傳感器的質(zhì)量MC.小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車(chē)，打出一條紙帶，同時(shí)記錄力傳感器的示數(shù)D.為減小誤差，試驗(yàn)中肯定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量M（2）丙同學(xué)在試驗(yàn)中得到如圖乙所示的一條紙帶（兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出），測(cè)得AC長(zhǎng)為14.56cm，CD長(zhǎng)為11.15cm，DE長(zhǎng)為13.73cm.己知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器采納的是周期為0.02s的溝通電，依據(jù)紙帶可求出小車(chē)的加速度為_(kāi)__m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；（3）丁同學(xué)以力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫(huà)出的a-F圖象是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)成一夾角，則圖線的斜率k＝____．（用M、m、m0、g中的符號(hào)表示）．【答案】(1).BC(2).2.58(3).【解析】【分析】本題考查探究物體的加速度與力的關(guān)系試驗(yàn)?！驹斀狻?1).[1]AD.本題拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，不須要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不須要使小桶(包括砂)的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車(chē)的總質(zhì)量，故AD錯(cuò)誤；B.試驗(yàn)時(shí)需將長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；C.試驗(yàn)時(shí)，小車(chē)應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車(chē)，需記錄傳感器的示數(shù)，故C正確。故選BC。(2)[2]由勻變速運(yùn)動(dòng)連續(xù)相等時(shí)間的位移差可得：解得：(3)[3]由牛頓定律可知得：故斜率為。10.如圖甲是由某種金屬制成的勻稱(chēng)空心柱體，其橫截面內(nèi)外均為正方形，電阻約為5，為比較精確測(cè)量其電阻率，試驗(yàn)室供應(yīng)以下器材：A.電流表：量程0.6A中，內(nèi)阻0.2;B.電壓表V1：量程3V，內(nèi)阻約3k；C.電壓表V2：量程15V,內(nèi)阻約5kD.滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值10,E.滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值1k；F.電源：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)得該導(dǎo)體截面的外邊長(zhǎng)D讀數(shù)如圖乙所示，則D=____mm;（2）用伏安法更精確測(cè)量該柱體的電阻，為使試驗(yàn)中數(shù)據(jù)有較大的測(cè)量范圍，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇___（填儀器前的符號(hào)），電壓表應(yīng)選______（填儀器前的符號(hào)），電路圖應(yīng)選擇______（填電路圖下方的代號(hào)）電路為本次試驗(yàn)應(yīng)當(dāng)采納的最佳電路；A.B.C.D.（3）若該空心導(dǎo)體橫截面的外正方形的邊長(zhǎng)為D，橫截面金屬厚度為d，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，電流表讀數(shù)為I，電壓表讀數(shù)為U，電流表內(nèi)阻為RA，用以上符號(hào)表示該柱體材料的電阻率＝_____________?！敬鸢浮?1).3050mm(2).D(3).B(4).A(5).【解析】【分析】本題考查用伏安法測(cè)電阻的試驗(yàn)?！驹斀狻浚?）[1]由題可知，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為30.50mm；（2）[2]因題目要求試驗(yàn)數(shù)據(jù)有較大的測(cè)量范圍，則滑動(dòng)變阻器需采納分壓的接法，故滑動(dòng)變阻器用D；[3]電源電動(dòng)勢(shì)為3V，故電壓表選B；[4]電流表內(nèi)阻已知，故電流表采納內(nèi)接的方法，故電路圖A正確。（3）[5]由歐姆定律由電阻率公式，其中解得：11.如圖，AB是長(zhǎng)L＝lm的絕緣水平面，BD段為半徑R＝0.2m的絕緣光滑半圓軌道，兩段軌道相切于B點(diǎn)，軌道AB處于在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小E＝4.0×102V/m．一質(zhì)量為m＝2.0×10－2kg，所帶電荷量q＝＋5.0×10－4C的小球，以v0＝4.0m/s的速度從A點(diǎn)沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入半圓軌道后，恰能通過(guò)最高點(diǎn)D，g取10m/s2（小球可視為質(zhì)點(diǎn)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程無(wú)電荷轉(zhuǎn)移），求：（1）滑塊通過(guò)D點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）滑塊在B點(diǎn)時(shí)，滑塊對(duì)軌道壓力大??；（3）軌道AB與小球的動(dòng)摩擦因數(shù)．【答案】（1）m/s；（2）1.2N（3）0.15N【解析】【分析】本題考查動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律的應(yīng)用?！驹斀狻浚?）由題可知，小球恰能通過(guò)最高點(diǎn)D，此時(shí)重力供應(yīng)向心力，則由向心力公式：解得：（2）從B到D由動(dòng)能定理可知：解得：在B點(diǎn)，由重力和支持力的合力供應(yīng)向心力，則有：解得：所以軌道對(duì)小球的支持力為1.2N。（3）由題可知，小球在AB段做勻減速運(yùn)動(dòng)，由受力分析可知：解得：12.如圖所示，OP為固定的水平軌道，ON段光滑，NP段粗糙，NP段長(zhǎng)為L(zhǎng)＝l.5m，一輕彈簧一端固定在軌道左側(cè)O點(diǎn)的豎直擋板上，另一端自然伸長(zhǎng)時(shí)在N點(diǎn)，P點(diǎn)右側(cè)有一與水平方向成θ＝37o角的足夠長(zhǎng)的傳送帶PQ與水平面在P點(diǎn)平滑連接，傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的速率恒為v＝3m/s．現(xiàn)用力將質(zhì)量m＝2kg小物塊A緩慢向左壓縮彈簧至M點(diǎn)，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能EP＝3lJ，然后由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)與一個(gè)和A相同物塊B發(fā)生碰撞，時(shí)間極短，碰撞時(shí)無(wú)機(jī)械能損失．A與NP段間的動(dòng)摩擦因數(shù)1＝0.2，B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)2＝0.25，重力加速度g取10m/s2，，求：（1）第一次碰撞前瞬間A的速度大??；（2）第一次碰撞后A、B的速度大??；（3）從A、B第一次碰撞后到其次次碰撞間經(jīng)驗(yàn)的時(shí)間t．（最終結(jié)果可用根號(hào)表示）【答案】（1）5m/s；（2）0，5m/s（3）s.【解析】【分析】本題考查動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律的應(yīng)用?！驹斀狻浚?）設(shè)第一次碰撞前A的速度為v0，從M到P由動(dòng)能定理可知：解得：（2）設(shè)第一次碰撞后A、B小球的速度分別為v1、v2，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒可知：解得：，（3）碰后B沿傳送帶向上勻減速運(yùn)動(dòng)到速度為零，加速度大小設(shè)為a1，則解得：運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：位移為：此后B反向加速，加速度仍為a1，與傳送帶共速時(shí)，加速時(shí)間為：位移為：接著B(niǎo)以加速度a2接著加速運(yùn)動(dòng)直到與A再次碰撞解得：運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間：（二）選考題13.下列說(shuō)法正確的是。A.氣體很簡(jiǎn)單充溢整個(gè)容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)B.“油膜法”估測(cè)分子大小試驗(yàn)中，可將純油酸干脆滴入淺盤(pán)的水面上C.溫度上升，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能肯定增大，但并非全部分子的速率都增大D.摩爾質(zhì)量為M(kg/mol),密度(kg/m3)的1m3的銅所含原子數(shù)為（阿伏伽德羅常數(shù)為NA)E.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)【答案】CDE【解析】【分析】本題考查熱學(xué)相關(guān)的學(xué)問(wèn)。【詳解】A.氣體總是很簡(jiǎn)單充溢整個(gè)容器，這是分子熱運(yùn)動(dòng)的宏觀表現(xiàn)，故A錯(cuò)誤；B.為形成單分子油膜，應(yīng)將油酸酒精溶液滴入淺盤(pán)的水面上，故B錯(cuò)誤；C.溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)記，溫度上升分子的平均動(dòng)能增大，分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，但個(gè)別分子的速率可能還會(huì)減小，故C正確；D.一個(gè)銅原子的體積為，1m3銅所含有的原子數(shù)為，故D正確；E.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)，故E正確。故選CDE。14.如圖所示，一長(zhǎng)L=37cm的導(dǎo)熱細(xì)玻璃管AB水平放置，B端密閉，A端開(kāi)口．在玻璃管內(nèi)用一段長(zhǎng)L1=25cm的水銀柱密閉一段長(zhǎng)L2=10cm的志向氣體．已知大氣壓強(qiáng)p0=75cmHg，氣體初始溫度為t1=27℃，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度間的關(guān)系為T(mén)=t+273K．（?。┤魧⒉ＡЧ芾@A端沿逆時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)，當(dāng)玻璃管與水平面的夾角為多少時(shí)水銀柱的下端剛好到達(dá)A端？（ⅱ）當(dāng)玻璃管轉(zhuǎn)到與水平面成角時(shí)，用一薄玻璃片將A端蓋住以防止管中水銀流出并對(duì)管中氣體加熱．當(dāng)加熱到溫度為t2時(shí)由靜止釋放玻璃管并同時(shí)快速抽去玻璃片，讓玻璃管做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落過(guò)程中玻璃管不發(fā)生翻轉(zhuǎn)，發(fā)覺(jué)在玻璃管下落過(guò)程中管中的水銀柱相對(duì)于玻璃管的位置不變，求t2．（玻璃管下落過(guò)程中管中氣體溫度不變）【答案】（?。áⅲ﹖2=87℃【解析】【詳解】（?。┏鯛顟B(tài)氣體壓強(qiáng)當(dāng)玻璃管與水平面夾角為時(shí)，依據(jù)平衡條件得氣體做等溫變更，依據(jù)玻意耳定律得解得（ⅱ）由題意可知因玻璃管做自由落體運(yùn)動(dòng)，水銀柱與玻璃管保持相對(duì)靜止，水銀柱處于完全失重狀態(tài)，故此狀態(tài)下管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)和外界大氣壓強(qiáng)相等，即氣體做等容變更，依據(jù)查理定律得解得T2=360K，t2=87℃15.一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在t＝0時(shí)刻的波形圖如圖所示，此時(shí)坐標(biāo)為（10，0）的質(zhì)點(diǎn)P剛好起先振動(dòng)，t1＝2.0s，坐標(biāo)為（0，0）的質(zhì)點(diǎn)剛好第3