四川省仁壽第二中學(xué)2024-2025學(xué)年高二生物10月月考試題

PAGE1-四川省仁壽其次中學(xué)2024-2025學(xué)年高二生物10月月考試題第Ⅰ卷一、選擇題：本題共13小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．下列關(guān)于生物變異的敘述，錯(cuò)誤的是（） A．堿基對(duì)替換所引發(fā)的基因突變不肯定會(huì)導(dǎo)致生物性狀發(fā)生變異B．基因突變的不定向性是指一個(gè)基因可突變?yōu)椴煌姆堑任换駽．正常狀況下一對(duì)夫婦所生的子女間的性狀差異來源于基因重組D．染色體結(jié)構(gòu)變異會(huì)導(dǎo)致染色體上基因數(shù)目或排列依次發(fā)生變更2．下列關(guān)于人類遺傳病的敘述，正確的是（）A．單基因遺傳病是指受一個(gè)基因限制的遺傳病B．多基因遺傳病在群體中的發(fā)病率一般比較低C．調(diào)查人類遺傳病發(fā)病率時(shí)常開展家庭系譜調(diào)查D．遺傳詢問和產(chǎn)前診斷可有效預(yù)防遺傳病的產(chǎn)生3．下列關(guān)于生物進(jìn)化和物種形成的敘述中，正確的是A．突變和基因重組會(huì)導(dǎo)致種群基因頻率的定向變更B．一般狀況下，生物進(jìn)化方向與基因突變方向一樣C．狼與兔的捕食關(guān)系導(dǎo)致它們的基因頻率定向變更D．地理隔離和生殖隔離是物種形成必不行少的條件4．下圖表示來源于四種不同生物的體細(xì)胞染色體組成，相關(guān)敘述不正確的是（）A．四種生物都可能是單倍體B．若甲圖是四倍體，其產(chǎn)生的單倍體可育C．乙圖可能是個(gè)別染色體數(shù)目的增加導(dǎo)致的D．丙和丁雜交，可得二倍體5．下列關(guān)于基因頻率、基因型頻率與生物進(jìn)化的敘述正確的是（）A．一個(gè)種群中，限制一對(duì)相對(duì)性狀的各種基因型頻率發(fā)生變更，說明物種在進(jìn)化B．在一個(gè)種群中，限制一對(duì)相對(duì)性狀的各種基因型頻率之和為1C．基因型Aa的個(gè)體自交后代所形成的種群中，A基因的頻率大于a基因的頻率D．因色盲患者中男性數(shù)量大于女性，所以男性群體中色盲的基因頻率大于女性群體6．如圖表示環(huán)境條件發(fā)生變更后某個(gè)種群中A和a基因頻率的變更狀況,下列說法正確的是()A．環(huán)境條件發(fā)生變更后,使生物產(chǎn)生適應(yīng)性的變異B．在變更過程中,P點(diǎn)時(shí)Aa的基因型頻率最小C．Q點(diǎn)表示環(huán)境發(fā)生了變更,A基因限制的性狀更加適應(yīng)環(huán)境D．該種群基因庫中A和a的基因頻率的變更表示新物種將產(chǎn)生31、（9分）下圖表示人類鐮刀型細(xì)胞貧血癥的病因(已知谷氨酸的密碼子是GAA、GAG)。(1)圖中①②表示的遺傳信息傳遞過程分別是:①;②。過程①發(fā)生的時(shí)間是,場所是。

(2)α鏈堿基組成是,β鏈堿基組成是。

(3)若正常基因片段中的CTT突變?yōu)镃TC,由此限制的生物性狀(填“會(huì)”或“不會(huì)”)發(fā)生變更,理由是:。32．（11分）下圖為水稻的幾種不同育種方法的示意圖，請(qǐng)據(jù)圖回答：（1）B過程常用的方法是__________；可能用到秋水仙素的過程有______（用圖中字母表示）。（2）可以打破物種界限的育種方法是______（用圖中的字母表示），該方法所運(yùn)用的原理是______，該方法所須要的工具酶是______。（3）假設(shè)要培育一個(gè)能穩(wěn)定遺傳的水稻品種，它的性狀都是由隱性基因限制的，則最簡潔的育種方法是______（用圖中的字母表示）；假如它的性狀都是由顯性基因限制的，為縮短育種時(shí)間常采納的方法是______（用圖中的字母表示）。（4）現(xiàn)有三個(gè)水稻品種：①的基因型為aaBBDD，②的基因型為AAbbDD，③的基因型AABBdd。這三對(duì)等位基因分別位于三對(duì)同源染色體上。請(qǐng)通過雜交育種方法利用以上三個(gè)品種獲得基因型為aabbdd的植株（用文字簡要描述獲得過程即可）：________________________________________。33．某植物種群中，AA基因型個(gè)體占30%，aa基因型個(gè)體占20%，回答下列相關(guān)問題：(1)依據(jù)現(xiàn)代生物進(jìn)化理論觀點(diǎn)：生物進(jìn)化的基本單位是________，________導(dǎo)致新物種的形成。(2)該植物種群A、a的基因頻率分別是____________。(3)若該植物自交，后代中AA、Aa基因型頻率分別是________________。(4)依據(jù)現(xiàn)代生物進(jìn)化理論，這種植物自交后是否發(fā)生了進(jìn)化？________，理由是__________________。34．（12分）如圖是人類某一家族遺傳病甲和乙的遺傳系譜圖。甲病受A，a這對(duì)等位基因限制，乙病受B，b這對(duì)等位基因限制，且甲、乙其中之一是伴性遺傳?。ú豢紤]XY同源區(qū)段）。（1）甲病屬于__________，乙病屬于__________。A常染色體顯性遺傳病B常染色體隱性遺傳病C伴X染色體顯性遺傳病D伴X染色體隱性遺傳病E伴Y染色體遺傳?。?）寫出下列個(gè)體可能的基因型：Ⅲ—7_______________；Ⅲ—10______________。（3）Ⅲ—8是純合子的可能性是__________。（4）Ⅲ—8與Ⅲ—10結(jié)婚，生育子女中只患一種病的可能性是__________，既不患甲病也不患乙病的可能性是__________。35．（12分）某二倍體雌雄異株（XY型性別確定）花卉植物，群體全部開紅花（純合子），限制花色的基因（A或a）只位于X染色體上，在栽培過程中出現(xiàn)一株全部開紫花的雄株，經(jīng)顯微鏡視察其染色體正常。請(qǐng)回答問題：⑴該花卉植物的紫花與紅花是一對(duì)_________。⑵該紫花雄株的出現(xiàn)，其緣由可能是環(huán)境引起的變異，也有可能是隱性突變引起的變異，還有可能是顯性突變引起的變異，請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)一試驗(yàn)方案探究其變異的緣由，寫出試驗(yàn)思路及預(yù)期結(jié)果和結(jié)論。10月聯(lián)考生物答案1.B 2.D3.C4.D5.B6.C31、（9分，除標(biāo)注，每空1分）.(1)復(fù)制轉(zhuǎn)錄有絲分裂間期、減數(shù)第一次分裂前的間期細(xì)胞核(2)CATGUA(3)不會(huì)因?yàn)楫?dāng)基因中的CTT突變成CTC時(shí),轉(zhuǎn)錄的信使RNA上的密碼子由GAA變成GAG,但這兩個(gè)密碼子確定的氨基酸均為谷氨酸,所以翻譯的蛋白質(zhì)不變,生物的性狀不變。（2分）32．（11分，除標(biāo)注，每空1分）（1）花藥離體培育C、F（2分）（2）E基因重組限制酶、DNA連接酶（2分）（3）A、DA、B、C（4）①與②雜交得到雜交一代，雜交一代與③雜交得到雜交二代，雜交二代自交可以得到基因型為aabbdd的植株（合理即可）（2分）33．（10分，除標(biāo)注，每空2分）(1)種群（1分）隔離（1分）(2)55%、45%(3)42.5%、25%(4)否種群基因頻率沒有變更34.（12分，除標(biāo)注，每空2分）（1）B（1分）D（1分）（2）AAXBY或AaXBYAAXbY或AaXbY（3）1/2（4）5/121/235．（12分）⑴相對(duì)性狀（2分）⑵用該紫花雄株與紅花雌株雜交（2分），若F1雌株開紫花，雄株開紅花，則為顯性突變（2分）；若F1雌雄株都開紅花，則還須要用F1雌雄株雜交（2分），若F2雌雄株都開紅花，則為環(huán)境引起的變異（2分），若F2雌株開紅花，雄株一半開紅花，一半開紫花，則為隱性突變（2分）。參考答案一、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分.14～18題為單選題，19～21題為多選題，全部選對(duì)的得6分，有選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14．答案D解析電場強(qiáng)度E與F、q無關(guān)，由電場本身確定，A錯(cuò)誤；電容C與Q、U無關(guān)，由電容器本身確定，B錯(cuò)誤；E＝keq\f(Q,r2)是確定式，C錯(cuò)誤；故選D.15．答案C解析接觸前，兩小球之間的庫侖力為F＝keq\f(q·7q,r2)＝7keq\f(q2,r2)，接觸后兩者所帶電荷量為q′＝eq\f(7q－q,2)＝3q，兩小球之間的庫侖力為F′＝keq\f(3q·3q,r2)＝9keq\f(q2,r2)，故F′∶F＝9∶7，C正確．16．答案C解析電容器保持和電源連接，電壓U肯定，在平行板電容器中插入電介質(zhì)，由C＝eq\f(εrS,4πkd)知電容增大，由C＝eq\f(Q,U)知帶電荷量增加，電容器充電，電路中有b到a方向的電流通過電流計(jì)，故A錯(cuò)誤．減小平行板電容器兩極板間的距離，由C＝eq\f(εrS,4πkd)知電容增大，由C＝eq\f(Q,U)知帶電荷量增加，電容器充電，電路中有b到a方向的電流通過電流計(jì)，故B錯(cuò)誤．減小平行板電容器兩極板的正對(duì)面積，由C＝eq\f(εrS,4πkd)知電容減小，由C＝eq\f(Q,U)知帶電荷量減小，電容器放電，電路中有a到b方向的電流通過電流計(jì)，故C正確．同理D錯(cuò)誤．17.答案D解析＋Q在P點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向右，－Q在P點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)方向也向右，依據(jù)疊加原理可知P點(diǎn)的場強(qiáng)不為0，故A錯(cuò)誤．AC連線是等量異種點(diǎn)電荷電場中一條等勢線，故A、C兩點(diǎn)的電勢相等，故B錯(cuò)誤．AC連線是等量異種點(diǎn)電荷電場中一條等勢線，點(diǎn)電荷＋q沿直線從A到C的過程中電勢能不變，故C錯(cuò)誤．依據(jù)順著電場線方向電勢降低，結(jié)合電場線的分布狀況可知，B點(diǎn)的電勢高于D點(diǎn)電勢，由電勢能公式Ep＝qφ分析可知：點(diǎn)電荷－q在B點(diǎn)具有的電勢能小于在D點(diǎn)具有的電勢能，故D正確．18.答案C解析連接AB，由題意可知，AB中點(diǎn)C點(diǎn)電勢應(yīng)與坐標(biāo)原點(diǎn)O相等，連線OC即為等勢線，與等勢線OC垂直的方向?yàn)殡妶龅姆较?，故電場方向由B→A，其大小E＝eq\f(U,d)＝eq\f(10\r(2)＋10\r(2),\r(2)×0.2)V/m＝100V/m，選項(xiàng)C正確．19．答案AB解析對(duì)a、b小球受力分析，依據(jù)平衡條件有：mag＝eq\f(F庫,tanα)，mbg＝eq\f(F庫,tanβ)，由于β>α，所以ma>mb，故A正確．ma>mb，因此水平方向上每一時(shí)刻a的加速度小于b的加速度．豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，依據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性可知，兩球同時(shí)落地，故B正確．a(chǎn)球的電荷量和b球的電荷量大小無法推斷，故C錯(cuò)誤．由于水平方向上每一時(shí)刻a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飛行的距離比b球小，故D錯(cuò)誤．20．答案ABC解析由題圖乙知帶電粒子的速度減小，受到向左的電場力，故電場線方向向右，P點(diǎn)電勢肯定高于Q點(diǎn)電勢，故A正確；由題圖乙可知，P處的加速度大于Q處的加速度，故P處的場強(qiáng)大于Q處的場強(qiáng)，故B正確；由動(dòng)能定理知－qU＝0－eq\f(1,2)mv02，可求出PQ兩點(diǎn)的電勢差為eq\f(mv\o\al(

2,0),2q)，故C正確；負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大，故帶負(fù)電的粒子在P點(diǎn)的電勢能肯定小于在Q點(diǎn)的電勢能，故D錯(cuò)誤．21．答案AC解析從t＝0時(shí)刻釋放電子，假如兩板間距離足夠大，電子將向右先勻加速eq\f(T,2)，接著勻減速eq\f(T,2)，速度減小到零后，又起先向右勻加速eq\f(T,2)，接著勻減速eq\f(T,2)……直到打在右極板上，電子不行能向左運(yùn)動(dòng)；假如兩板間距離不夠大，電子也始終向右運(yùn)動(dòng)，直到打到右極板上．從t＝eq\f(T,4)時(shí)刻釋放電子，假如兩板間距離足夠大，電子將向右先勻加速eq\f(T,4)，接著勻減速eq\f(T,4)，速度減小到零后，改為向左再勻加速eq\f(T,4)，接著勻減速eq\f(T,4)，即在兩板間振動(dòng)；假如兩板間距離不夠大，則電子在第一次向右運(yùn)動(dòng)過程中就有可能打在右極板上．從t＝eq\f(3T,8)時(shí)刻釋放電子，假如兩板間距離不夠大，電子將在第一次向右運(yùn)動(dòng)過程中就打在右極板上；假如第一次向右運(yùn)動(dòng)沒有打在右極板上，那就肯定會(huì)在向左運(yùn)動(dòng)過程中打在左極板上．選A、C.二、非選擇題(本題共4小題，共62分)22．(8分）I．(1)2分(2)BD2分II．負(fù)電2分2分（8分）（1）限制變量法2分A2分變大2分不變2分24.答案(1)1×104N/C(2)600V(3)－200V解析(1)電子由D到C電場力做正功W＝eELCDcos60°E＝1×104N/C.(2)由題知，電子受到的電場力方向向上，電子帶負(fù)電，則場強(qiáng)方向?yàn)锳→B.A、B間電勢差為UAB＝EdAB＝1×104×6×10－2V＝600V.(3)A、D間電勢差為UAD＝EdAD＝ELCDcos60°＝1×104×4×10－2×0.5V＝200VφA－φD＝200V，φA＝0解得φD＝－200V.25．答案(1)eq\f(mg－qEsinα,m)(2)eq\f(5,2)R(3)3qER解析(1)由牛頓其次定律有(mg－qE)sinα＝ma解得a＝eq\f(mg－qEsinα,m).(2)球恰能過B點(diǎn)有：mg－qE＝meq\f(v\o\al(B2),R)①由動(dòng)能定理，從A點(diǎn)到B點(diǎn)過程，則有：(mg－qE)(h1－2R)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(B2)－0②由①②解得h1＝eq\f(5,2)R.(3)從釋放到B的過程中，因電場力做的總功為負(fù)功，電勢能增加，則增加量：ΔE＝qE(h2－2R)＝qE(5R－2R)＝3qER.由能量守恒定律得機(jī)械能削減，且削減量為3qER.26．答案(1)4.0×10－16J(2)0.36cm(3)5.76×10－18J解析(1)電子在加速電場中，依據(jù)動(dòng)能定理有eU1＝Ek解得Ek＝4.0×10－16J.(2)設(shè)電子在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，電子在水平方向