四川省樹德中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期11月階段性檢測(cè)試題含解析

PAGE19-四川省樹德中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期11月階段性檢測(cè)試題（含解析）二、選擇題:（本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1.一小球從水平地面上方無初速釋放，與地面發(fā)生碰撞后反彈至速度為零，假設(shè)小球與地面碰撞沒有機(jī)械能損失，運(yùn)動(dòng)時(shí)的空氣阻力大小不變，下列說法正確的是A.上升過程中小球動(dòng)量變更量等于該過程中空氣阻力的沖量B.小球與地面碰撞過程中，地面對(duì)小球的沖量為零C.下落過程中小球動(dòng)能的變更量等于該過程中重力做的功D.從釋放到反彈至速度為零過程中小球克服空氣阻力做的功等于重力做的功【答案】D【解析】依據(jù)動(dòng)量定理可知，上升過程中小球動(dòng)量變更量等于該過程中重力和空氣阻力的合力的沖量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球與地面碰撞過程中，由動(dòng)量定理得：,可知地面對(duì)小球的沖量Ft不為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；下落過程中小球動(dòng)能的變更量等于該過程中重力和空氣阻力做功代數(shù)和，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由能量守恒關(guān)系可知，從釋放到反彈至速度為零過程中小球克服空氣阻力做的功等于重力做的功，選項(xiàng)D正確；故選D.2.如圖所示,表面粗糙的斜劈C放置在粗糙水平地面上,細(xì)線繞過滑輪O1和O2連接在豎直墻O處,連接A物體的細(xì)線與斜劈平行，,滑輪O固定在斜劈上，動(dòng)滑輪O2跨在細(xì)線上，其下端懸掛B物體。A與C物體始終靜止,不計(jì)細(xì)線與滑輪間的摩擦,下列說法正確的是（）A.漸漸增大B物體質(zhì)量,地面對(duì)斜劈的摩擦力漸漸變大B.漸漸減小B物體質(zhì)量,A物體受到的摩擦力漸漸變小C.將懸點(diǎn)O下移少許,細(xì)線與豎直墻而夾角變大D.將懸點(diǎn)O上移少許,滑輪O1受到細(xì)線的彈力變小【答案】A【解析】【詳解】A.漸漸增大B物體質(zhì)量，細(xì)線中的張力增大，將AC作為整體，細(xì)線AO1拉力水平分力增大，由平衡可知，地面對(duì)斜劈的摩擦力漸漸變大，故A正確；B.漸漸減小B物休質(zhì)量，細(xì)線中的張力減小，由于A物體的重力沿斜面對(duì)下的分力與細(xì)線張力大小關(guān)系不清晰，所以A物體受到的摩擦力大小無法推斷，故B錯(cuò)誤；CD.設(shè)墻與斜面間的水平距離為d，O1O間繩長為L，細(xì)線O2O與墻間的夾角為θ，由平衡可知，細(xì)線O2O1與豎直方向的夾角也為θ，由幾何關(guān)系可知，，由于距離d和細(xì)線長L不變，所以不管將懸點(diǎn)O下移少許還是將懸點(diǎn)O上移少許，細(xì)線O2O1與豎直方向的夾角不變，所以∠O1O2O不變，由平行四邊形定則可知，細(xì)線中的張力不變，滑輪O1受到細(xì)線的彈力不變，故CD錯(cuò)誤；3.如圖，虛線I、Ⅱ、Ⅲ分別表示地球衛(wèi)星的三條軌道，其中軌道I為與第一宇宙速度7.9km/s對(duì)應(yīng)的近地環(huán)繞圓軌道，軌道Ⅱ?yàn)闄E圓軌道，軌道Ⅲ為與其次宇宙速度11.2km/s對(duì)應(yīng)的脫離軌道，a、b、c三點(diǎn)分別位于三條軌道上，b點(diǎn)為軌道Ⅱ的遠(yuǎn)地點(diǎn)，b、c點(diǎn)與地心的距離均為軌道I半徑的2倍，則（）A.衛(wèi)星在軌道Ⅱ的運(yùn)行周期為軌道I的2倍B.衛(wèi)星經(jīng)過a點(diǎn)的速率為經(jīng)過b點(diǎn)的倍C.衛(wèi)星在a點(diǎn)的加速度大小為在c點(diǎn)的3倍D.質(zhì)量相同的衛(wèi)星在b點(diǎn)的機(jī)械能小于在c點(diǎn)的機(jī)械能【答案】D【解析】【詳解】A.軌道I的半徑為R，則軌道Ⅱ的半長軸為則由開普勒第三定律得：，即，則A錯(cuò)誤；B.在a點(diǎn)在軌道I做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力供應(yīng)向心力，則有；，在軌道Ⅱ上b點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，萬有引力大于向心力，則：，則，則B錯(cuò)誤；C.由，得，即在a點(diǎn)的加速度大小為在c點(diǎn)的4倍，則C錯(cuò)誤；D.在b點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，在c點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，則c點(diǎn)的速度大于b點(diǎn)的速度，c點(diǎn)動(dòng)能大于b點(diǎn)的動(dòng)能，又兩點(diǎn)勢(shì)能相等，故衛(wèi)星在b點(diǎn)的機(jī)械能小于在c點(diǎn)的機(jī)械能，則D正確；4.如圖,為排球場(chǎng)示意圖,場(chǎng)地長為MN,網(wǎng)AB高為H。某次訓(xùn)練時(shí),從網(wǎng)左側(cè)P點(diǎn)正上方O處,將質(zhì)量為m的球沿垂直于網(wǎng)的方向水平擊出,球恰好通過網(wǎng)的上沿落到右側(cè)底線N處,從擊球到球落地用時(shí)為t。已知MA=NA,AP=,取重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（）A.擊球點(diǎn)的高度與網(wǎng)高度之比為4:3B.球在網(wǎng)左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)速度變更量之比為1:2C.球的重力勢(shì)能削減了D.球過網(wǎng)時(shí)與落到右側(cè)底線時(shí)動(dòng)能之比為1:9【答案】B【解析】【詳解】A.因?yàn)榕徘蛩椒较蜃鰟蛩龠\(yùn)動(dòng)，網(wǎng)右側(cè)的水平位移是左邊水平位移的兩倍，所以網(wǎng)右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間是左側(cè)的兩倍，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng),依據(jù)可知，球在左邊和整個(gè)過程中下降的高度比為：1:9，所以擊球點(diǎn)的高度與網(wǎng)高之比為：9:8，故A錯(cuò)誤；B.網(wǎng)右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間是左側(cè)的兩倍，，所以乒乓球在左、右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)速度變更量之比為1:2；故B正確；C.擊球點(diǎn)的高度與網(wǎng)高之比為9:8，所以擊球點(diǎn)的高度為，球的重力勢(shì)能削減了，故C錯(cuò)誤；D.球恰好通過網(wǎng)的上沿的時(shí)間為落到右側(cè)桌邊緣的時(shí)間的，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，依據(jù)可知，球恰好通過網(wǎng)的上沿的豎直分速度與落到右側(cè)桌邊緣的豎直分速度之比為1:3，但水平速度比為1:1，故球過網(wǎng)時(shí)與落到右側(cè)底線時(shí)動(dòng)能之比不行能為1:9，故D錯(cuò)誤；5.高鐵己成為重要的“中國名片”，領(lǐng)跑世界。一輛由8節(jié)車廂編組的列車，從車頭起先的第2、3、6和7共四節(jié)為動(dòng)力車廂，其余為非動(dòng)力車廂。列車在平直軌道上勻加速啟動(dòng)時(shí)，若每節(jié)動(dòng)力車廂牽引力大小為F，每節(jié)車廂質(zhì)量都為m，每節(jié)車廂所受阻力為車廂重力的k倍。重力加速度為g。則A.啟動(dòng)時(shí)車廂對(duì)乘客作用力的方向豎直向上B.整列車的加速度大小為C.第2節(jié)車廂對(duì)第1節(jié)車廂的作用力大小為D.第2節(jié)車廂對(duì)第3節(jié)車廂的作用力大小為【答案】BC【解析】【分析】依據(jù)牛頓其次定律，對(duì)整體車廂列式可求解加速度；隔離第1節(jié)車廂可求解第2節(jié)車廂對(duì)第1節(jié)車廂的作用力大?。桓綦x2、3節(jié)車廂可求解第2節(jié)車廂對(duì)第3節(jié)車廂的作用力大小.【詳解】啟動(dòng)時(shí)車廂對(duì)乘客豎直方向有豎直向上的支持力，水平方向有沿動(dòng)車運(yùn)動(dòng)方向的水平摩擦力兩個(gè)力的合力方向斜向上方，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)整體列車，依據(jù)牛頓其次定律：4F-8kmg=8ma，解得，選項(xiàng)B正確；對(duì)第1節(jié)車廂，依據(jù)牛頓其次定律：F21-kmg=ma，解得F21=，選項(xiàng)C正確；對(duì)第1、2節(jié)車廂的整體，依據(jù)牛頓其次定律：F32+F-2kmg=2ma，解得F32=0，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.6.如圖所示，將質(zhì)量為M1、半徑為R且內(nèi)壁光滑的半圓槽置于光滑水平面上，左側(cè)靠墻角，右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊。今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方h高處從靜止起先落下，與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是A.小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過程中，小球、半圓槽組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒C.若小球能從C點(diǎn)離開半圓槽，則其肯定會(huì)做豎直上拋運(yùn)動(dòng)D.若小球剛好到達(dá)C點(diǎn)，則【答案】D【解析】【詳解】AB．小球從AB的過程中，半圓槽對(duì)球的支持力沿半徑方向指向圓心，而小球?qū)Π雸A槽的壓力方向相反指向左下方，因?yàn)橛胸Q直墻攔住，所以半圓槽不會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，可見，該過程中，小球與半圓槽在水平方向受到外力作用，動(dòng)量并不守恒，而由小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量也不守恒，但對(duì)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；從B→C的過程中，小球?qū)Π雸A槽的壓力方向向右下方，所以半圓槽要向右推動(dòng)物塊一起運(yùn)動(dòng)，因而小球參加了兩個(gè)運(yùn)動(dòng)：一個(gè)是沿半圓槽的圓周運(yùn)動(dòng)，另一個(gè)是與半圓槽一起向右運(yùn)動(dòng)，小球所受支持力方向與速度方向并不垂直，此過程中，因?yàn)橛形飰K攔住，小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量并不守恒，在小球運(yùn)動(dòng)的全過程，水平方向動(dòng)量也不守恒，由于半圓槽要對(duì)滑塊做功，則對(duì)小球、半圓槽組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，它的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的合速度方向并不是豎直向上，所以此后小球做斜上拋運(yùn)動(dòng)，即選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度，從B到C的過程中，對(duì)小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒：由能量關(guān)系可知：聯(lián)立解得：選項(xiàng)D正確。7.如圖所示，懸掛于O點(diǎn)輕質(zhì)彈簧，勁度系數(shù)k＝100N/m，其下端拴一質(zhì)量m＝1kg的小物體A，緊挨物體A有一質(zhì)量M＝2kg的物體B，現(xiàn)對(duì)B施加一個(gè)豎直向上、大小為38N的力F，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)突然變更力F的大小，使物體A、B以加速度a＝2m/s2勻加速下降，直到A、B兩物體分別，取g＝10m/s2，則（）A.兩物體剛起先勻加速下降時(shí)，力F大小為8NB.兩物體分別時(shí)，彈簧剛好復(fù)原原長C.變更力F的大小后經(jīng)0.4s,A、B兩物體分別D.從變更力F到兩物體分別的過程中，系統(tǒng)克服力F做的功為3.84J【答案】CD【解析】【詳解】A.系統(tǒng)靜止時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，令壓縮量為x1，則，代入數(shù)據(jù)得，A、B兩物體剛起先勻加速下降時(shí)有，代入數(shù)據(jù)得故A錯(cuò)誤；B.設(shè)經(jīng)時(shí)間t兩物體分別，A、B間的彈力為0，彈簧處于拉伸狀態(tài)，令拉伸量為x2，則對(duì)A有，代入數(shù)據(jù)得，故B錯(cuò)誤；C.A、B分別時(shí)A、B兩物體組成的系統(tǒng)下降的距離為，而，代入數(shù)據(jù)得，故C正確；D.因剛起先和兩物體分別時(shí)，彈簧的形變量一樣，整個(gè)過程彈簧彈力做功為零，由動(dòng)能定理知，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得，故D正確；8.如圖所示，光滑水平面上靜置一質(zhì)量為m、長為L的長木板B，木板上表面各處粗糙程度相同，一質(zhì)量為m的小物塊A(可視為質(zhì)點(diǎn))從左端以速度v沖上木板，當(dāng)v=v0時(shí)，小物塊A歷時(shí)t0恰好運(yùn)動(dòng)到木板右端與木板共速。此過程中A、B系統(tǒng)生熱為Q，則()A.若v=，A、B相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為B.若v=，A、B系統(tǒng)生熱為C若v=2v0，A經(jīng)驗(yàn)達(dá)木板右端D.若v=2v0，A、B系統(tǒng)生熱為Q【答案】AD【解析】【分析】對(duì)于A、B組成的系統(tǒng)，由于系統(tǒng)所受的合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出最終兩者的共同速度，再由對(duì)B，運(yùn)用動(dòng)量定理求運(yùn)動(dòng)時(shí)間。由系統(tǒng)的能量守恒求系統(tǒng)生熱。【詳解】A項(xiàng)：當(dāng)v=v0時(shí)，取向右為正方向，依據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mv0=2mv′代入數(shù)據(jù)得：v′=0.5v0對(duì)B，由動(dòng)量定理得：ft0=mv′可得：由能量守恒定律得：若，取向右為正方向，依據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：對(duì)B，由動(dòng)量定理得：ft=mv′解得：可得：AB系統(tǒng)生熱，故A正確，B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：若v=2v0，取向右為正方向，依據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m?2v0=mvA+mvB，A、B系統(tǒng)生熱等于系統(tǒng)克服摩擦力做功，與木板的長度有關(guān)，可知A、B系統(tǒng)生熱仍為Q。依據(jù)能量守恒定律得：結(jié)合上面解答有：對(duì)B，由動(dòng)量定理得：ft=mvB-0聯(lián)立解得：，，故C錯(cuò)誤，D正確?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要明確系統(tǒng)遵守兩大守恒定律：動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律，要知道摩擦生熱與相對(duì)位移有關(guān)。第Ⅱ卷三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必需做答。第33題～第38題為選考題，考生依據(jù)要求做答。9.某學(xué)習(xí)小組用如圖所示的試驗(yàn)裝置探究做功與動(dòng)能變更的關(guān)系。在水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上A處有一帶長方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一沙桶相連，沙桶和里面的細(xì)沙總質(zhì)量為m；遮光片兩條長邊與導(dǎo)軌垂直；導(dǎo)軌上B處有一光電門，可以測(cè)量遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的擋光時(shí)間為t，d表示遮光片的寬度，L表示遮光片右側(cè)初位置至光電門之間的距離，用g表示重力加速度。(1)該同學(xué)首先用游標(biāo)卡尺測(cè)量了遮光片的寬度，如圖所示，遮光片寬度的測(cè)量值d=___cm；(2)讓沙桶內(nèi)盛上適量細(xì)沙，測(cè)出沙桶和細(xì)沙的總質(zhì)量m，調(diào)整導(dǎo)軌傾角，讓滑塊恰好在A處靜止。剪斷細(xì)繩后，滑塊起先加速下滑，記錄遮光片通過光電門的時(shí)間t；保持滑塊的質(zhì)量M和遮光片右側(cè)初位置至光電門之間的距離L不變，變更沙桶內(nèi)細(xì)沙的質(zhì)量和導(dǎo)軌傾角，重復(fù)以上步驟，通過每次試驗(yàn)記錄的m和t，描點(diǎn)作出了一個(gè)線性關(guān)系的圖象，從而更直觀地探討滑塊動(dòng)能變更與合外力對(duì)它所做功的關(guān)系，處理數(shù)據(jù)時(shí)應(yīng)作出的圖象是________(請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母)。A．t—m圖象B．t2—m圖象C．t2—圖象D．—m2圖象(3)為了減小上述試驗(yàn)中的誤差，下列試驗(yàn)要求中不必要的一項(xiàng)是________(請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母)A．應(yīng)使沙桶和細(xì)沙的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊和遮光片的總質(zhì)量MB．應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些C．遮光片的寬度要適當(dāng)小些D．應(yīng)使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行【答案】(1).0.235(2).C(3).A【解析】【詳解】(1)[1]由游標(biāo)卡尺測(cè)量出遮光片的寬度(2)[2]測(cè)出沙桶和細(xì)沙的總質(zhì)量m，調(diào)整氣墊導(dǎo)軌傾角，讓滑塊恰好在A處靜止，則：剪斷細(xì)繩后，滑塊起先加速下滑，滑塊所受合力滑塊沿氣墊導(dǎo)軌滑行L，合外力對(duì)它所做功滑塊過光電門的速度滑塊沿氣墊導(dǎo)軌滑行L過程，滑塊動(dòng)能變更若合外力對(duì)它所做功等于滑塊動(dòng)能的變更，則整理得：為得到線性關(guān)系圖象，則應(yīng)作圖象A．t—m圖象，與分析不符，故A項(xiàng)不符合題意；B．t2—m圖象，與分析不符，故B項(xiàng)不符合題意；C．t2—圖象，與分析相符，故C項(xiàng)符合題意；D．—m2圖象，與分析不符，故D項(xiàng)不符合題意。(3)[3]A．據(jù)(2)分析知，滑塊下滑過程中合力等于沙桶和細(xì)沙的總重力，故A項(xiàng)不必要，即A項(xiàng)符合題意；B．應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些，減小測(cè)量L的相對(duì)誤差．故B項(xiàng)必要，即B項(xiàng)不符合題意；C．滑塊過光電門的速度是用遮光片通過光電門的平均速度替代，則遮光片的寬度要適當(dāng)小些，以減小速度測(cè)量的誤差．故C項(xiàng)必要，即C項(xiàng)不符合題意；D．細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行時(shí)，細(xì)線斷后，滑塊受到的合力才等于細(xì)線未斷時(shí)細(xì)線中的拉力．故D項(xiàng)必要，即D項(xiàng)不符合題意。10.小王和小李兩位同學(xué)分別測(cè)量電壓表V1的內(nèi)阻.（1）先用調(diào)好的歐姆表“×1K”擋粗測(cè)電壓表V1的內(nèi)阻，測(cè)量時(shí)歐姆表的黑表筆與電壓表的__________（填“＋”或“—”）接線柱接觸，測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，則粗測(cè)電壓表V1的內(nèi)阻為___________k.（2）為了精確測(cè)量電壓表V1的內(nèi)阻，小王同學(xué)用如圖乙所示的電路，閉合開關(guān)S1前將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最__________（填“左”或“右”）端，電阻箱接入電路的電阻調(diào)到最__________（填“大”或“小”），閉合開關(guān)S1，調(diào)整滑動(dòng)變阻器和電阻箱，使兩電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角度都較大，讀出電壓表V1、V2的示數(shù)分別為U1、U2，電阻箱的示數(shù)為R0，則被測(cè)電壓表V1的內(nèi)阻__________.（3）小李同學(xué)用如圖丙所示的電路，閉合開關(guān)S1，并將單刀雙擲開關(guān)S2打到1，調(diào)整滑動(dòng)變阻器的滑片，使電壓表V2的指針偏轉(zhuǎn)角度較大，并記錄電壓表V2的示數(shù)為U，再將單刀雙擲開關(guān)S2打到2，調(diào)整電阻箱，使電壓表V2的示數(shù)仍舊為U，此時(shí)電阻箱接入電阻的示數(shù)如圖丁所示，則被測(cè)電壓表V1的內(nèi)阻__________.【答案】(1).（1）＋，(2).9.0；(3).（2）左，(4).大，(5).；(6).（3）8455【解析】【詳解】（1）歐姆表的電流從黑表筆流出，因此黑表筆應(yīng)與電壓表的“＋”接線柱相連接，歐姆表的讀數(shù)為9.0k.（2）為愛護(hù)電路，閉合開關(guān)S1前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最左端，使輸出電壓為零，電阻箱接入電路的電阻最大，被測(cè)電壓表的內(nèi)阻.（3）被測(cè)電壓表的內(nèi)阻等于電阻箱的接入電路的阻值，即為8455.11.如圖所示，質(zhì)量分別為5m和m的P、Q兩球通過兩根長度均為l的不行伸長的細(xì)線懸掛．整個(gè)裝置處于風(fēng)洞試驗(yàn)室中，風(fēng)對(duì)兩個(gè)球產(chǎn)生大小相等、方向水平向右的恒定風(fēng)力．系統(tǒng)靜止時(shí)，兩根細(xì)線偏離豎直方向的角度分別為30°和60°，重力加速度為g，不計(jì)風(fēng)對(duì)細(xì)線的作用力．(1)求每個(gè)小球所受風(fēng)力的大??；(2)用一外力將P球緩慢拉到最低點(diǎn)P′，求該力所做的功；(3)在(2)中，P球位于P′處時(shí)剪斷下方細(xì)線并同時(shí)撤去外力，求P球此時(shí)的加速度及此后的最大動(dòng)能．【答案】(1);(2)(4－6)mgl;(3)(2－5)mgl【解析】【詳解】(1)解法①對(duì)Q分析，如圖1，有；解法②對(duì)整體分析，如圖2，有，解得；(2)因緩慢移動(dòng)，故不影響兩球的相對(duì)位置，如圖3由能量關(guān)系得：，即，解得；(3)解法①撤去F并剪斷細(xì)線，對(duì)P球：解得水平向右；如圖，P球擺到細(xì)線偏離豎直方向角度為θ時(shí)動(dòng)能為Ek由動(dòng)能定理，可得，由數(shù)學(xué)學(xué)問可得最大動(dòng)能；解法②設(shè)P球擺到細(xì)線偏離豎直方向角度為α?xí)r動(dòng)能最大，則有，解得，動(dòng)能；解法③在風(fēng)力場(chǎng)和重力場(chǎng)的等效場(chǎng)中，等效場(chǎng)力大小，方向與豎直方向成α角有，當(dāng)P球運(yùn)動(dòng)到細(xì)線與F共線時(shí)動(dòng)能最大；12.如圖所示,傾角θ=37°的足夠長光滑斜面上有一質(zhì)量M=4kg的木板A,在A的上端有一質(zhì)量m=2kg的物塊B(可視作質(zhì)點(diǎn)),物塊B與木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5,斜面底端有一擋板P,木板或者物塊與擋板P碰撞后都會(huì)等速率反彈?，F(xiàn)將木板與物塊同時(shí)由靜止釋放,釋放時(shí)木板前端與擋板相距，取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。求:(1)木板A第1次碰擋板P時(shí)的速度多大?(2)木板碰擋板后多長時(shí)間速度減為零?此過程中,物塊B與木板A間因摩擦產(chǎn)生的熱量是多少?(設(shè)物塊B未滑離木板)(3)若將木板換成質(zhì)量不計(jì)、長L=2m的輕質(zhì)板,其他條件不變,則碰擋板后物塊B返回到達(dá)的最大高度?【答案】(1)2m/s（2）0.25s,6.5J(3)0.6m【解析】【詳解】(1)分析可知，釋放后A、B一起加速下滑，，設(shè)木板碰擋板時(shí)速度為v,則，帶入數(shù)據(jù)解得：；(2)碰后木板A減速上滑,設(shè)其加速度大小為aA,有:，，故所求時(shí)間，木板A上滑距離，此過程中,物塊B加速下滑,設(shè)其加速度大小為aB,有:，，物塊B下滑距離故摩擦生熱；(3)分析可知,此情形下輕質(zhì)板碰擋板時(shí)A、B的速度仍為v=2m/s。由于A板質(zhì)量不計(jì),故A碰擋板后速度可認(rèn)為始終保持為0,始終到物塊B碰擋板后為止。對(duì)輕木板碰擋板后物塊下滑過程,有:解得:，物塊B碰擋板后,帶著輕木板B減速沿光滑斜面上滑,有:，解得:；13.一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t＝0時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)N位于x軸上x＝2.0m處。圖甲中的某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示。關(guān)于該波的下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)N的振幅是零B.該波的波速為0.5m/sC.圖乙表示的是質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像D.該波在傳播過程中遇到一輛靜止的轎車時(shí)會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象E.從t＝0時(shí)刻算起,x＝1.0m處的質(zhì)點(diǎn)比x＝