2025屆河北省邯鄲市高三上學(xué)期第一次調(diào)研檢測(cè)物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1邯鄲市2025屆高三年級(jí)第一次調(diào)研監(jiān)測(cè)物理本試卷共8頁(yè)，滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、班級(jí)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.一輛汽車(chē)在平直公路上行駛，發(fā)現(xiàn)前方有緊急情況后立即剎車(chē)。剎車(chē)過(guò)程可看作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則以下選項(xiàng)中能夠描述剎車(chē)過(guò)程中動(dòng)量隨時(shí)間變化的圖像是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)剎車(chē)的初速度為，加速度為a，則經(jīng)時(shí)間t的速度為動(dòng)量為，故選A。2.核電站軸核裂變的產(chǎn)物是多樣的。有一種典型的軸核裂變是生成鋇和氪，核反應(yīng)方程是，已知鈾核的質(zhì)量為，鋇核的質(zhì)量為，氪核的質(zhì)量為，中子的質(zhì)量為，以下說(shuō)法正確的是（）A.核反應(yīng)方程中B.該核反應(yīng)釋放的核能是C.的比結(jié)合能大于（或）的比結(jié)合能D.目前部分高科技核電站已經(jīng)實(shí)現(xiàn)可控核聚變發(fā)電〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)反應(yīng)過(guò)程滿足質(zhì)量數(shù)守恒可得可得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程可知，該核反應(yīng)釋放的核能為故B正確；C．核反應(yīng)后產(chǎn)物（或）比反應(yīng)前的更穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能小于（或）的比結(jié)合能，故C錯(cuò)誤；D．現(xiàn)在的核電站仍采用核裂變反應(yīng)發(fā)電，還沒(méi)有實(shí)現(xiàn)可控核聚變發(fā)電，故D錯(cuò)誤。故選B。3.我們把電場(chǎng)中電勢(shì)相同的各點(diǎn)構(gòu)成的面叫作等勢(shì)面。等勢(shì)面也是形象描繪電場(chǎng)的重要工具，某同學(xué)研究點(diǎn)電荷產(chǎn)生的靜電場(chǎng)時(shí)，畫(huà)出了如圖所示的等距等勢(shì)面a、b、c，即相鄰兩等勢(shì)面間的距離相等。由圖可知（）A.若改變零電勢(shì)的位置，等勢(shì)面b的電勢(shì)大小不變B.等勢(shì)面b的電勢(shì)等于C.等勢(shì)面b的電勢(shì)低于D.等勢(shì)面b的電勢(shì)高于〖答案〗D〖解析〗A．等勢(shì)面的電勢(shì)大小與零電勢(shì)的位置有關(guān)，故若改變零電勢(shì)的位置，等勢(shì)面b的電勢(shì)會(huì)變，故A錯(cuò)誤；BCD．因ba間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度大于cb間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度，且ba間的距離等于cb間的距離，根據(jù)故，即等勢(shì)面b的電勢(shì)高于，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.“草長(zhǎng)鶯飛二月天，拂堤楊柳醉春煙。兒童散學(xué)歸來(lái)早，忙趁東風(fēng)放紙鳶?！边@是詩(shī)人高鼎的《村居》。許人勾勒出一幅春光明媚，喜放風(fēng)箏的美麗春景圖。若兒童將風(fēng)箏放飛到空中后，拉著風(fēng)箏線盤(pán)靜止于水平地面上，風(fēng)箏在如圖所示的風(fēng)的吹拂下恰好也靜止在空中，風(fēng)對(duì)兒童的作用力忽略不計(jì)。若風(fēng)對(duì)風(fēng)箏的作用力可認(rèn)為垂直于風(fēng)箏面向上，則（）A.拉直的風(fēng)箏細(xì)線可能垂直于風(fēng)箏面B.地面對(duì)兒童的支持力的大小等于風(fēng)箏和兒童的總重力C.兒童相對(duì)地面具有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)D.兒童所受合外力大于風(fēng)箏所受合外力〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)風(fēng)箏受力分析可知，風(fēng)箏受豎直向下的重力、垂直于風(fēng)箏面斜向右上方的風(fēng)力、細(xì)線的拉力，風(fēng)箏靜止在空中，受力平衡，根據(jù)平衡條件可知，細(xì)線的拉力與重力和風(fēng)力的合力等大，反向共線，故拉直的風(fēng)箏細(xì)線不可能垂直于風(fēng)箏面，故A錯(cuò)誤；B．將兒童和風(fēng)箏看成一個(gè)整體，受力分析，可知整體受豎直向下的總重力、垂直于風(fēng)箏面斜向右上方的風(fēng)力和地面豎直向上的支持力，將風(fēng)力正交分解，其豎直方向的分力與地面提供的支持力方向相同，故地面對(duì)兒童的支持力大小小于風(fēng)箏和兒童的總重力，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)人受力分析，可知人受重力、地面的支持力、細(xì)線的拉力作用，將細(xì)線的拉力正交分解，可知，若地面對(duì)人沒(méi)有靜摩擦力作用，在細(xì)線沿水平方向的拉力作用下，人將向右運(yùn)動(dòng)，而現(xiàn)在人沒(méi)運(yùn)動(dòng)，故人還受到地面對(duì)人水平向左的靜摩擦力作用，所以兒童相對(duì)地面具有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故C正確；D．兒童所受合外力等于風(fēng)箏所受合外力，都為零，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈接有三盞完全相同的正常工作時(shí)電阻的燈泡。當(dāng)變壓器原線圈端輸入電壓時(shí)，三盞燈均正常發(fā)光。則燈泡的額定功率為（）A.32W B.16W C.8W D.4W〖答案〗B〖解析〗設(shè)燈泡正常工作時(shí)的電流為I，則原線圈的電流為I1=I，副線圈的電流為I2=2I，變壓器匝數(shù)比為設(shè)原線圈兩端的電壓為，副線圈兩端的電壓為，則有解得由題知，端輸入電壓，則AB端輸入電壓的有效值為在原線圈回路中有可得則燈泡額定功率為故選B。6.如圖甲所示，斜面固定在水平地面上，質(zhì)量為的小物塊靜止在斜面底端，某時(shí)刻給物塊一個(gè)沿斜面向上的初速度使物塊沿斜面上滑，物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，斜面的傾角，取水平地面為零重力勢(shì)能參考面，在物塊上滑過(guò)程中，物塊的機(jī)械能E和動(dòng)能隨沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移x變化的圖像如圖乙所示，g取，下列說(shuō)法正確的是（）A.圖線a為物塊動(dòng)能的變化圖線，圖線b為物塊機(jī)械能的變化圖線B.物塊的質(zhì)量為C.物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D.物塊的初速度〖答案〗C〖解析〗A．物塊沿斜面上滑過(guò)程中動(dòng)能和機(jī)械能均減小，取水平地面為零重力勢(shì)能參考面，則物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為零，但物塊此時(shí)的機(jī)械能等于重力勢(shì)能，機(jī)械能不等于零，圖線a為機(jī)械能的變化圖像，圖線b為動(dòng)能的變化圖像，故A錯(cuò)誤；BCD．動(dòng)能隨位移的變化圖線斜率大小等于合外力，機(jī)械能隨位移的變化圖線斜率大小等于摩擦力，由此可得由圖像知初動(dòng)能為5J，上升到最高點(diǎn)的機(jī)械能為2J，則解得故C正確，BD錯(cuò)誤。故選C。7.如圖甲所示，質(zhì)量為的物塊靜止在粗糙水平地面上，物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。某時(shí)刻對(duì)物塊施加水平向右的拉力F，F(xiàn)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，g取。以下說(shuō)法正確的是（）A.2s時(shí)拉力F的瞬時(shí)功率為40WB.0～5s合力做功的平均功率為7.225WC.0～5s物塊的動(dòng)量變化量為D.0～2s物塊運(yùn)動(dòng)的位移為4m〖答案〗B〖解析〗A．在內(nèi)根據(jù)動(dòng)量定理可得其中可得2s時(shí)物塊的速度大小為則2s時(shí)拉力F的瞬時(shí)功率為故A錯(cuò)誤；B．在內(nèi)根據(jù)動(dòng)量定理可得其中可得5s時(shí)物塊的速度大小為根據(jù)動(dòng)能定理可知?jiǎng)t0～5s合力做功的平均功率為故B正確；C．0～5s物塊的動(dòng)量變化量為故C錯(cuò)誤；D．若0～2s內(nèi)物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有但物塊在0～2s內(nèi)實(shí)際上做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)，所以0～2s物塊運(yùn)動(dòng)的位移不等于4m，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖為北半球二十四個(gè)節(jié)氣時(shí)地球在公轉(zhuǎn)軌道上的示意圖，其中冬至?xí)r地球離太陽(yáng)最近。僅考慮太陽(yáng)對(duì)地球的引力，關(guān)于地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A.在冬至位置地球所受萬(wàn)有引力最大B.在立春位置，根據(jù)萬(wàn)有引力定律可得C.地球自轉(zhuǎn)周期的平方與軌道半長(zhǎng)軸三次方的比值是一個(gè)僅與太陽(yáng)質(zhì)量有關(guān)的常數(shù)D.經(jīng)過(guò)近日點(diǎn)、遠(yuǎn)日點(diǎn)兩位置的瞬時(shí)速度大小之比約為1.03〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式由圖可知，在冬至位置地球離太陽(yáng)最近，所受萬(wàn)有引力最大，故A正確；B．由于地球繞太陽(yáng)做橢圓運(yùn)動(dòng)，不是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以在立春位置故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，地球公轉(zhuǎn)周期的平方與軌道半長(zhǎng)軸三次方的比值是一個(gè)僅與太陽(yáng)質(zhì)量有關(guān)的常數(shù)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，經(jīng)過(guò)近日點(diǎn)、遠(yuǎn)日點(diǎn)兩位置的瞬時(shí)速度大小之比為故D正確。故選AD。9.如圖所示為半圓柱體玻璃的橫截面，OD為直徑，一束由紫光和紅光組成的復(fù)色光沿AO方向從真空射入玻璃，分別從B、C點(diǎn)射出。下列說(shuō)法中正確的是（）A.從B點(diǎn)射出的是紅光B.在相同條件下，從C點(diǎn)射出的光更容易發(fā)生衍射C.兩束光從O點(diǎn)射入，到從B、C點(diǎn)射出所用的時(shí)間相等D.沿OB、OC折射的單色光的能量之和等于沿AO入射復(fù)色光的能量〖答案〗BC〖解析〗A．紅光和紫光的入射角相同，但紅光的折射率小于紫光的折射率，根據(jù)折射定律可知，紅光的折射角大于紫光的折射角，所以從B點(diǎn)射出的是紫光，從C點(diǎn)射出的是紅光，故A錯(cuò)誤；B．由于從C點(diǎn)射出的光是紅光，紅光波長(zhǎng)較長(zhǎng)，更容易發(fā)生衍射，故B正確；C．作出光路圖，如圖所示光在玻璃中的傳播距離為則光在玻璃中的傳播時(shí)間為由此可知，兩束光從O點(diǎn)射入，到從B、C點(diǎn)射出所用的時(shí)間相等，故C正確；D．光在空氣與玻璃的分界面既有折射光線也有反射光線，根據(jù)能量守恒定律可知，沿OB、OC折射的單色光的能量之和小于沿AO入射復(fù)色光的能量，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖，質(zhì)量為的U形金屬框置于水平絕緣平臺(tái)上，和邊平行，和邊垂直，左端接有阻值為的電阻。一根電阻、質(zhì)量為的光滑導(dǎo)體棒置于金屬框上，用水平恒力F向右拉動(dòng)導(dǎo)體棒，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，裝置始終處于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，與金屬框始終保持良好接觸，且與邊保持平行。與足夠長(zhǎng)，兩平行導(dǎo)軌間距為，整個(gè)金屬框與水平絕緣平臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑動(dòng)摩擦力可視為最大靜摩擦力且金屬框電阻可忽略，g取。則以下說(shuō)法正確的是（）A.若，則導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度為4m/sB.若，則導(dǎo)體棒先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.若，當(dāng)導(dǎo)體棒的速度為6m/s時(shí)U形金屬框開(kāi)始運(yùn)動(dòng)D.若，導(dǎo)體棒和U形金屬框最終將做加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗ACD〖解析〗A．導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)速度最大時(shí)，導(dǎo)體棒受力平衡，則導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為若，則導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度為故A正確；B．對(duì)導(dǎo)體棒，根據(jù)牛頓第二定律可得可知隨著速度的增大，導(dǎo)體棒受到安培力逐漸增大，導(dǎo)體棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．若，則導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度為金屬框開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)有導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為解得故若，當(dāng)導(dǎo)體棒的速度為6m/s時(shí)U形金屬框開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．若，則導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度為金屬框開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)電路中的電動(dòng)勢(shì)為電路中的電動(dòng)勢(shì)變大，電流變大，當(dāng)金屬框和導(dǎo)體棒的加速度相同時(shí)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，則，假設(shè)導(dǎo)體棒和U形金屬框一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律解得導(dǎo)體棒和U形金屬框最終將做加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選ACD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.重力加速度是物理學(xué)中一個(gè)重要概念，它描述了在地球表面附近自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度。某探究小組確定了兩種方案測(cè)量重力加速度，一是利用單擺測(cè)量重力加速度，二是利用平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量重力加速度。方案一：利用單擺測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋?）甲同學(xué)欲利用圖1裝置測(cè)量重力加速度，乙同學(xué)分析該裝置測(cè)量周期時(shí)，測(cè)量全振動(dòng)次數(shù)較多時(shí)擺球容易做圓錐擺，于是提議利用圖2雙線擺和光電計(jì)數(shù)器測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。已知每根輕細(xì)線長(zhǎng)度為，兩懸點(diǎn)間相距s。當(dāng)小球通過(guò)光電門(mén)（平衡位置）時(shí)，光電計(jì)數(shù)器計(jì)數(shù)1次，同時(shí)計(jì)時(shí)器開(kāi)始計(jì)時(shí)。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：①如圖3，用螺旋測(cè)微器測(cè)得小球直徑______mm。若計(jì)數(shù)器顯示的計(jì)數(shù)次數(shù)為n，所用時(shí)間為t，則雙線擺的振動(dòng)周期______，利用圖2測(cè)得當(dāng)?shù)刂亓铀俣萠_____（用d、n、t、、s表示）。②若利用圖1測(cè)量重力加速度，由于擺球做圓錐擺導(dǎo)致測(cè)量的重力加速度______（選填“偏大”或“偏小”）。方案二：利用平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋?）如圖4所示，四分之一圓弧軌道固定在水平臺(tái)面上，在圓弧軌道最低點(diǎn)固定有壓力傳感器，將小球由圓弧軌道某一高度靜止釋放，小球經(jīng)過(guò)軌道最低點(diǎn)時(shí)壓力傳感器顯示的壓力大小為，小球離開(kāi)圓弧軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，圓弧軌道的半徑為R，小球的質(zhì)量為m，拋出點(diǎn)距離地面的高度為h，水平射程為x，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葴y(cè)量值______（用已經(jīng)測(cè)得的量表示）?！即鸢浮剑?）4.700偏大（2）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】①[1]由圖3可知，螺旋測(cè)微器讀數(shù)[2][3]雙線擺的振動(dòng)周期為雙線擺的等效擺長(zhǎng)由單擺周期公式代入數(shù)據(jù)解得[4]②單擺周期公式為解得圓錐擺的周期公式為（為擺線與豎直方向的夾角），可知圓錐擺的周期小于單擺的周期，所以如果測(cè)量全振動(dòng)次數(shù)較多時(shí)擺球做了圓錐擺，測(cè)得的周期偏小，由計(jì)算得到的g偏大?！拘?wèn)2詳析】根據(jù)，，聯(lián)立解得12.智能化育苗蔬菜基地對(duì)環(huán)境要求嚴(yán)格，其中包括對(duì)光照強(qiáng)度的調(diào)控，小明準(zhǔn)備利用所學(xué)知識(shí)設(shè)計(jì)智能光控電路。智能光控電路的核心元件是光敏電阻R。（1）小明首先利用圖1中多用電表粗略測(cè)量了光敏電阻阻值。下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)過(guò)程的描述，正確的是（）A.用不同擋位測(cè)量光敏電阻的阻值時(shí)，必須重新機(jī)械調(diào)零B.測(cè)量電阻時(shí)，如果指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)撥至倍率較小的擋位，重新調(diào)零后測(cè)量C.圖1中光敏電阻測(cè)量值R=20ΩD.測(cè)量光敏電阻阻值時(shí)，應(yīng)該把該電阻與電路斷開(kāi)（2）為了精確測(cè)量多組不同光照強(qiáng)度下光敏電阻的阻值，小明采用圖2中的實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，部分實(shí)物連接已經(jīng)完成，描繪的阻值R隨照度I[反映光照的強(qiáng)弱，光越強(qiáng)，照度越大，單位為勒克斯（lx）]變化的圖像如圖3，根據(jù)圖3可知，光敏電阻的阻值隨照度減小而______（選填“增大”或“減小”）。若電壓表的量程為0～3V，內(nèi)阻約為3kΩ，毫安表的量程為0～3mA，內(nèi)阻約為5Ω，請(qǐng)將圖2中導(dǎo)線P、Q連接在合適的位置，形成完整測(cè)量電路______________。（3）小明設(shè)計(jì)如圖4所示的智能光控電路。當(dāng)光敏電阻R兩端的電壓U增加到一定值時(shí)照明系統(tǒng)開(kāi)始工作，自動(dòng)控制系統(tǒng)開(kāi)始補(bǔ)光。為了照度更小時(shí)，自動(dòng)控制系統(tǒng)就開(kāi)始補(bǔ)光，則需要______（選填“增大”或“減小”）電阻箱R2的阻值?！即鸢浮剑?）BD（2）增大（3）增大〖解析〗【小問(wèn)1詳析】A．用不同擋位測(cè)量光敏電阻的阻值時(shí)，不必重新機(jī)械調(diào)零，但需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故A錯(cuò)誤；B．測(cè)量電阻時(shí)，如果指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，說(shuō)明待測(cè)電阻阻值較小，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)撥至倍率較小的擋位，重新調(diào)零后測(cè)量，故B正確；C．歐姆表的讀數(shù)為指針?biāo)缚潭扰c倍率的乘積，所以圖1中光敏電阻測(cè)量值為故C錯(cuò)誤；D．測(cè)量光敏電阻阻值時(shí)，應(yīng)該把該電阻與電路斷開(kāi)，故D正確。故選BD?！拘?wèn)2詳析】[1]由圖可知，阻值R隨照度I的減小而增大；[2]本實(shí)驗(yàn)為了精確測(cè)量多組不同光照強(qiáng)度下光敏電阻的阻值，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，又所以電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，故電路圖如圖所示【小問(wèn)3詳析】若增大電阻箱R2的阻值，則外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，回路中電流減小，則光敏電阻需要變大才能達(dá)到兩端的電壓定值，可以達(dá)到照度更小，光敏電阻阻值較大時(shí)，自動(dòng)控制系統(tǒng)開(kāi)始補(bǔ)光的目的。13.一個(gè)氣泡從深為10m的湖底部沿豎直方向緩慢上浮8m，氣泡內(nèi)的氣體對(duì)湖水做功0.3J，氣體可視為理想氣體，湖底與湖面溫差不計(jì)。取湖水的密度為，重力加速度，大氣壓強(qiáng)為。求：（1）上浮過(guò)程中氣泡從外界吸收的熱量；（2）氣泡體積變?yōu)樵瓉?lái)的幾倍?！即鸢浮剑?）0.3J（2）倍〖解析〗【小問(wèn)1詳析】上浮過(guò)程中，由題意可知，溫度不變，則氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能不變；氣泡內(nèi)的氣體對(duì)湖水做功0.3J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知可知上浮過(guò)程中氣泡從外界吸收的熱量為小問(wèn)2詳析】氣泡從深為10m的湖底部沿豎直方向緩慢上浮8m，根據(jù)玻意耳定律可知其中，則有可知?dú)馀蒹w積變?yōu)樵瓉?lái)的倍。14.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域（含邊界）內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下且與邊平行。一質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從A點(diǎn)沿方向以初速度射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰好能從D點(diǎn)飛出。不計(jì)粒子重力。（1）求粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t及速度偏轉(zhuǎn)角的正切值；（2）若將正方形區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)電場(chǎng)換成垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子仍以相同速度從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子以相同偏轉(zhuǎn)角從邊飛出。求磁感應(yīng)強(qiáng)度與電場(chǎng)強(qiáng)度的比值。〖答案〗（1），2（2）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知位移偏轉(zhuǎn)角為，則有速度偏轉(zhuǎn)角的正切值【小問(wèn)2詳析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可知且由牛頓第二定律可知聯(lián)立解得粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程有且，聯(lián)立解得所以磁感應(yīng)強(qiáng)度與電場(chǎng)強(qiáng)度的比值為15.如圖所示，桌面、地面和固定的螺旋形圓管均光滑，輕質(zhì)彈簧左端固定，自然伸長(zhǎng)位置為點(diǎn)，彈簧的勁度系數(shù)，圓