湖南省郴州市2025屆高三物理下學(xué)期第二次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

PAGE19-湖南省郴州市2025屆高三物理下學(xué)期其次次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）一、選擇題：共8小題，每小題6分；在每小題給出的四個選項中，第1~4題只有一個選項符合題意；第5~8題有多個選項符合題意，全部選對得6分，選對但不全得3分。1.很多科學(xué)家對物理學(xué)的發(fā)展作出了巨大貢獻，也創(chuàng)建出了很多物理學(xué)方法，如志向試驗法、限制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法、和科學(xué)假設(shè)法等。以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物理學(xué)方法的敘述錯誤的是（）A.卡文迪許奇妙地運用扭秤試驗，用了放大法勝利測出引力常量B.合力與分力、點電荷、總電阻均用到“等效替代”方法的概念C.伽利略為了說明力是變更物體運動狀態(tài)的緣由，用了志向試驗法D.在不須要考慮物體本身的形態(tài)和大小時，用質(zhì)點代替物體的方法叫志向模型法【答案】B【解析】【詳解】A．卡文迪許奇妙地運用扭秤試驗，用了放大法勝利測出引力常量，選項A正確，不符合題意；B．合力與分力、總電阻均用到“等效替代”方法的概念；點電荷是志向模型法，選項B錯誤，符合題意；C．伽利略為了說明力是變更物體運動狀態(tài)的緣由，用了志向試驗法，選項C正確，不符合題意；D．在不須要考慮物體本身的形態(tài)和大小時，用質(zhì)點代替物體的方法叫志向模型法，選項D正確，不符合題意。故選B2.如圖所示，A、B兩物體靠在一起靜止放在粗糙水平面上，質(zhì)量分別為mA=1kg，mB=4kg，A、B與水平面間的滑動摩擦因數(shù)均為0.6，g取10m/s2，若用水平力FA=8N推A物體。則下列有關(guān)說法正確的是（）A.A對B的水平推力為8NB.B物體受3個力作用C.B物體受到水平面對左的摩擦力，大小為24ND.若FA變?yōu)?0N，則A對B的推力為32N【答案】D【解析】【詳解】A與地面的最大靜摩擦力為B與地面的最大靜摩擦力為。A．因為：所以沒有推動AB物體，對A分析，可知A已達到最大靜摩擦力，為6N，依據(jù)平衡條件有解得：依據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的作用力和B對A的作用力等大反向，所以A對B的水平推力，A錯誤；BC．結(jié)合A項的分析，對B受力分析可知，B受重力、地面的支持力、水平向左的摩擦力和A對B水平向右的推力，四個力作用，在水平方向上BC錯誤；D．若所以能推動AB物體，對AB整體分析，依據(jù)牛頓其次定律有解得m/s2對B分析，依據(jù)牛頓其次定律有：解得：ND正確。故選D。3.一帶電粒子僅在電場力作用下從A點起先以做直線運動，其v-t圖像如圖所示，粒子在時刻運動到B點，3時刻運動到C點，下列推斷正確的是A.A、B、C三點的電勢關(guān)系為B.A、B、C三點場強大小關(guān)系為C.粒子從A點經(jīng)B點運動到C點，電勢能先增加后削減D.粒子從A點經(jīng)B點運動到C點，電場力先做正功后做負功【答案】C【解析】A、因為不知道帶電粒子的電性，所以無法推斷電勢的關(guān)系，故A錯誤；B、由速度圖像可知，加速度先增大后減小，所以B點的加速度最大，電場強度最大，故B錯誤；C、由圖像可知：動能先減小后增大，依據(jù)能量守恒可知：電勢能先增后減小，故C正確；D、因為電勢能先增大后減小，所以電場力先做負功后做正功，故D錯誤；故選C．【點睛】速度圖像的斜率大小表示加速度的大小，依據(jù)速度大小可知動能的變更，依據(jù)能量守恒可知電勢能的變更．4.依據(jù)我國整個月球探測活動的安排，在第一步“繞月”工程圓滿完成各項目標(biāo)和科學(xué)探測任務(wù)后，其次步“落月”工程也已在2013年以前完成。假設(shè)月球半徑為R，月球表面的重力加速度為g0，飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道I運動，到達A處時，點火變軌進入橢圓軌道Ⅱ；到達軌道Ⅱ的近月B處再次點火進入月球近月圓軌道Ⅲ（距月球表面高度視為零）繞月球做圓周運動。下列推斷正確的是（）A.飛船在軌道I上的運行速率為B.飛船在A處點火變軌時，動能增大C.飛船在A處變軌完成后向B處運行的過程中機械能增大D.飛船在軌道Ⅲ繞月球運行一周所需的時間為【答案】D【解析】【詳解】A．在月球表面有在軌道I上運動有解得故A錯誤；B．飛船在A點處點火變軌后做向心運動，可知須要的向心力小于供應(yīng)的向心力，由向心力的公式可知飛船的速度減小，動能減小，故B錯誤；C．飛船從A到B的過程中，只有萬有引力做功，機械能守恒不變，故C錯誤；D．在月球表面有在軌道III上運動有聯(lián)立解得衛(wèi)星在軌道III上運動一周所需時間故D正確故選D。5.如圖所示，一塊質(zhì)量為M的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有擋板，擋板上固定一個輕質(zhì)小彈簧。一個質(zhì)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點）以水平速度v0從木板的最右端起先向左運動，與彈簧碰撞后（彈簧處于彈性限度內(nèi)），最終又恰好相對靜止在木板的最右端。以下說法正確的是（）A.物塊的最終速度為B.木板的最終速度為v0C.彈簧的最大彈性勢能D.木板和小物塊組成的系統(tǒng)最終損失的機械能【答案】D【解析】【詳解】AB．小木塊從起先位置滑動到最終相對長木板靜止過程，小木塊m與長木板M構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，則有解得①故AB錯誤；C．小木塊從起先位置滑動到最左端的過程，小木塊m與長木板M構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，則有解得②小木塊滑動到最左端的過程中，由能量守恒定律，得③④小木塊從起先滑動到最右端的過程中，由能量守恒定律，得⑤⑥由①～⑥式，解得所以最大彈性勢能為系統(tǒng)損失的機械能為故C錯誤，D正確。故選D。6.如圖所示，用輕繩連接的滑輪組下方懸掛著兩個物體，它們的質(zhì)量分別為m1、m2，且m2=2m1，m1用輕繩掛在動滑輪上，滑輪的質(zhì)量、摩擦均不計?，F(xiàn)將系統(tǒng)從靜止釋放，對m1上升h高度（h小于兩滑輪起始高度差）這一過程，下列說法正確的是（）A.m2減小的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為m1增加的重力勢能B.m1上升到h高度時的速度為C.輕繩對m2做功的功率與輕繩對m1做功的功率大小相等D.輕繩的張力大小為【答案】BC【解析】【詳解】A．依據(jù)能量守恒可知，m2減小的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為m1的重力勢能和兩物體的動能，故A錯誤；B．依據(jù)動滑輪的特點可知，m2的速度為m1速度的2倍，依據(jù)動能定理可得m2g?2h?m1gh＝m2v22+m1v12解得故B正確；C．繩子的拉力相同，故輕繩對m2做功的功率P2=Fv2輕繩對m1做功的功率P1=2F?v1由于v2=2v1，故輕繩對m2做功的功率與輕繩對m1做功的功率大小相等，故C正確；D．依據(jù)動滑輪的特點可知，m1的加速度為m2的加速度的一半，依據(jù)牛頓其次定律可知2F-m1g=m1am2g-F=m2a′a′=2a聯(lián)立解得故D錯誤；故選BC。7.四個相同的燈泡分別接在如圖所示的位置志向變壓器原線圈串聯(lián)燈泡L1，AB兩端接溝通電源電壓按如圖乙所示規(guī)律變更，現(xiàn)閉合開關(guān)S，四個燈泡均正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A.電壓表示數(shù)為220V B.電壓表示數(shù)為160VC.燈泡的額定電壓為55V D.變壓器原副線圈的匝數(shù)比為3：1【答案】CD【解析】【詳解】由圖乙可知AB兩端電壓有效值為，因四個燈泡均正常工作，可知原、副線圈電流之比為依據(jù)可知變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為；燈泡的額定電壓為U，則電壓表示數(shù)為故則故AB錯誤，CD正確。故選CD。8.如圖所示，在等腰直角三角形ABC內(nèi)充溢垂直紙面對外的勻強磁場（圖中未畫出），AB邊長度為d。現(xiàn)垂直AC邊射入大量質(zhì)量m、電荷量q的帶正電粒子，已知從AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間為t0，不計重力、不考慮粒子間的相互作用。則下列推斷中正確的是（）A.粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為2t0B.該勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為C.從AC邊射出粒子進入磁場速度的最大值為D.從AC邊射出粒子在磁場中運動的軌道半徑肯定為【答案】AC【解析】【詳解】A．粒子垂直于AC邊射入磁場，然后在磁場中做勻速圓周運動，從AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間為t0，可知粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為2t0，選項A正確；B．依據(jù)可知該勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為選項B錯誤；C．由幾何關(guān)系可知，從AC邊射出粒子在磁場中運動的半徑的最大值為，依據(jù)可得從AC邊進入磁場的速度的最大值為選項C正確；D．從AC邊射出粒子在磁場中運動的半徑的最大值為，選項D錯誤。故選AC二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第9題~第10題為必考題，每個試題考生都必需作答。第13題~第16題為選考題，考生依據(jù)要求作答）（一）必考題9.某同學(xué)用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律，試驗裝置如圖甲所示。試驗中，讓滑塊都從氣墊導(dǎo)軌某一固定位置O處由靜止釋放，已測得氣墊導(dǎo)軌傾角為。（1）下列物理量不須要測量是______。A．滑塊和擋光板的總質(zhì)量MB．光電門位置P到O點之間的距離lC．擋光片通過光電門遮光時間△tD．擋光片的寬度d（2）先用游標(biāo)卡尺測出擋光片的寬度，讀數(shù)如圖乙所示，則寬度d=_________mm。（3）若某次試驗中測出寬度d=10.00mm，擋光片通過光電門遮光時間△t=4.50ms，則滑塊通過光電門的速度v_______m/s（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).A(2).10.20(3).2.22【解析】【詳解】（1）[1]試驗須要驗證的關(guān)系是即則不須要測量的是滑塊和擋光板的總質(zhì)量M，故選A。（2）[2]寬度d=1cm+0.05mm×4=1.020cm=10.20mm.（3）[3]滑塊通過光電門的速度10.為精確測量電源的電動勢和內(nèi)阻，試驗小組設(shè)計了圖甲所示電路，圖中S2為單刀雙擲開關(guān)，定值電阻R0=4．試驗時先閉合開關(guān)S1，然后分別將S2先后接到1和2，移動滑動變阻器滑片，記錄多組電壓表和電流表的讀數(shù)U和I，最終通過描點得到圖乙所的兩條U-I關(guān)系圖線。（1）請依據(jù)圖甲，在圖丙中將單雙擲開關(guān)連入電路________。（2）若只考慮系統(tǒng)誤差，當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥向1時，r測________r真；當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥向2時，E測____E真（填“大于”、“等于”、“小于”）。（3）依據(jù)圖乙可知電源電動勢E=________V，內(nèi)阻r=________。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】(1).(2).大于(3).小于(4).3.0(5).1.0【解析】【詳解】（1）[1]電路連接如圖；（2）[2]當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥向1時，依據(jù)等效電路可知，電動勢等于電源沒有接入電路時電源兩端電壓，則電源電動勢測量值與真實值相等，此時電源內(nèi)阻測量值為電源內(nèi)阻與電流表的內(nèi)阻和定值電阻串聯(lián)值，可知r測=r真+rA>r真即偏大；

[3]當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥向2時，依據(jù)等效電路可知，電動勢等于電源沒有接入電路時電源兩端電壓電動勢測量值等于電壓表此時的示數(shù)，即小于電源電動勢的真實值，此時電源內(nèi)阻測量值為電源內(nèi)阻與電壓表阻值的并聯(lián)總阻值，即偏小。

（3）[4][5]由于兩次測量中，電動勢測量值一次與真實值相等，一次比真實值小，由圖乙可知，電動勢應(yīng)為E=3.0V當(dāng)開關(guān)接1時，由閉合電路歐姆定律有E=U+I（r+R0+RA）當(dāng)開關(guān)接2時，由閉合電路歐姆定律有即由圖乙可知聯(lián)立解得r=1.0Ω11.兩根相距為L的足夠長的金屬彎角光滑導(dǎo)軌如圖所示放置，它們各有一邊在同一水平面內(nèi)，另一邊與水平面的夾角為37°，質(zhì)量相同的金屬細桿ab、cd與導(dǎo)軌垂干脆觸形成閉合回路，導(dǎo)軌的電阻不計，回路總電阻為2R，整個裝置處于磁感應(yīng)強度大小為B，方向豎直向上的勻強磁場中，當(dāng)ab桿在平行于水平導(dǎo)軌的拉力F作用下向右以速度v沿導(dǎo)軌勻速運動時，cd桿恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。求：（1）ab桿所受拉力F的大??；（2）金屬細桿質(zhì)量m；（3）回路中電流的總功率P。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）回路中感應(yīng)電流大小ab桿勻速運動，有解得（2）分析cd桿受力狀況，由F合=0有又解得（3）回路中電流的總功率12.如圖所示，裝置的左邊是足夠長的光滑水平臺面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量M=1kg的小物塊A．裝置的中間是水平傳送帶，它與左、右兩邊的臺面等高，并能平滑對接．傳送帶始終以v=1m/s的速率逆時針轉(zhuǎn)動，裝置的右邊是一光滑曲面，質(zhì)量m=0.5kg的小物塊B從其上距水平臺面高h=0.8m處由靜止釋放．已知物塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)，l=1.0m．設(shè)物塊A、B間發(fā)生的是對心彈性碰撞，第一次碰撞前物塊A處于靜止?fàn)顟B(tài)．取g=10m/s2．(1)求物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大??；(2)物塊A、B間發(fā)生碰撞過程中，物塊B受到的沖量；(3)通過計算說明物塊B與物塊A第一次碰撞后能否運動到右邊的曲面上？(4)假如物塊A、B每次碰撞后，彈簧復(fù)原原長時都會馬上被鎖定，而當(dāng)它們再次碰撞前鎖定被解除，試求出物塊B第n次碰撞后的運動速度大?。敬鸢浮?1)3m/s；(2)2kgm/s；(3)，所以不能；(4)【解析】【分析】物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置由機械能守恒列出等式，物塊B在傳送帶上滑動依據(jù)牛頓其次定律和運動學(xué)公式求解；物塊A、B第一次碰撞前后運用動量守恒，能量守恒列出等式求解；當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運動的速度為零時，將會沿傳送帶向左加速．可以推斷，物塊B運動到左邊臺面是的速度大小為v1，繼而與物塊A發(fā)生其次次碰撞．物塊B與物塊A第三次碰撞、第四次碰撞…，依據(jù)對于的規(guī)律求出n次碰撞后的運動速度大小．【詳解】(1)設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時的速度大小為v0，由機械能守恒定律可得：解得：設(shè)物塊B在傳送帶上滑動過程中因受摩擦力所產(chǎn)生的加速度大小為a，則有：μmg=ma，設(shè)物塊B通過傳送帶后運動速度大小為v，有：v12-v02=-2al，解得：v1=3m/s＞v=1m/s，則物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小為3m/s；(2)設(shè)物體A、B第一次碰撞后的速度分別為、，取向右為正方向由動量守恒定律得：由機械能守恒定律得：解得：vA=-2m/s，vB=1m/s，（vA=0m/s，vB=-3m/s不符合題意，舍去），方向水平向右；(3)碰撞后物塊B在水平臺面對右勻速運動，設(shè)物塊B在傳送帶上向右運動的最大位移為l'，則有：0-vB2=-2al′，解得：所以物塊B不能通過傳送帶運動到右邊的曲面上；(4)當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運動的速度為零時，將會沿傳送帶向左加速．可以推斷，物塊B運動到左邊臺面是的速度大小為vB，繼而與物塊A發(fā)生其次次碰撞由（2）可知，vB=同理可得：其次次碰撞后B的速度：vB1=第n次碰撞后B的速度為：vB（n-1）=【點睛】本題是多過程問題，分析滑塊經(jīng)驗的過程，運用動量守恒，能量守恒、牛頓其次定律和運動學(xué)公式結(jié)合按時間依次分析和計算，難度較大．（二）選考題：共15分。請考生從給出的2道物理題任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號涂黑。留意所做題目的題號必需與所涂題目的題號一樣，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題。假如多做，則每學(xué)科按所做的第一題計分?！疚锢怼x修3-3】13.下列說法正確的是（）A.PM2.5在空氣中的運動屬于分子熱運動B.在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導(dǎo)體材料中摻入其他元素C.飽和汽壓與溫度有關(guān)，且隨著溫度的上升而增大D.肯定質(zhì)量的志向氣體對外做功時體積增大，內(nèi)能肯定減小E.阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系微觀物理量與宏觀物理量的橋梁【答案】BCE【解析】【詳解】A．PM2.5在空氣中的運動不屬于分子熱運動，是分子團整體的運動，所以A錯誤；B．分子是運動的，溫度越高，分子運動的越激烈，在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導(dǎo)體材料摻入其他元素，所以B正確；C．溫度越高，液體越簡單揮發(fā)，故飽和汽壓與溫度有關(guān)，且隨著溫度的上升而增大，所以C正確；D．肯定質(zhì)量的志向氣體對外做功，體積增大，但有可能吸熱，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律可知，內(nèi)能不肯定減小，所以D錯誤；E．阿伏伽德羅常數(shù)是聯(lián)系微觀物理量與宏觀物理量的橋梁，所以E正確。故選BCE。14.如圖所示，固定的絕熱氣缸內(nèi)有一“T”型絕熱活塞（體積可忽視）距氣缸底部h0處連接一U形管（管內(nèi)氣體的體積忽視不計）初始時，封閉氣體溫度為T0，活塞距離氣缸底部為1.5h0，兩邊水銀柱存在高度差為h。已知水銀的密度為ρ，大氣壓強為p0，氣缸橫截面積為S，活塞豎直部分長為1.2h0，重力加速度為g。試問：（1）求活塞質(zhì)量m；（2）設(shè)法緩慢降低氣體溫度，兩水銀面相平常溫度是多少?【答案】（1）ρhS；（2）【解析】【詳解】（1