廣東省四校2024-2025學年高一物理下學期期中聯(lián)考試題

PAGEPAGE9廣東省四校2024-2025學年高一物理下學期期中聯(lián)考試題卷面總分：100分考試時長：90分鐘一、單選題（本題共8小題，每題3分，共24分．）1．賽車在彎道處強行順時針加速超越，釀起多輛賽車連環(huán)撞車事故，下面四幅俯視圖中畫出了賽車轉彎時所受的合力的可能狀況，你認為正確的是（）A． B． C． D．2．如圖所示，做勻速直線運動的小車A通過一根繞過定滑輪的長繩吊起一重物B，設重物和小車速度的大小分別為、，則（）A． B．C．重物B勻速上升 D．繩的拉力小于B的重力3．如圖所示，小球從樓梯上以2m/s的速度水平拋出，全部臺階的高度和寬度均為30cm，g取10m/s2，小球拋出后首先落到的臺階是（）A．1 B．2 C．3 D．44．如圖所示，在放射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星首先進入橢圓軌道Ⅰ，然后在Q點通過變更衛(wèi)星速度，使衛(wèi)星進入地球同步軌道Ⅱ，則以下說法正確的是（）A．該衛(wèi)星的放射速度必定大于11.2km/sB．衛(wèi)星在同步軌道Ⅱ上的運行速度大于7.9km/sC．在軌道Ⅰ上，衛(wèi)星在P點的速度大于在Q點的速度D．在Q點，衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的加速度大于在軌道Ⅱ上的加速度5．2024年12月7日，“長征三號”運載火箭在中國文昌放射場放射升空，將衛(wèi)星送入預定軌道。圖為該衛(wèi)星繞地球運動示意圖，測得衛(wèi)星在t時間內(nèi)沿逆時針從P點運動到Q點，這段圓弧對應的圓心角為θ。已知地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，則該衛(wèi)星運動的（）A．線速度為B．周期為C．向心加速度為D．軌道半徑為6．有一個質(zhì)量為的質(zhì)點在x—y平面內(nèi)運動，在x方向的位移時間圖象和y方向的速度時間圖象分別如圖甲、乙所示，下列說法正確的是（）A．質(zhì)點做勻變速直線運動B．質(zhì)點所受的合外力為2NC．內(nèi)質(zhì)點的位移大小為D．0時刻質(zhì)點的速度為7．有關圓周運動的基本模型，下列說法正確的是（）

A．如圖a，汽車通過拱橋的最高點處于超重狀態(tài)B．如圖b是一圓錐擺，增大θ，變更繩長保持圓錐高度不變，則圓錐擺的角速度不變C．如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內(nèi)的A、B位置先后分別做勻速圓周運動，則在A位置小球所受筒壁的支持力要大于在B位置時的支持力D．如圖d，火車轉彎軌道向內(nèi)傾斜，導致火車轉彎時必需小于規(guī)定速度行駛。8．如圖甲所示，輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，現(xiàn)讓小球在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運動。小球運動到最高點時，桿與小球間彈力大小為F，小球在最高點的速度大小為v，其F－v圖像如乙圖所示。則（）A．時，小球受到的彈力是重力大小的2倍B．當?shù)氐闹亓铀俣却笮镃．小球的質(zhì)量為D．時，小球對桿的彈力方向向下二、多選題（本題共4小題，每題6分，共24分，錯選多選不得分，漏選得3分。）9．如圖所示，一輛質(zhì)量為，發(fā)動機額定功率為的小型貨車從斜面底端由靜止起先以的加速度沿斜坡向上做勻加速直線運動，貨車所受摩擦阻力為貨車重力的0.1倍，已知斜坡傾角的正弦值，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A．貨車能達到的最大速度B．貨車能達到的最大速度C．貨車勻加速過程能持續(xù)D．貨車勻加速過程能持續(xù)10．如圖所示，光滑水平面上放置一斜面體A，在其粗糙斜面上靜止一物塊B，起先時A處于靜止．從某時刻起先，一個從0漸漸增大的水平向右的力F作用在A上，使A和B一起向右做變加速直線運動．則在B與A發(fā)生相對運動之前的一段時間內(nèi)，下列說法正確的是A．A對B的支持力和摩擦力均漸漸增大B．A對B的支持力漸漸增大，A對B的摩擦力先減小后增大C．A對B的摩擦力先做負功后做正功，B對A的壓力始終做負功D．A對B的作用力漸漸增大，且肯定做正功11．已知月球的半徑為R，月球表面的重力加速度為g，引力常量為G，“嫦娥四號”離月球中心的距離為r，繞月周期為T。依據(jù)以上信息可求出（）A．“嫦娥四號”繞月運行的速度為B．“嫦娥四號”繞月運行的速度為C．月球的平均密度為D．月球的平均密度為12．如圖所示，水平轉臺上有一個質(zhì)量為m的物塊，用長為l的輕質(zhì)細繩將物塊連接在轉軸上，細繩與豎直轉軸的夾角為，此時繩繃直但無張力，物塊與轉臺間動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊隨轉臺由靜止起先緩慢加速轉動，角速度為ω，加速度為g，則（）A．當時，細線中張力為零 B．當時，物塊與轉臺間的摩擦力為零C．當時，細線的張力為 D．當時，細繩的拉力大小為三、試驗題（本題9分，每空3分）13．學完了《平拋運動》后，高一（8）班某探討小組設計了一種“用一把尺子測定動摩擦因數(shù)”的創(chuàng)新試驗方案。如圖所示，A是可固定于水平桌面上隨意位置的滑槽（滑槽末端與桌面相切），B是質(zhì)量為m的滑塊（可視為質(zhì)點）。第一次試驗，如圖（a）所示，將滑槽末端與桌面右端M對齊并固定，讓滑塊從滑槽最高點由靜止滑下，最終落在水平地面上的P點，測出滑槽最高點距離桌面的高度h、M距離地面的高度H、M與P間的水平距離x1；其次次試驗，如圖（b）所示，將滑槽沿桌面對左移動一段距離并固定，讓滑塊B再次從滑槽最高點由靜止滑下，最終落在水平地面上的P′點，測出滑槽末端與桌面右端M的距離L、M與P′間的水平距離x2。(1)在第一次試驗中，滑塊在滑槽末端時的速度大小為_____________。（用試驗中所測物理量的符號表示，已知重力加速度為g）。(2)通過上述測量和所學的牛頓運動定律的應用，該探討小組可求出滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ的表達式為_____________。(3)若試驗中測得h＝15cm、H＝25cm、x1＝30cm、L＝15cm、x2＝20cm，則滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ＝_________。（結果用分數(shù)表示）四、計算題（3小題，共43分）14．（9分）如圖是小型電動打夯機的結構示意圖，電動機帶動質(zhì)量為m＝50kg的重錘（重錘可視為質(zhì)點）繞轉軸O勻速運動，重錘轉動半徑為R＝0.5m。電動機連同打夯機底座的質(zhì)量為M＝25kg，重錘和轉軸O之間連接桿的質(zhì)量可以忽視不計，重力加速度g取10m/s2.。求：(1)重錘轉動的角速度為多大時，才能使重錘通過最高點時打夯機底座剛好離開地面？(2)若重錘以上述的角速度轉動，當打夯機的重錘通過最低位置時，打夯機對地面的壓力為多大？15．（14分）如圖所示，用一根長為l=1m的細線，一端系一質(zhì)量為m=1kg的小球（可視為質(zhì)點），另一端固定在一光滑椎體頂端，錐面與豎直方向的夾角θ=37°，小球在水平面內(nèi)繞椎體的軸做勻速圓周運動，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：(1)若小球的角速度ω1=rad/s，細繩的張力多大？(2)若小球的角速度ω2=rad/s，細繩的張力多大？16．（20分）如圖，質(zhì)量M=4kg的木板長L=4m，靜止在光滑的水平地面上，其水平上表面左端靜置一個質(zhì)量m=2kg的小滑塊（可視為質(zhì)點），小滑塊與板間的動摩擦因數(shù)μ=0.2。從某時刻起先，用水平力F=10N始終向右拉滑塊，直至滑塊從木板上滑出。g取10m/s2。求：（1）滑塊加速度a1的大??；（2）滑塊離開木板時速度v的大??；（3）若水平力F作用t1=1.2s時撤去，則全過程滑塊與木板的相對位移s多大?；葜菀恢猩穷^金山中學深圳試驗學校珠海一中2024-2025學年度下學期期中考試高一年級物理試卷答案和與評分標準一、單選題（本題共8小題，每題3分，共24分．）1．B2．B3．C4．C5．A6．B7．B8．C二、多選題（本題共4小題，每題6分，共24分，錯選多選不得分，漏選得3分。）9．AC10．BCD11．BD12．AD三、試驗題（本題9分，每空3分）13．四、計算題（3小題，共43分）14．（9分）(1)rad/s；(2)1500N【詳解】(1)當拉力大小等于電動機連同打夯機底座的重力時，才能使打夯機底座剛好離開地面，有FT＝Mg對重錘有mg＋FT＝mω2R解得ω＝＝rad/s(2)在最低點，對重錘有FT′－mg＝mω2R則FT′＝Mg＋2mg對打夯機有FN＝FT′＋Mg＝2（M＋m）g＝1500N由牛頓第三定律得FN′＝FN＝1500N?！驹u分標準】：第1問公式每個1分，答案2分，共4分。第2問公式每個1分，答案2分；運用牛頓第三定律進行對象轉換1分，共5分。15．（14分）(1)11.6N(2)20N【詳解】(1)小球剛好離開錐面時，小球只受到重力和拉力，小球做勻速圓周運動，由牛頓其次定律得解得因，故此時小球貼合錐面轉動，則解得(2)因，故此時小球已離開錐面，小球受到錐面的支持力FN=0，設細線與豎直方向的夾角為α，則解得則細繩的張力【評分標準】：臨界推斷正確得4分，解出T1得5分，公式每個2分，答案1分；解出T2得5分，公式每個2分，答案1分。學生采納先假設后論證的方式，每小問7分，其中假設和論證各1分。16．（20分）（1）3m/s2；（2）6m/s；（3）2.4m【詳解】（1）對滑塊，由牛頓其次定律得F-μmg=ma1解得a1=3m/s2（2）對木板，由牛頓其次定律得μmg=Ma2解得a2=1m/s2它們的位移關系為a1t2-a2t2=L解得t=2s滑塊速度為v=a1t=3×2m/s=6m/s（3）剛撤掉F時滑塊的速度v1=a1t1=3×1.2m/s=3.6m/s撤掉F時滑塊的位移減速時由牛頓其次定律得μmg=m