20xx年高中物理選修一綜合測試題(三十)

單選題1、如圖所示，M、N和P為“驗(yàn)證動量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中小球的落點(diǎn)。已知入射球質(zhì)量為m1，被碰球質(zhì)量為m2，如果碰撞中動量守恒，則有（

）A．m1·（-）=m2·B．m1·（-）=m2·C．m1·（＋）=m2·D．m1·=m2·（＋）答案：B不放被碰小球時，落點(diǎn)為P，則水平位移為OP；放上被碰小球后小球a、b的落地點(diǎn)依次是圖中水平面上的M點(diǎn)和N點(diǎn)，則水平位移為OM和O′N；碰撞過程中，如果水平方向動量守恒，由動量守恒定律得小球做平拋運(yùn)動時拋出點(diǎn)的高度相等，它們在空中的運(yùn)動時間t相等，兩邊同時乘以時間t得變形可得故選B。2、水刀切割具有精度高，無熱變形、無毛刺，無需二次加工以及節(jié)約材料等特點(diǎn)，因而得到廣泛應(yīng)用。某水刀切割機(jī)床如圖所示，若橫截面直徑為d的圓柱形水流垂直射到要切割的鋼板上，碰到鋼板后水的速度減為零。已知水的流量（單位時間流出水的體積）為Q，水的密度為ρ，則鋼板受到水的平均沖力大小為（

）A．4QρB．QρC．D．答案：D設(shè)時間內(nèi)有體積為的水打在鋼板上，則這些水的質(zhì)量以這部分水為研究對象，它受到鋼板的作用力為，以水運(yùn)動的方向?yàn)檎较?，由動量定理得解得水流速度得根?jù)牛頓第三定律，鋼板受到水的沖力故選D。3、如圖所示，小球A的質(zhì)量為，動量大小為，小球A在光滑水平面上向右運(yùn)動，與靜止的小球B發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動量大小為，方向水平向右，則（

）A．碰后小球B的動量大小為

B．碰后小球B的動量大小為C．小球B的質(zhì)量為15kgD．小球B的質(zhì)量為5kg

答案：AAB．規(guī)定向右為正方向，碰撞過程中A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，所以有解得A正確，B錯誤；CD．由于是彈性碰撞，所以沒有機(jī)械能損失，故解得CD錯誤。故選A。4、將模型火箭放在光滑水平面上點(diǎn)火，燃?xì)庖阅骋凰俣葟幕鸺龂娍谠诤芏虝r間內(nèi)全部噴出?；鸺谒矫嫔匣校谌?xì)鈴幕鸺龂娍趪姵龅倪^程中，下列說法正確的是空氣阻力可忽略（

）A．火箭對燃?xì)庾饔昧Φ臎_量大于燃?xì)鈱鸺饔昧Φ臎_量B．火箭對燃?xì)庾饔昧Φ臎_量與燃?xì)鈱鸺饔昧Φ臎_量大小相等C．火箭的動量比噴出燃?xì)獾膭恿看驞．火箭的動能比噴出的燃?xì)鈩幽艽蟠鸢福築AB．由于火箭對燃?xì)庾饔昧εc燃?xì)鈱鸺饔昧κ亲饔昧头醋饔昧Γ蕛烧叩臎_量總是大小相等的，故A錯誤，B正確；C．由于火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)在燃?xì)鈬姵銮昂髣恿渴睾悖蓜恿渴睾愣煽芍?，火箭的動量的大小與噴出燃?xì)獾膭恿看笮∠嗟龋蔆錯誤；D．由于火箭的質(zhì)量大于燃?xì)獾馁|(zhì)量，由可知火箭的質(zhì)量大于燃?xì)獾馁|(zhì)量，故火箭的動能比噴出的燃?xì)鈩幽苄。蔇錯誤。故選B。5、如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運(yùn)動，兩球質(zhì)量關(guān)系為mB＝2mA，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動量大小均為6

kg·m/s，運(yùn)動中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動量增量為-4kg·m/s，則（

）A．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5B．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5C．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10D．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10答案：A規(guī)定向右為正方向，因?yàn)榕鲎埠驛球的動量增量為-4kg·m/s，可知A球受到的沖擊力為負(fù)方向，因此A球一定位于左方，A、B兩球的動量大小均為6

kg·m/s，根據(jù)mB＝2mA可知因此A球動量一定為正方向，若B球動量為正方向，根據(jù)動量守恒因此碰后A球的動量為2kg·m/s，碰后B球的動量為10kg·m/s，則若B球動量為負(fù)方向，碰后A球的動量為2kg·m/s，碰后B球的動量為-2kg·m/s，則會發(fā)生二次碰撞，不符合碰撞規(guī)律，故A正確，BCD錯誤。故選A。6、為研究光的干涉規(guī)律，小明用激光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)。他用頻率為f的紅色激光垂直照射雙縫，觀察到了干涉條紋。光速為c，下列說法正確的是（

）A．實(shí)驗(yàn)中若將入射光由紅光換成紫光，相鄰兩個亮條紋間距將變大B．如果將雙縫的間距變大，則相鄰兩個亮條紋的間距將變大C．在光屏的P點(diǎn)出現(xiàn)第三條暗條紋，則P點(diǎn)到雙縫的距離之差為D．如果將整個裝置放到水中做實(shí)驗(yàn)，相鄰兩個亮條紋間距將變大答案：CAB．將入射光由紅光換成紫光，則波長變短，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知，波長變短，相鄰亮條紋間距變小；若將雙縫的間距變大，相鄰亮條紋間距變小，A、B錯誤；C．光屏上P點(diǎn)出現(xiàn)第三條暗條紋，P點(diǎn)到雙縫的矩離之差為C正確；D．真空（或空氣）中波長為λ的光，在折射率為n的水中波長變?yōu)楣饩€到水中時波長變短，相鄰亮條紋間距變小，D錯誤。故選C。7、如圖所示，半徑為R光滑的圓弧軌道PA固定安裝在豎直平面內(nèi)，A點(diǎn)的切線水平，與水平地面的高度差為R，讓質(zhì)量為m=0.2kg的小球甲（視為質(zhì)點(diǎn)）從P點(diǎn)由靜止沿圓弧軌道滑下，從A點(diǎn)飛出，落在地面的B點(diǎn)，飛出后落到地面的水平位移為x=0.9m；把質(zhì)量為M=0.4kg的小球乙（與甲的半徑相同）靜止放置在A點(diǎn)，讓小球甲重新從P點(diǎn)由靜止沿圓弧軌道滑下，與乙發(fā)生彈性碰撞，空氣的阻力忽略不計(jì)、重力加速度，下列說法正確的是（

）A．圓弧軌道的半徑R=0.9mB．乙從A點(diǎn)飛出至落至地面過程中重力的沖量大小為C．甲、乙碰撞后乙的速度2.0m/sD．乙對甲的沖量大小為答案：CA．甲由P到A，由機(jī)械能守恒定律可得甲由A到B，由平拋運(yùn)動的規(guī)律可得綜合解得故A錯誤；B．乙做平拋運(yùn)動的時間為重力的沖量計(jì)算可得故B錯誤；C．甲乙在A點(diǎn)發(fā)生碰撞，設(shè)碰后甲乙的速度分別為、，由動量守恒由能量守恒綜合解得故C正確；D．甲乙在碰撞的過程中，對甲應(yīng)用動量定理，可得乙對甲的沖量大小為故D錯誤。故選C。8、某透明均勻介質(zhì)的截面圖如圖所示，直角三角形的直角邊與半圓形直徑重合，半圓形的圓心為點(diǎn)O，一束綠色光線從面上的點(diǎn)射入該介質(zhì)，入射光線的延長線過O點(diǎn)，且，折射光線在半圓形界面處剛好發(fā)生全反射。若不考慮二次反射情況，則（

）A．若只將光線換成藍(lán)光，光線在半圓形界面處的入射點(diǎn)將下移B．若只將光線換成紅光，光線在半圓形界面處的入射點(diǎn)將下移C．增大光線與面的夾角，綠光將從半圓形界面處射出D．增大光線與面的夾角，綠光在介質(zhì)中的傳播時間將變大答案：BAB．在同種介質(zhì)中，，由折射率可知，在處有，作出光路圖如圖所示A錯誤，B正確；CD．增大光線與面的夾角會使綠光在介質(zhì)中傳播的距離變小，同時也會增大綠光在半圓形界面處的入射角，則綠光在介質(zhì)中的傳播時間變小，且仍舊在半圓形界面處發(fā)生全反射，CD錯誤。故選B。9、三塊相同的木塊A、B、C，自同一高度由靜止開始下落，其中B在開始下落時被一個水平飛來的子彈擊中并嵌人其中，木塊C在下落一半高度時被水平飛來的一子彈擊中并嵌人其中，若三個木塊下落到地面的時間分別為，則（

）A．B．C．D．答案：B木塊A做自由落體運(yùn)動，木塊B在剛要下落瞬間被子彈射中，并留在其中，木塊B與子彈一起做平拋運(yùn)動。豎直方向A、B均做自由落體運(yùn)動，且下落高度相同，故二者下落時間相同，即木塊C落下一定距離后被同樣的子彈水平射中，也留在其中，在子彈擊中木塊過程中，豎直方向動量守恒，根據(jù)動量守恒定律可知，由于子彈進(jìn)入木塊后總質(zhì)量變大，所以木塊豎直方向的速度變小，木塊落地時間延長，木塊C在空中的運(yùn)動時間比A、B時間長，即則AB同時落地，C最后落地。故選B。10、一位同學(xué)站在水平地面上，某時刻該同學(xué)屈膝下蹲并豎直向上跳起，在人跳離地面之前的過程中地面對該同學(xué)的支持力做功為W，沖量為I，則下列判斷正確的是（

）A．W=0，I=0B．W=0，I≠0C．W≠0，I=0D．W≠0，I≠0答案：B因?yàn)樵谌似鹛倪^程中人受到的支持力的作用點(diǎn)沒有位移，根據(jù)可知支持力做功為零。根據(jù)可知彈力的沖量不為零。故選B。多選題11、如圖所示，足夠長的光滑細(xì)桿PQ水平固定，質(zhì)量為m的物塊A穿在桿上，可沿桿無摩擦滑動，質(zhì)量為0.99m的物塊B通過長度為L的輕質(zhì)細(xì)繩豎直懸掛在A上，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，A、B可視為質(zhì)點(diǎn)。若把A固定，讓質(zhì)量為0.01m的子彈以v0水平射入物塊B后，物塊B恰好能在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動，且B不會撞到輕桿。則以下說法正確的是（

）（子彈射入時間極短且均未穿出物塊）A．在子彈射入物塊B的過程中，子彈和物塊B構(gòu)成的系統(tǒng)，其動量和機(jī)械能都守恒B．子彈射入物塊B的初速度v0=100C．若物塊A不固定，子彈仍以v0射入時，物塊B上擺的初速度將等于原來物塊A固定時的上擺初速度D．若物塊A不固定，要使物塊B上擺的最大高度與A等高，子彈的初速度應(yīng)為200答案：BCDA．在子彈射入物塊B的過程中，子彈和物塊B構(gòu)成的系統(tǒng)，其動量守恒，由于摩擦發(fā)熱，所以機(jī)械能不守恒，A錯誤；B．子彈射入物塊B的過程物塊恰好運(yùn)動到最高點(diǎn)從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，由動能定理得解得v0=100B正確；C．若物塊A不固定，子彈仍以v0射入時，瞬間不受A的影響，所以子彈和物塊B動量守恒，物塊B上擺的初速度將等于原來物塊A固定時的上擺初速度。C正確；D．若物塊A不固定，要使物塊B上擺的最大高度與A等高，則有解得v0=200D正確。故選BCD。12、如圖所示的彈簧振子，O點(diǎn)為它的平衡位置，關(guān)于振子的運(yùn)動，下列說法正確的是（

）A．振子從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)時位移大小為OC，方向向右B．振子從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的過程中，速度在增大，加速度在減小C．振子從C點(diǎn)運(yùn)動到A點(diǎn)時位移大小為，方向向右D．振子從A點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)的過程中，速度先增大后減小，加速度先減小后增大答案：ABA．振子從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)時的位移是以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)，C點(diǎn)為終點(diǎn)，故大小為OC，方向向右，故A正確；BD．振子的合外力為彈簧的彈力，振子從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的過程中和從A點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)的過程中，彈力都在減小，故由公式a＝-kx，可知加速度都在減小，速度方向和加速度方向相同，故速度在增大，故B正確D錯誤；C．振子從C點(diǎn)運(yùn)動到A點(diǎn)時的位移是以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)，A點(diǎn)為終點(diǎn)，故大小OA，方向向右，故C錯誤；故選AB。13、某同學(xué)利用如圖所示的裝置探究碰撞過程中的不變量，下列說法正確的是（）A．懸掛兩球的細(xì)繩長度要適當(dāng)，可以不等長B．由靜止釋放小球以便較準(zhǔn)確地計(jì)算小球碰前的速度C．兩小球必須都是鋼性球，且質(zhì)量相同D．兩小球碰后可以黏合在一起共同運(yùn)動答案：BDA．兩繩等長，能保證兩球正碰以減小實(shí)驗(yàn)誤差，故A錯誤；B．由靜止釋放小球以便較準(zhǔn)確地計(jì)算小球碰前的速度，計(jì)算碰撞前速度時用到了即初速度為0，故B正確；C．本實(shí)驗(yàn)中對小球的性能無要求，故C錯誤；D．兩球正碰后，運(yùn)動情況有多種可能，故D正確。故選BD。14、關(guān)于以下四張圖片，下列說法正確的是（）A．圖甲所示疾馳而過的急救車使人感覺音調(diào)變化，是由于多普勒效應(yīng)引起的B．圖乙所示豎直的肥皂膜看起來常常是水平彩色橫紋，是由于光的衍射產(chǎn)生的C．圖丙所示現(xiàn)象說明光具有干涉的特性D．圖丁所示水中的氣泡看上去特別明亮，是由于光的全反射引起的答案：ADA．多普勒效應(yīng)：觀察者接收到的頻率大于或小于波源的實(shí)際頻率，音調(diào)即聲音的頻率，A正確；BC．肥皂薄膜彩色條紋是光的干涉；牛頓環(huán)，鏡頭鍍增透膜、增反膜，泊松亮斑是光的衍射；攝影師拍櫥窗里面的景物時加一個消除反光的裝置、立體電源、液晶屏幕是光的偏振，BC錯誤；D．氣泡特別明亮是光線從水射向氣泡里的空氣，是從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，發(fā)生全反射，D正確。15、如圖所示，繩長為l，小球質(zhì)量為m1，小車質(zhì)量為m2，將小球向右拉至水平后放手，則（水平面光滑）（

）A．系統(tǒng)的總動量守恒B．水平方向任意時刻小球與小車的動量等大反向C．小球不能向左擺到原高度D．小車向右移動的最大距離為答案：BDAB．根據(jù)題意可知，系統(tǒng)只是在水平方向所受的合力為零，豎直方向的合力不為零，故水平方向的動量守恒，而總動量不守恒，即水平方向任意時刻小球與小車的動量等大反向，A錯誤、B正確；C．以小球和小車組成的系統(tǒng)，只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，且小球和小車水平方向的合動量為零，當(dāng)小球的速度為零時、小車的速度也為零，所以小球能向左擺到原高度，C錯誤；D．小球與小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，初始時總動量為0，設(shè)小車向右運(yùn)動的最大距離為x，則小球向左運(yùn)動的位移為2l

-

x；取向右為正方向，根據(jù)水平方向平均動量守恒有可得D正確。故選BD。16、質(zhì)量為M的帶有光滑圓弧軌道的小車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質(zhì)量也為M的小球以速度v0水平?jīng)_上小車，到達(dá)某一高度后，小球又返回小車的左端，重力加速度為g，則（

）A．小球以后將向左做平拋運(yùn)動B．小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動C．此過程小球?qū)π≤囎龅墓镸v02D．小球在圓弧軌道上上升的最大高度為答案：BCAB．從小球沖上小車到小球離開小車的過程，系統(tǒng)在水平方向上動量守恒且無摩擦力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，設(shè)小球離開小車時候的小球速度為v1,小車速度為v2，根據(jù)動量守恒有Mv0=Mv1+Mv2根據(jù)機(jī)械能守恒聯(lián)立解得v1=0v2=v0即作用后兩者交換速度，小球速度變?yōu)榱悖_始做自由落體運(yùn)動，A錯誤，B正確；C．根據(jù)動能定理小球?qū)π≤囁鞯墓正確；D．小球上升到最高點(diǎn)時,與小車相對靜止，有相同的速度v，根據(jù)動量守恒定律Mv0=2Mv根據(jù)機(jī)械能守恒定律Mv02=2×（Mv2）+Mgh聯(lián)立解得h＝D錯誤。故選BC。17、如圖所示，兩列簡諧橫波在同一根繩上傳播，已知甲波向左傳播，t＝0時刻恰好傳播到x＝處，乙波向右傳播，t＝0時刻恰好傳播到x＝處，經(jīng)過0.5s后甲波剛好到達(dá)O點(diǎn)，兩列波的振幅均為2cm，則以下說法正確的是（

）A．甲波的波速為1.0cm/sB．兩列波相遇后，x＝0處質(zhì)點(diǎn)的振幅為4cmC．x＝1.5cm處的質(zhì)點(diǎn)在0～3s內(nèi)通過的路程為16cmD．t＝1s時，x＝1.25cm處的質(zhì)點(diǎn)的振動方向沿方向答案：ACD甲波波速波速由介質(zhì)決定，則結(jié)合題圖知，兩列波相遇后，x＝0處是振動減弱點(diǎn)，始終不振動，即x＝0處質(zhì)點(diǎn)的振幅乙波傳播到x＝1.5cm質(zhì)點(diǎn)處所用時間則x＝1.5cm處質(zhì)點(diǎn)在0～2s內(nèi)，以A＝2cm振動一個周期，路程兩列波相遇后，x＝1.5cm處為振動加強(qiáng)點(diǎn)，2～3s內(nèi)該質(zhì)點(diǎn)以振幅A′＝4cm振動半個周期，路程故總路程為此時乙波還未傳播到x＝1.25cm處，知x＝1.25cm處質(zhì)點(diǎn)振動方向沿方向，故ACD正確，B錯誤。故選ACD。18、如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的兩端分別與質(zhì)量是、的A、B兩物塊相連，它們靜止在光滑水平面上，兩物塊質(zhì)量之比?，F(xiàn)給物塊A一個水平向右的初速度v0并從此時刻開始計(jì)時，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，下列說法正確的是（

）A．時刻彈簧長度最短，時刻彈簧長度最長B．時刻彈簧處于伸長狀態(tài)C．D．答案：AC由圖像可以判知：（1）時刻二者速度相同、彈簧長度最短；（2）時刻二者速度相同、彈簧長度最長；（3）時刻二者速度反向、彈簧恰好處于原長狀態(tài)。AB．從0到的過程中，的速度比的大，彈簧被壓縮，時刻兩物塊達(dá)到共同速度，此后，的速度比的小，兩者間距增大，彈簧的壓縮量減小，所以時刻彈簧長度最短，時刻的速度最大，此后的速度減小，彈簧被拉伸，則時刻彈簧恢復(fù)原長，時刻兩物塊速度相等，此時彈簧最長，故A正確，B錯誤；C．兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得時刻彈簧恢復(fù)原長，彈簧彈性勢能為零，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得解得故C正確；D．兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得解得故D錯誤。故選AC。19、如圖所示為“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置，下列說法正確的是（

）A．懸掛兩球的細(xì)紳長度要適當(dāng)，且等長B．兩小球必須都是剛性球，且質(zhì)量相同C．由靜止釋放小球以便較準(zhǔn)確地計(jì)算小球碰前的速度D．兩小球碰后可以粘在一起共同運(yùn)動答案：ACDA．細(xì)繩長度適當(dāng)，便于操作；兩繩等長，以保證兩球能對心碰撞，A正確；B．為保證實(shí)驗(yàn)結(jié)論的普適性，兩球質(zhì)地是任意的，質(zhì)量也需考慮各種情況，但大小必須相同，以保證兩球發(fā)生正碰，B錯誤；C．由靜止釋放小球，初動能為零，可由機(jī)械能守恒計(jì)算碰前小球的速度，方便簡單，C正確；D．碰后兩球分開或共同運(yùn)動都是實(shí)驗(yàn)時可能出現(xiàn)的運(yùn)動情況，D正確。故選ACD。20、一列簡諧橫波在時的波形圖如圖甲所示，P是介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)，圖乙是質(zhì)點(diǎn)Р的振動圖像。已知該波在該介質(zhì)中的傳播速度為10m/s，則（

）A．該波沿x軸負(fù)方向傳播B．再經(jīng)過0.9s，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為30cmC．時刻質(zhì)點(diǎn)P離開平衡位置的位移cmD．質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置坐標(biāo)為答案：ADA．由乙圖可知0.8s時

P點(diǎn)振動方向向下，根據(jù)上下坡法，波沿負(fù)方向傳播，A正確；B．經(jīng)過1個周期，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程經(jīng)過0.5個周期，經(jīng)過的路程以上規(guī)律質(zhì)點(diǎn)在任何位置開始都適用經(jīng)過個周期，經(jīng)過的路程以上規(guī)律質(zhì)點(diǎn)只有在特殊位置（平衡位置、最大位移處）才適用，

，此時P未處于特殊位置，B錯誤；C．由圖乙可知，0時刻質(zhì)點(diǎn)P位于平衡位置，C錯誤；D．根據(jù)簡諧運(yùn)動的表達(dá)式當(dāng)則即處的質(zhì)點(diǎn)從平衡位置到5cm經(jīng)歷的時間故P點(diǎn)振動形式傳播到處的時間故D正確。故選AD。填空題21、平行玻璃磚底面涂有反射層，一束由a、b兩種單色光組成的復(fù)合光以45°入射角斜射到玻璃磚的上表面，經(jīng)折射、反射再折射的光路如圖所示。不考慮光在玻璃磚上表面的反射，則玻璃磚對單色光____（填“a”或“b”）的折射率大，單色光____（填“a”或“b”）在玻璃磚中傳播的時間長；兩束單色光從玻璃磚上表面出射后相互____（填“平行”或“不平行”）。

答案：

a

a

平行[1]由圖可知，單色光a偏折的程度大，因此玻璃磚對單色光a的折射率大。[2][3]設(shè)光在玻璃磚上表面發(fā)生折射時的折射角為r，則n=設(shè)玻璃磚的厚度為d，則光在玻璃磚中傳播的路程s=傳播的時間t===·=由此可知，折射角越小，光的傳播時間越長，故單色光a在玻璃磚中傳播的時間長。根據(jù)光路可逆和對稱性可知，兩束光從玻璃磚出射后相互平行。22、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為，時刻的波形圖如圖甲所示，處的質(zhì)點(diǎn)的振動圖線如圖乙所示，已知該波的波長大于0.30m，則該波的波長為________m，周期為________s。答案：

0.8

0.4[1][2]由題圖乙得到，時，即解得相位由得到簡諧波在均勻介質(zhì)中勻速傳播，經(jīng)過時間傳播的距離，于是有解得波長為已知波速可得23、2021年央視春晚首次采用5G信號“云”傳播方式，使“云”觀眾、“云”演員和春晚互動起來。5G是“第五代移動通信技術(shù)”的簡稱。5G信號一般采用頻段的無線電波，而現(xiàn)行第四代移動通信技術(shù)4G的頻段范圍是，則在真空中5G信號的波長一定______（填“大于”“小于”或“等于”）4G，空間傳播的5G信號和4G信號______（填“能”或“不能”）產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，5G信號在傳輸過程中更______（填“容易”或“難”）繞過障礙物。答案：

小于

不能

難[1]真空中電磁波傳播速度相同，根據(jù)可知，頻率越高，波長越短，故真空中5G信號的波長一定小于4G；[2]產(chǎn)生干涉的條件是兩波的頻率相同，故空間傳播的5G信號和4G信號不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象；[3]波在