2024-2025學(xué)年高中地理必修一測(cè)評(píng)卷 期末學(xué)業(yè)水平檢測(cè)

密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密封線內(nèi)不要答題姓名班級(jí)考號(hào)姓名班級(jí)考號(hào)密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密封線內(nèi)不要答題期末學(xué)業(yè)水平檢測(cè)全卷滿分100分考試用時(shí)90分鐘一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題,每小題3分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的)1.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們運(yùn)用了許多物理學(xué)的方法,如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思維法、類比法、假設(shè)法、微元法、科學(xué)假說法和建立物理模型法等。下列關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述正確的是()A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí),用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫假設(shè)法B.根據(jù)速度定義式,當(dāng)Δt非常小時(shí),就可以用平均速度表示物體在某時(shí)刻的瞬時(shí)速度,該定義運(yùn)用了微元法C.在研究重力的作用點(diǎn)重心的過程中,利用了等效的思想D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí),把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段,將每一小段都看成勻速直線運(yùn)動(dòng),然后把各小段的位移相加,這里采用了極限思維法2.2021年10月16日0時(shí)23分,搭載神舟十三號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征二號(hào)F遙十三運(yùn)載火箭,在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心按照預(yù)定時(shí)間精準(zhǔn)點(diǎn)火發(fā)射,6時(shí)56分,采用自主快速交會(huì)對(duì)接模式成功對(duì)接于天和核心艙徑向端口,3名航天員隨后從神舟十三號(hào)載人飛船進(jìn)入天和核心艙,發(fā)射取得圓滿成功。以下說法正確的是()A.神舟飛船與天和核心艙對(duì)接過程,均可視為質(zhì)點(diǎn)B.載人飛船加速上升過程,3名航天員均處于失重狀態(tài)C.3名航天員環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)過程,均處于平衡狀態(tài)D.以地球?yàn)閰⒖枷?飛船與核心艙的組合體繞地球一周,平均速度為零3.如圖,粗糙的木塊A、B疊放在一起,靜置于水平面上。現(xiàn)使木塊B受到一個(gè)水平方向的拉力F,但木塊A、B仍保持靜止,則()A.木塊A與木塊B之間無摩擦力B.木塊A對(duì)木塊B的壓力就是木塊A受到的重力C.木塊B不動(dòng)是因?yàn)樗艿降牡孛娴哪Σ亮Υ笥诶D.木塊B先對(duì)地面施加壓力,使地面發(fā)生形變后,地面再對(duì)木塊B施加支持力4.根據(jù)我國(guó)道路交通管理的相關(guān)規(guī)定,同一車道行駛的機(jī)動(dòng)車,后車必須根據(jù)行駛速度、天氣和路面情況,與前車保持必要的安全距離。如圖所示的安全距離示意圖,標(biāo)出了一般情況下汽車在不同行駛速度下所對(duì)應(yīng)的大致安全的剎車距離。在通常情況下,駕駛者的反應(yīng)時(shí)間平均為0.4~1.5s,下列說法正確的是()A.車速越大駕駛員的反應(yīng)時(shí)間越長(zhǎng)B.反應(yīng)時(shí)間是指剎車后的0.4s至1.5s這一段時(shí)間C.由圖可看出,當(dāng)行駛速度為60km/h時(shí),停車距離與反應(yīng)距離的比值為4∶3D.由圖可看出,隨著行駛速度的增大,反應(yīng)距離與剎車距離的比值逐漸減小5.如圖甲所示,塔吊是現(xiàn)代工地必不可少的建筑設(shè)備之一,塔吊通過鋼索將建筑材料從地面吊到高處。某次施工,塔吊司機(jī)將建筑材料沿豎直方向提升,某段時(shí)間內(nèi)建筑材料在豎直方向上運(yùn)動(dòng)的x-t圖像如圖乙所示,其中t1~t2時(shí)間段內(nèi)的圖線為直線,下列說法正確的是()A.0~t1內(nèi),建筑材料處于超重狀態(tài)B.t1~t2內(nèi),建筑材料處于超重狀態(tài)C.t2~t3內(nèi),建筑材料處于超重狀態(tài)D.0~t3內(nèi),t3時(shí)刻建筑材料的速度達(dá)到最大6.如圖所示,質(zhì)量為m=3kg的木塊放在傾角θ=30°的足夠長(zhǎng)的固定斜面上,木塊可以沿斜面勻速下滑。若用沿斜面向上的力F作用于木塊上,使其由靜止開始沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng),經(jīng)過t=2s時(shí)間木塊沿斜面上滑4m的距離,則推力F的大小為(重力加速度g取10m/s2)()A.42NB.6NC.21ND.36N7.如圖所示,a、b兩個(gè)小球穿在一根與水平面成θ角的光滑固定桿上,并且通過一條跨過定滑輪的細(xì)繩連接,當(dāng)兩球靜止時(shí),Oa段繩與桿的夾角也為θ,Ob段繩沿豎直方向。已知a球質(zhì)量為m,重力加速度為g,不計(jì)所有摩擦,則下列說法正確的是()A.a可能受到2個(gè)力的作用 B.b可能受到3個(gè)力的作用C.b的重力為mgtanθ D.繩子對(duì)a的拉力等于mg8.某同學(xué)為了研究物體下落過程的特點(diǎn),設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn):將兩本書A、B從高樓樓頂放手讓其落下,兩本書下落過程中沒有翻轉(zhuǎn)和分離,由于受到空氣阻力的影響,其v-t圖像如圖乙所示,虛線在P點(diǎn)與圖線相切,已知mA=2kg,mB=2kg,重力加速度g=10m/s2。由圖可知()A.0~2s內(nèi)A、B的平均速度等于4.5m/sB.t=2s時(shí)A、B受到的空氣阻力等于25NC.t=2s時(shí)A對(duì)B的壓力等于16ND.下落過程中A對(duì)B的壓力不變二、多項(xiàng)選擇題(本大題共4小題,每小題4分,共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得4分,選對(duì)但不全的得2分,有選錯(cuò)或不答的得0分)9.A、B兩物體從同一點(diǎn)朝同一方向做直線運(yùn)動(dòng),它們的v-t圖像如圖所示,則下列說法正確的有()A.A物體保持靜止,B物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.t1時(shí)刻兩物體相遇C.2t1時(shí)刻兩物體相遇D.在B物體追上A物體之前,t1時(shí)刻兩物體之間距離最大10.如圖所示,一廣場(chǎng)小火車由車頭和車廂編組而成。假設(shè)各車廂質(zhì)量均相等(含乘客),在水平地面上運(yùn)行過程中阻力與車重成正比。一廣場(chǎng)小火車共有3節(jié)車廂,車頭對(duì)第1節(jié)車廂的拉力為T1,第1節(jié)車廂對(duì)第2節(jié)車廂的拉力為T2,第2節(jié)車廂對(duì)第3節(jié)車廂的拉力為T3,則()A.當(dāng)小火車勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),T1=T2=T3B.當(dāng)小火車勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),T1∶T2∶T3=3∶2∶1C.當(dāng)小火車勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),T1=T2=T3D.當(dāng)小火車勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),T1∶T2∶T3=3∶2∶111.一物體放置在傾角為θ的斜面上,斜面固定在加速上升的電梯中,加速度為a,如圖所示。在物體始終相對(duì)于斜面靜止的條件下,下列說法中正確的是()A.當(dāng)θ一定時(shí),a越大,斜面對(duì)物體的支持力越小B.當(dāng)θ一定時(shí),a越大,斜面對(duì)物體的摩擦力越大C.當(dāng)a一定時(shí),θ越大,斜面對(duì)物體的支持力越小D.當(dāng)a一定時(shí),θ越大,斜面對(duì)物體的摩擦力越大12.如圖(a)所示,質(zhì)量為M=3kg的木板放置在水平地板上,可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=2kg的物塊靜止在木板右端。t=0時(shí)刻對(duì)木板施加水平向右的外力,t=2s時(shí)刻撤去外力,木板的v-t圖像如圖(b)所示。已知物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2,物塊始終沒有滑離木板,重力加速度g取10m/s2。則()A.木板與地板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3B.水平外力的大小為18NC.物塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2.4sD.木板長(zhǎng)度至少為2.40m三、非選擇題(本大題共6小題,共60分)13.(6分)某同學(xué)為了驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”,選用了質(zhì)量為250g的純牛奶和以下器材:輕繩若干、50g的鉤碼若干、白紙、木板、兩個(gè)光滑的定滑輪。如圖1所示,當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí),兩根繩子所掛鉤碼的個(gè)數(shù)分別為N1和N2。回答下列問題:(1)改變鉤碼個(gè)數(shù),實(shí)驗(yàn)?zāi)艹晒Φ氖?

A.N1=N2=3B.N1=N2=2C.N1=2,N2=4D.N1=10,N2=0(2)每次測(cè)量中,O點(diǎn)的位置(填“需要”或“不需要”)保持不變;

(3)在處理數(shù)據(jù)作圖時(shí),你認(rèn)為圖2中可能符合實(shí)驗(yàn)事實(shí)的是(填“甲”或“乙”)。

14.(10分)利用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。(1)本裝置中要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,如圖乙所示是實(shí)驗(yàn)室常用的兩種打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,其中A裝置用的電源是(在以下選項(xiàng)中選擇合適的一項(xiàng))。

(2)如圖丙所示是實(shí)驗(yàn)中按規(guī)范操作打出的紙帶的一部分。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50Hz的交流電上,每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出,由該紙帶可得:①滑塊在G點(diǎn)的速度為v=m/s(結(jié)果保留2位有效數(shù)字);

②滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度為a=m/s2(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

(3)保持滑塊質(zhì)量不變,改變砝碼盤中砝碼質(zhì)量,多次實(shí)驗(yàn)作出了如圖丁所示的a-F圖像,則:①圖線不過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是;

②由圖像可得出滑塊的質(zhì)量為kg(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

15.(8分)如圖(a)所示,將物塊A于P點(diǎn)處由靜止釋放,B落地后不反彈,繩上拉力消失,最終A停在Q點(diǎn)。物塊A的v-t圖像如圖(b)所示。已知B的質(zhì)量為0.3kg,重力加速度g取10m/s2。求:(1)物塊A在加速和減速階段的位移大小以及加速度大小;(2)物塊A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。16.(9分)如圖所示,半球形容器固定在水平地面上,質(zhì)量分布均勻的甲、乙兩球在容器內(nèi)處于靜止?fàn)顟B(tài)。兩球的質(zhì)量均為m=2kg,半徑均為容器半徑的38,重力加速度g取10m/s2,不計(jì)一切摩擦。求(1)乙球?qū)浊虻膹椓Υ笮1;(2)甲球?qū)θ萜鞯膲毫Υ笮2。17.(13分)如圖所示的A、B兩個(gè)物體,距地面高度為H=45m,A物體因在運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力不計(jì),其加速度為重力加速度g(g取10m/s2),B物體由于受到阻力作用,其加速度大小為aB=9m/s2,方向豎直向下,A、B兩物體均可視為質(zhì)點(diǎn)。求:(1)若A、B兩物體同時(shí)由靜止釋放,則當(dāng)物體A落地時(shí)物體B離地的距離;(2)若要使兩物體同時(shí)落地,在B物體由靜止釋放后,需要經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間將A物體由靜止釋放;(3)若將B物體移到距地面高度h=36m、A的正下方C點(diǎn),同時(shí)由靜止釋放A、B兩物體,A物體能否在B落地前追上B,若能,計(jì)算其追上的位置距地面的距離;若不能,則在A釋放時(shí)至少給A物體多大的豎直向下的初速度,才能追上B物體?(結(jié)果可保留根號(hào))

18.(14分)許多工廠的流水線上安裝有傳送帶用于傳送工件,以提高工作效率。傳送帶由裝在B端的驅(qū)動(dòng)電機(jī)帶動(dòng),傳送帶的速率恒為v=2m/s,運(yùn)送質(zhì)量為m=0.5kg的工件,將工件輕放到傳送帶上的A端,每當(dāng)前一個(gè)工件在傳送帶上停止相對(duì)滑動(dòng)時(shí),后一個(gè)工件立即輕放到傳送帶上。工件與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=32,傳送帶與水平方向的夾角θ=30°,傳送帶A、B兩端的距離L=16m。重力加速度g=10m/s2,工件可視作質(zhì)點(diǎn)。求(1)工件在傳送帶上加速過程通過的位移大小x;(2)工件從A端傳送到B端所需要的時(shí)間t;(3)相對(duì)傳送帶靜止的工件,相鄰工件間的距離Δx;(4)當(dāng)傳送帶所載工件最多時(shí),相比于空載的情況下,驅(qū)動(dòng)電機(jī)應(yīng)對(duì)傳送帶增加的牽引力ΔF多大?

答案與分層梯度式解析1.C2.D3.A4.D5.A6.D7.C8.C9.CD10.BD11.BCD12.BD1.C在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí),用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫理想模型法,A錯(cuò)誤;根據(jù)速度定義式v=ΔxΔt,當(dāng)Δt非常小時(shí),就可以用平均速度表示物體在某時(shí)刻的瞬時(shí)速度,該定義應(yīng)用了極限思維法,B錯(cuò)誤;重心是重力的等效作用點(diǎn),是采用了等效的思想,C正確;在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí),把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段,每一小段近似看成勻速直線運(yùn)動(dòng),然后把各小段的位移相加,就是整個(gè)過程的位移,這里采用了微元法,D2.D神舟飛船與天和核心艙對(duì)接過程,它們的大小和形狀不能忽略,否則不能判斷是否對(duì)接成功,則均不可視為質(zhì)點(diǎn),A錯(cuò)誤;載人飛船加速上升過程,具有向上的加速度,3名航天員處于超重狀態(tài),B錯(cuò)誤;3名航天員環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)過程中,均處于非平衡狀態(tài),C錯(cuò)誤;飛船與核心艙的組合體繞地球一周,位移為零,平均速度為零,D正確。3.A對(duì)A分析,若A、B之間有摩擦力,則A無法保持平衡狀態(tài),所以木塊A與木塊B之間無摩擦力,故A正確;A對(duì)B的壓力的施力物體是A、受力物體是B,木塊A的重力的施力物體是地球、受力物體是A,A對(duì)B的壓力大小等于A的重力,但二者不是同一個(gè)力,故B錯(cuò)誤;B不動(dòng)是因?yàn)樗c地面間的最大靜摩擦力大于F,根據(jù)平衡條件可知B實(shí)際受到的摩擦力大小等于拉力F,故C錯(cuò)誤;木塊B對(duì)地面的壓力和地面對(duì)B的支持力是一對(duì)作用力與反作用力,二者同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)消失,故D錯(cuò)誤。4.D反應(yīng)時(shí)間是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到剎車的時(shí)間,平均為0.4~1.5s,與車速無關(guān),A、B錯(cuò)誤;由圖看出,當(dāng)行駛速度為60km/h時(shí),停車距離與反應(yīng)距離的比值為20m+15m15m=73,C錯(cuò)誤;題圖中三種不同行駛速度對(duì)應(yīng)的反應(yīng)距離與剎車距離之比分別為10m10m=1,15m20m=34,20m40m=125.Ax-t圖線的斜率表示速度,在0~t1內(nèi),圖線斜率增大,則速度增大,建筑材料向上加速,處于超重狀態(tài),A正確;t1~t2內(nèi)圖線斜率不變,則速度不變,建筑材料勻速上升,既不超重也不失重,B錯(cuò)誤;t2~t3內(nèi)圖線斜率減小,則速度減小,建筑材料向上減速,處于失重狀態(tài),C錯(cuò)誤;0~t3內(nèi)建筑材料先加速后勻速再減速,則t1時(shí)刻建筑材料的速度達(dá)到最大,t3時(shí)刻建筑材料的高度最大,D錯(cuò)誤。6.D木塊沿斜面勻速下滑時(shí),由平衡條件知mgsinθ=μmgcosθ;當(dāng)木塊在推力F作用下加速上滑時(shí),由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得x=12at2,解得加速度a=2m/s2,由牛頓第二定律得F-mgsinθ-μmgcosθ=ma,解得F=36N,D7.C對(duì)b進(jìn)行受力分析,因?yàn)镺b段繩沿豎直方向,故b只受豎直向下的重力和豎直向上的繩子的拉力而平衡,有F'T=mbg,B錯(cuò)誤;細(xì)繩對(duì)b有拉力,故對(duì)a也有等大的拉力,對(duì)a進(jìn)行受力分析,如圖,故a需受3個(gè)力才能平衡,A錯(cuò)誤;在a的受力分析圖中,FN垂直桿向上,它與豎直方向的夾角為θ,繩的拉力FT沿繩方向,故它與豎直方向的夾角β=90°-2θ,故α=90°+θ,FT和FN的合力與a的重力大小相等,由正弦定理可得mgsinα=FTsinθ,解得FT=mgtanθ,D錯(cuò)誤;又因?yàn)镕T=F'T=mbg,所以b的重力為mg8.C根據(jù)v-t圖線與t軸圍成的面積表示位移,可知在0~2s內(nèi)A、B的位移大于9m,所以平均速度大于4.5m/s,A錯(cuò)誤;根據(jù)v-t圖線的斜率表示加速度,可知t=2s時(shí)A、B的加速度大小為a=ΔvΔt=9-52m/s2=2m/s2,對(duì)于A、B整體,根據(jù)牛頓第二定律可得(mA+mB)g-F阻=(mA+mB)a,解得F阻=32N,B錯(cuò)誤;t=2s時(shí)以A為研究對(duì)象,根據(jù)牛頓第二定律可得mAg-FN=mAa,解得FN=16N,根據(jù)牛頓第三定律可得A對(duì)B的壓力等于16N,C正確;下落過程中A的加速度逐漸減小到零后不變,B對(duì)A的支持力FN=mAg-mAa逐漸增大至等于mAg后不變,根據(jù)牛頓第三定律可知A對(duì)B的壓力逐漸增大至等于mAg后不變9.CDA物體做勻速直線運(yùn)動(dòng),B物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng),A錯(cuò)誤;t1時(shí)刻之前A物體的速度大于B物體的,兩物體之間距離逐漸變大,t1時(shí)刻兩物體速度相等,此時(shí)相距最遠(yuǎn),B錯(cuò)誤,D正確;由v-t圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移,可知0~2t1時(shí)間內(nèi)兩物體的位移相等,即2t1時(shí)刻兩物體相遇,C正確。故選C、D。10.BD設(shè)每節(jié)車廂重G,當(dāng)小火車勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),對(duì)3節(jié)車廂整體分析,T1=f阻1=k×3G,對(duì)后2節(jié)車廂整體分析,T2=f阻2=k×2G,對(duì)第3節(jié)車廂分析,T3=f阻3=k×G,得T1∶T2∶T3=3∶2∶1,A錯(cuò)誤,B正確;當(dāng)小火車勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),設(shè)加速度為a,對(duì)3節(jié)車廂整體分析有T1-f阻1=T1-k×3G=3ma,對(duì)后2節(jié)車廂整體分析有T2-f阻2=T2-k×2G=2ma,對(duì)第3節(jié)車廂分析,T3-f阻3=T3-k×G=ma,得T1∶T2∶T3=3∶2∶1,C錯(cuò)誤,D正確。11.BCD對(duì)物體受力分析,建立直角坐標(biāo)系,如圖所示在y軸方向,由牛頓第二定律得fsinθ+Ncosθ-mg=ma,在x軸方向,由平衡條件得Nsinθ=fcosθ,解得斜面對(duì)物體的支持力N=m(g+a)cosθ,斜面對(duì)物體的摩擦力f=m(g+a)·sinθ,可知當(dāng)θ一定時(shí),a越大,N越大,f越大,A錯(cuò)誤,B正確;當(dāng)a一定時(shí),θ越大,N越小,f越大,C、D正確。12.BD由v-t圖線的斜率表示加速度,可知木板先做勻加速直線運(yùn)動(dòng),加速度為a1=ΔvΔt=3m/s2,撤去外力后的一段時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度為a2=Δv'Δt'=-3m/s2,設(shè)水平外力大小為F,木板與地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ',則有F-μ'(M+m)g-μmg=Ma1,-μ'(M+m)g-μmg=Ma2,解得μ'=0.1,F=18N,A錯(cuò)誤,B正確;物塊與木板相對(duì)滑動(dòng)時(shí)物塊的加速度a塊=μg=2m/s2,經(jīng)t1=2s時(shí)間物塊的速度大小為v塊=a塊t1=4m/s,此時(shí)物塊的位移x1=12a塊t12=4m,設(shè)再經(jīng)t2時(shí)間物塊與木板共速,則有v共=v板+a2t2=v塊+a塊t2,解得t2=0.4s,v共=4.8m/s,此后物塊與木板相對(duì)靜止并沿地板滑動(dòng),直至停下來,繼續(xù)滑動(dòng)的時(shí)間t3=v共μ'g=4.8s,所以物塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=t1+t2+t3=7.2s,C錯(cuò)誤;從撤去外力到物塊與木板達(dá)到相對(duì)靜止這段時(shí)間內(nèi)物塊的位移x2=v塊t2+12a塊t22=1.76m,從撤去外力到物塊與木板達(dá)到相對(duì)靜止這段時(shí)間內(nèi)木板的位移x板2=v板t2+12a2t22=2.16m,木板前2s內(nèi)的位移x板1=12a1t12=6m,木板長(zhǎng)度至少為L(zhǎng)=13.答案(1)AC(2分)(2)不需要(2分)(3)甲(2分)解析(1)對(duì)O點(diǎn)進(jìn)行受力分析,質(zhì)量為250g的純牛奶的重力相當(dāng)于5個(gè)鉤碼的重力,設(shè)N3=5,系統(tǒng)平衡時(shí),鉤碼的個(gè)數(shù)滿足N1+N2>N3>N1-N2,只有(2)每一次改變鉤碼個(gè)數(shù),只要保證O點(diǎn)平衡即可,每次測(cè)量中,O點(diǎn)位置不需要保持不變。(3)實(shí)驗(yàn)中牛奶的重力方向是豎直向下的,乙錯(cuò)誤;F合是F1和F2的合力的理論值,允許有一定的偏差,故甲正確。14.答案(1)D(2分)(2)①0.60(2分)②0.16(2分)(3)①?zèng)]有補(bǔ)償阻力或補(bǔ)償阻力不足(2分)②1.0(2分)解析(1)圖中的A裝置是電火花計(jì)時(shí)器,要用220V交流電源,故選D。(2)滑塊在G點(diǎn)的速度為v=xFH2T=(5.92+6.08)×0.010.2②利用逐差法,滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a=xFJ-xBF(4(3)圖丁所示的a-F圖像不過坐標(biāo)原點(diǎn),當(dāng)F=0.1N時(shí)才開始有加速度,原因是沒有補(bǔ)償阻力或補(bǔ)償阻力不足;對(duì)滑塊分析有F-f=ma,解得a=Fm-fm,對(duì)比a-F圖像的斜率,有1m=0.5-00.6-0.1kg-1,解得滑塊的質(zhì)量m15.答案(1)見解析(2)0.1解析(1)v-t圖像的斜率表示加速度,v-t圖線與時(shí)間軸所圍面積表示位移;取水平向右為正方向,在0~1s加速階段,加速度a1=Δv1Δt1=2-01-0m/s2=2m/s位移x1=12×1×2m=1m(1分在1~3s減速階段,加速度a2=Δv2Δt2=0-23-1m/s2=-1m/s位移x2=12×2×2m=1m(1分(2)在1~3s內(nèi),對(duì)物塊A分析,由牛頓第二定律得-μmAg=mAa2(2分)解得μ=0.1(2分)16.答案(1)15N(2)25N解析(1)設(shè)容器的半徑為R,甲球的受力情況如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知cosα=3R8R-3R8根據(jù)力的平衡條件,乙球?qū)浊虻膹椓1=mgtanα(2分解得F1=15N(1分)(2)根據(jù)力的平衡條件,容器對(duì)甲球的支持力F'2=mgsinα(2分根據(jù)牛頓第三定律,甲球?qū)θ萜鞯膲毫2=F'2(1分)解得F