山東省煙臺(tái)市2016屆高考物理仿真模擬試卷(解析版)

第8頁（共27頁）2016年山東省煙臺(tái)市高考物理仿真模擬試卷一、選擇題:本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1~5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6~8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．如圖,左側(cè)為加速電場(chǎng)，右側(cè)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，加速電場(chǎng)的加速電壓是偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓的k倍，有一初速為零的電荷經(jīng)加速電場(chǎng)加速后,從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板正中間垂直電場(chǎng)方向射入，且正好能從極板下邊緣穿出電場(chǎng)，不計(jì)電荷的重力，則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)長(zhǎng)寬之比的值為(）A． B． C． D．2．如圖所示，在斜面頂端A以速度v水平拋出一小球，經(jīng)過時(shí)間t1恰好落在斜面的中點(diǎn)P；若在A點(diǎn)以速度2v水平拋出小球，經(jīng)過時(shí)間t2完成平拋運(yùn)動(dòng)．不計(jì)空氣阻力，則（)A．t2＞2t1 B．t2=2t1C．t2＜2t1 D．落在B點(diǎn)3．如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A和B用一根長(zhǎng)為0。2m的輕桿相連,兩球質(zhì)量相等，開始時(shí)兩小球置于光滑的水平面上，并給兩小球一個(gè)2m/s的初速度，經(jīng)一段時(shí)間兩小球滑上一個(gè)傾角為30°的光滑斜面，不計(jì)球與斜面碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，g取10m/s2,在兩小球的速度減小為零的過程中，下列判斷正確的是（）A．桿對(duì)小球A做負(fù)功B．小球A的機(jī)械能守恒C．桿對(duì)小球B做正功D．小球B速度為零時(shí)距水平面的高度為0。15m4．2014年10月24日，“嫦娥五號(hào)”探路兵發(fā)射升空，為計(jì)劃于2017年左右發(fā)射的“嫦娥五號(hào)"探路，并在8天后以“跳躍式返回技術(shù)"成功返回地面．“跳躍式返回技術(shù)”指航天器在關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后進(jìn)入大氣層，依靠大氣升力再次沖出大氣層，降低速度后再進(jìn)入大氣層．如圖所示，虛線為大氣層的邊界．已知地球半徑R，地心到d點(diǎn)距離r，地球表面重力加速度為g．下列說法正確的是（）A．“嫦娥五號(hào)"在b點(diǎn)處于完全失重狀態(tài)B．“嫦娥五號(hào)”在d點(diǎn)的加速度小于C．“嫦娥五號(hào)”在a點(diǎn)速率大于在c點(diǎn)的速率D．“嫦娥五號(hào)”在c點(diǎn)速率大于在e點(diǎn)的速率5．一理想變壓器與電阻R、交流電壓表V、電流表A按圖甲所示方式連接，R=10Ω,變壓器的匝數(shù)比為=．圖乙是R兩端電壓U隨時(shí)間變化的圖象，Um=10V．下列說法中正確的是（)A．通過R的電流iR=cos50πtA B．電流表A的讀數(shù)為0.1AC．電流表A的讀數(shù)為A D．電壓表V的讀數(shù)為10V6．如圖，在兩等量異種點(diǎn)電荷連線上有D、E、F三點(diǎn)，且DE=EF．K、M、L分別為過D、E、F三點(diǎn)的等勢(shì)面．一不計(jì)重力的帶負(fù)電粒子,從a點(diǎn)射入電場(chǎng),運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示，以|Wab｜表示該粒子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功的數(shù)值,以|Wbc|表示該粒子從b點(diǎn)到c點(diǎn)電場(chǎng)力做功的數(shù)值，則（)A．｜Wab｜=｜Wbc｜ B．｜Wab｜＞｜Wbc|C．粒子由a點(diǎn)到b點(diǎn),動(dòng)能增大 D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)較b點(diǎn)的電勢(shì)高7．如圖所示，在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有三個(gè)帶電粒子，其中1和2為質(zhì)子,3為α粒子(）的徑跡．它們?cè)谕黄矫鎯?nèi)沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng),三者軌道半徑r1＞r2＞r3并相切于P點(diǎn)，設(shè)T、v、a、t分別表示它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期、線速度、向心加速度以及各自從經(jīng)過P點(diǎn)算起到第一次通過圖中虛線MN所經(jīng)歷的時(shí)間,則（)A．T1=T2＜T3 B．v1=v2＞v3C．a(chǎn)1=a2＞a3 D．t1＜t2＜t38．如圖甲所示,一輕桿一端固定在O點(diǎn)，另一端固定一小球，在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)．小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，桿與小球間彈力的大小為N，小球在最高點(diǎn)的速度大小為v，N﹣v2圖象如圖乙所示．則(）A．小球的質(zhì)量為RB．當(dāng)v＜時(shí)，球?qū)U有向下的壓力C．當(dāng)v＜時(shí)，球?qū)U有向上的拉力D．若c=2b，則此時(shí)桿對(duì)小球的彈力大小為a二、非選擇題:包括必考題和選考題兩部分．第9題～第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第13題~第15題為選考題,考生根據(jù)要求作答．（一）必考題（共47分）9．為了測(cè)量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ,某小組使用DIS位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)A由靜止釋放，位移傳感器可以測(cè)出木塊到傳感器的距離．位移傳感器連接計(jì)算機(jī),描繪出滑塊相對(duì)傳感器的位移x隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．（1)根據(jù)上述圖線，計(jì)算0.4s時(shí)木塊的速度v=m/s，木塊加速度a=m/s2(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）．(2）為了測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)μ,還需要測(cè)量的量是（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭）；得出μ的表達(dá)式是μ=．10．某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在學(xué)校實(shí)驗(yàn)室中發(fā)現(xiàn)一電學(xué)元件，該電學(xué)元件上標(biāo)有“最大電流不超過6mA，最大電壓不超過7V”,同學(xué)們想通過實(shí)驗(yàn)描繪出該電學(xué)元件的伏安特性曲線，他們?cè)O(shè)計(jì)的一部分電路如圖1所示，圖中定值電阻R=1kΩ，用于限流；電流表量程為10mA，內(nèi)阻約為5Ω；電壓表（未畫出）量程為10V，內(nèi)阻約為10kΩ；電源電動(dòng)勢(shì)E為12V，內(nèi)阻不計(jì)．（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)有兩個(gè)滑動(dòng)變阻器可供選擇：A．阻值0~200Ω，額定電流0。3AB．阻值0～20Ω,額定電流0。5A應(yīng)選的滑動(dòng)變阻器是（填“A"或“B")．正確接線后，測(cè)得數(shù)據(jù)如下表：12345678910U/V0.003。006。006。166。286。326.366。386.396。40I/mA0。000.000。000。060。501。002。003.004。005。50（2）由以上數(shù)據(jù)分析可知，電壓表應(yīng)并聯(lián)在M與之間(填“O"或“P”）；（3）將電路圖在圖2的虛線框中補(bǔ)充完整；（4）從表中數(shù)據(jù)可知，該電學(xué)元件的電阻特點(diǎn)是：．11．如圖所示,將質(zhì)量m=2kg的圓環(huán)套在與水平面成θ=37°角的足夠長(zhǎng)直桿上，直桿固定不動(dòng)，環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑．桿上依次有三點(diǎn)A、B、C,sAB=8m，sBC=0.6m，環(huán)與桿間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5．現(xiàn)在對(duì)環(huán)施加一個(gè)與桿成37°斜向上大小為20N的拉力F,使環(huán)從A點(diǎn)由靜止開始沿桿向上運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)撤去拉力F，此后圓環(huán)從B點(diǎn)繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng),求此環(huán)從A點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)所用的時(shí)間．（已知重力加速度g取10m/s2，sin37°=0。6,cos37°=0.8）12．如圖所示,傾角為30°、足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距L1=0.4m，B2=5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上．一質(zhì)量m=1。6kg的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好,其電阻r=1Ω．金屬導(dǎo)軌上端連接右側(cè)電路，R1=1Ω，R2=1。5Ω，R2兩端通過細(xì)導(dǎo)線連接質(zhì)量M=0.6kg的正方形金屬框cdef,正方形L2=0。2m，每條邊電阻r0為1Ω，金屬框處在一方向垂直紙面向里，B2=3T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放,不計(jì)其他電阻及滑輪摩擦,g取10m/s2．(1）若將電健S斷開，求棒下滑過程中的最大速度．（2)若電鍵S閉合，每根細(xì)導(dǎo)線能承受的最大拉力為3。6N，求細(xì)導(dǎo)線剛好被拉斷時(shí)棒的速度．（3）若電鍵閉合后,從棒釋放到細(xì)導(dǎo)線被拉斷的過程中，棒上產(chǎn)生的電熱為2J，求此過程中棒下滑的高度(結(jié)果保留一位有效數(shù)字）．（二）選考題[物理——選修3—3］13．以下說法正確的是（）A．當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子勢(shì)能可能增大B．已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該種物質(zhì)的分子體積為V0=C．自然界一切過程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發(fā)生D．布朗運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng),但間接證明了分子在永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)E．一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)不變，體積增大，分子平均動(dòng)能增加14．如圖所示,有一光滑的導(dǎo)熱性能良好的活塞C將容器分成A、B兩室,A室體積為V0，B室的體積是A室的兩倍，A、B兩室分別放有一定質(zhì)量的理想氣體．A室上連有一U形管（U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)），當(dāng)兩邊水銀柱高度為19cm時(shí),兩室氣體的溫度均為T1=300K．若氣體的溫度緩慢變化，當(dāng)U形管兩邊水銀柱等高時(shí)，求（外界大氣壓等于76cm汞柱）①此時(shí)氣體的溫度為多少？②在這個(gè)過程中B氣體的內(nèi)能如何變化？做功情況如何？從外界吸熱還是放熱？（不需說明理由）［物理--選修3—4]15．一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的波形如圖甲所示，從該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，①該列波沿x軸傳播（填“正向”或“負(fù)向”）；②該列波的波速大小為m/s；③若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象,則所遇到的波的頻率為Hz．16．如圖,為某種透明材料做成的三棱鏡橫截面,其形狀是邊長(zhǎng)為a的等邊三角形，現(xiàn)用一束寬度為a的單色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到該三棱鏡的AB及AC面上，結(jié)果所有從AB、AC面入射的光線進(jìn)入后恰好全部直接到達(dá)BC面．試求:(1)該材料對(duì)此平行光束的折射率；（2）這些到達(dá)BC面的光線從BC面折射而出后，如果照射到一塊平行于BC面的屏上形成光斑，則當(dāng)屏到BC面的距離d滿足什么條件時(shí)，此光斑分為兩塊?［物理——選修3—5］17．氫彈的工作原理是利用氫核聚變放出巨大能量．在某次聚變中，一個(gè)氘核與一個(gè)氚核結(jié)合成一個(gè)氦核．已知氘核的比結(jié)合能是1。09MeV;氚核的比結(jié)合能是2。78MeV；氦核的比結(jié)合能是7。03MeV．則氫核聚變的方程是；一次氫核聚變釋放出的能量是MeV．18．如圖所示，一個(gè)平板車的質(zhì)量為M=68kg（包含車上的卸貨人),其上有質(zhì)量均為m=14kg的貨物8袋．開始時(shí)平板車水平向右以速度v0=5m/s在水平光滑的軌道上均速運(yùn)動(dòng)，平板車上的卸貨人以速度v=10m/s(相對(duì)水平地面)水平向右一次一袋把貨物拋出，當(dāng)平板車反向向左開始運(yùn)動(dòng)后，卸貨人不再拋出貨物．求:卸貨人向右拋出貨物的袋數(shù)和平板車的最終速度．2016年山東省煙臺(tái)市高考物理仿真模擬試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求,第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．如圖，左側(cè)為加速電場(chǎng)，右側(cè)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，加速電場(chǎng)的加速電壓是偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓的k倍,有一初速為零的電荷經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板正中間垂直電場(chǎng)方向射入,且正好能從極板下邊緣穿出電場(chǎng)，不計(jì)電荷的重力,則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)長(zhǎng)寬之比的值為(）A． B． C． D．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】電荷先直線加速,再做類似平拋運(yùn)動(dòng)；對(duì)直線加速過程,根據(jù)動(dòng)能定理列式；對(duì)類似平拋運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)分位移公式列式；最后聯(lián)立求解即可．【解答】解：設(shè)加速電壓為kU，偏轉(zhuǎn)電壓為U，對(duì)直線加速過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有：q（kU）=①對(duì)類似平拋運(yùn)動(dòng)過程，有：l=vt②=③聯(lián)立解得：=故選：B．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是分直線加速和類似平拋運(yùn)動(dòng)分析，對(duì)直線加速根據(jù)動(dòng)能定理列式，對(duì)類似平拋過程根據(jù)分位移公式列式,基礎(chǔ)題目．2．如圖所示，在斜面頂端A以速度v水平拋出一小球,經(jīng)過時(shí)間t1恰好落在斜面的中點(diǎn)P；若在A點(diǎn)以速度2v水平拋出小球，經(jīng)過時(shí)間t2完成平拋運(yùn)動(dòng)．不計(jì)空氣阻力，則（）A．t2＞2t1 B．t2=2t1C．t2＜2t1 D．落在B點(diǎn)【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)．【專題】定性思想；推理法；平拋運(yùn)動(dòng)專題．【分析】抓住小球落在斜面上，結(jié)合豎直位移和水平位移的關(guān)系求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間,從而得出水平位移的表達(dá)式，確定初速度增倍后，小球?qū)⒙湓谒矫妫鶕?jù)下降的高度關(guān)系求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間關(guān)系．【解答】解：在斜面頂端A以速度v水平拋出一小球，經(jīng)過時(shí)間t1恰好落在斜面的中點(diǎn)P,有tanθ=，解得,水平位移x=，初速度變?yōu)樵瓉淼?倍,若還落在斜面上，水平位移應(yīng)該變?yōu)樵瓉淼?倍，可知在A點(diǎn)以速度2v水平拋出小球，小球?qū)⒙湓谒矫妫芍獌汕蛳陆档母叨戎葹?：2，根據(jù)t=知，，則t2＜2t1．故選：C．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律,結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解,難度不大．3．如圖所示,可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A和B用一根長(zhǎng)為0.2m的輕桿相連，兩球質(zhì)量相等,開始時(shí)兩小球置于光滑的水平面上，并給兩小球一個(gè)2m/s的初速度，經(jīng)一段時(shí)間兩小球滑上一個(gè)傾角為30°的光滑斜面,不計(jì)球與斜面碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，g取10m/s2，在兩小球的速度減小為零的過程中，下列判斷正確的是（)A．桿對(duì)小球A做負(fù)功B．小球A的機(jī)械能守恒C．桿對(duì)小球B做正功D．小球B速度為零時(shí)距水平面的高度為0。15m【考點(diǎn)】功能關(guān)系;機(jī)械能守恒定律．【專題】定性思想；推理法；功能關(guān)系能量守恒定律．【分析】分別對(duì)A球和B球進(jìn)行受力分析，根據(jù)外力做功情況可以明確桿對(duì)兩球的做功情況，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒求解小球B速度為零時(shí)距水平面的高度．【解答】解：A、由題意可知,AB在上升中受A的重力做功而做減速運(yùn)動(dòng)；假設(shè)沒有桿連接,則A上升到斜面時(shí)，B還在水平面上運(yùn)動(dòng)，那么A在斜面上做減速運(yùn)動(dòng)，而B在水平面上做勻速運(yùn)動(dòng)，但是有桿存在，那肯定是B推著A上升,因此桿對(duì)A做正功,故A錯(cuò)誤；B、因桿對(duì)A球做正功，故A球的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；C、由A的分析可知，村對(duì)球B做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得：mgh+mg(h+Lsin30°）=×2mv2,解得：h=0。15m，故D正確;故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題考查考機(jī)械能守恒定律及外力做功情況,要注意本題中根據(jù)了假設(shè)法進(jìn)行判斷，難度適中．4．2014年10月24日，“嫦娥五號(hào)"探路兵發(fā)射升空，為計(jì)劃于2017年左右發(fā)射的“嫦娥五號(hào)”探路，并在8天后以“跳躍式返回技術(shù)”成功返回地面．“跳躍式返回技術(shù)”指航天器在關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后進(jìn)入大氣層，依靠大氣升力再次沖出大氣層，降低速度后再進(jìn)入大氣層．如圖所示，虛線為大氣層的邊界．已知地球半徑R,地心到d點(diǎn)距離r，地球表面重力加速度為g．下列說法正確的是(）A．“嫦娥五號(hào)”在b點(diǎn)處于完全失重狀態(tài)B．“嫦娥五號(hào)"在d點(diǎn)的加速度小于C．“嫦娥五號(hào)”在a點(diǎn)速率大于在c點(diǎn)的速率D．“嫦娥五號(hào)”在c點(diǎn)速率大于在e點(diǎn)的速率【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用．【專題】人造衛(wèi)星問題．【分析】根據(jù)加速度的方向確定“嫦娥五號(hào)”處于超重還是失重，根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合GM=gR2求出d點(diǎn)的加速度．嫦娥五號(hào)從a點(diǎn)到c點(diǎn)，萬有引力不做功，阻力做負(fù)功,根據(jù)動(dòng)能定理比較a、c兩點(diǎn)的速率大?。畯腸點(diǎn)到e點(diǎn)，機(jī)械能守恒，速率大小相等．【解答】解:A：“嫦娥五號(hào)“沿abc軌跡做曲線運(yùn)動(dòng)，曲線運(yùn)動(dòng)的合力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以在b點(diǎn)合力向上，即加速度向上，因此“嫦娥五號(hào)“在b點(diǎn)處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤．B、在d點(diǎn)，“嫦娥五號(hào)”的加速度a=，又GM=gR2，所以a=．故B錯(cuò)誤．C、“嫦娥五號(hào)"從a點(diǎn)到c，萬有引力不做功，由于阻力做功，則a點(diǎn)速率大于c點(diǎn)速率．故C正確．D、從c點(diǎn)到e點(diǎn)，沒有空氣阻力，機(jī)械能守恒，則c點(diǎn)速率和e點(diǎn)速率相等,故D錯(cuò)誤．故選:C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道衛(wèi)星在大氣層中受到空氣阻力作用，在大氣層以外不受空氣阻力，結(jié)合動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒進(jìn)行求解．5．一理想變壓器與電阻R、交流電壓表V、電流表A按圖甲所示方式連接，R=10Ω，變壓器的匝數(shù)比為=．圖乙是R兩端電壓U隨時(shí)間變化的圖象,Um=10V．下列說法中正確的是（)A．通過R的電流iR=cos50πtA B．電流表A的讀數(shù)為0.1AC．電流表A的讀數(shù)為A D．電壓表V的讀數(shù)為10V【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式．【專題】定性思想；推理法;交流電專題．【分析】根據(jù)R兩端的電壓隨著時(shí)間變化的圖象，可求出電壓的有效值，再利用電壓與匝數(shù)成正比，可算出原線圈電壓的有效值，由電流與匝數(shù)成反比,可算出原線圈的電流大小,電壓表測(cè)量R的電壓,是有效值．【解答】解：A、正弦式電流且電阻R的Um=10V，則有效值U=10V．所以通過電阻的電流為I==1A，根據(jù)乙圖可知，周期T=0。02s，則，因此通過R的電流iR隨時(shí)間t變化的規(guī)律是iR=cos100πt(A)．故A錯(cuò)誤；B、正弦式電流且電阻R的Um=10V,則有效值U=10V．所以通過電阻的電流為I==1A，又由于電流表讀出的是有效值，再由匝數(shù)比為的變壓器，得電流表A的讀數(shù)為0。1A．故B正確，C錯(cuò)誤；D、由于電壓表讀出的是有效值，則電壓表A的讀數(shù)為10V．故D錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】正弦變化規(guī)律的交流電的有效值比最大值等于1：；理想變壓器的電流之比、電壓之比均是有效值．同時(shí)通過電阻電流的瞬時(shí)表達(dá)式是正弦還是余弦式是受線圈在磁場(chǎng)中計(jì)時(shí)位置不同而不同．6．如圖，在兩等量異種點(diǎn)電荷連線上有D、E、F三點(diǎn)，且DE=EF．K、M、L分別為過D、E、F三點(diǎn)的等勢(shì)面．一不計(jì)重力的帶負(fù)電粒子，從a點(diǎn)射入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示，以|Wab｜表示該粒子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功的數(shù)值,以|Wbc|表示該粒子從b點(diǎn)到c點(diǎn)電場(chǎng)力做功的數(shù)值，則（）A．｜Wab|=｜Wbc｜ B．｜Wab｜＞|Wbc|C．粒子由a點(diǎn)到b點(diǎn),動(dòng)能增大 D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)較b點(diǎn)的電勢(shì)高【考點(diǎn)】電勢(shì)能;電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．【專題】定性思想；推理法;電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】由題,DE=EF，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密,可判斷出DE段和EF段場(chǎng)強(qiáng)的大小，由公式U=Ed定性分析DE間電勢(shì)差與EF間電勢(shì)差的大?。呻妶?chǎng)力做功公式W=qU分析電場(chǎng)力做功大?。绍壽E的彎曲方向判斷電荷所受的電場(chǎng)力大致方向,確定電場(chǎng)力做功的正負(fù)，判斷電勢(shì)能的大小及電勢(shì)的高低．【解答】解：AB、由等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知靠近電荷處電場(chǎng)強(qiáng)度大,類比公式U=Ed知｜Uab｜＞｜Ubc｜，而W=qU，所以｜Wab｜＞|Wbc｜，故A錯(cuò)誤，B正確；C、粒子由a點(diǎn)到b點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加,動(dòng)能減少，C錯(cuò)誤；D、從粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知該粒子從a點(diǎn)到c點(diǎn)受到大體向左的作用力，所以左側(cè)為正電荷，從左向右電勢(shì)降低，D正確．故選：BD．【點(diǎn)評(píng)】本題要對(duì)等量異種點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)線的分布情況要掌握，用公式U=Ed定性可分析電勢(shì)差的大?。?．如圖所示，在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有三個(gè)帶電粒子，其中1和2為質(zhì)子，3為α粒子（）的徑跡．它們?cè)谕黄矫鎯?nèi)沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三者軌道半徑r1＞r2＞r3并相切于P點(diǎn),設(shè)T、v、a、t分別表示它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期、線速度、向心加速度以及各自從經(jīng)過P點(diǎn)算起到第一次通過圖中虛線MN所經(jīng)歷的時(shí)間,則（）A．T1=T2＜T3 B．v1=v2＞v3C．a(chǎn)1=a2＞a3 D．t1＜t2＜t3【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【專題】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),由洛倫茲力提供向心力,可列式得到周期和半徑的一般表達(dá)式，由牛頓第二定律得到加速度的一般表達(dá)式，再分析大?。窘獯稹拷?A：設(shè)帶電粒子的質(zhì)量和電量分別為m、q，則帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)周期為，T與比荷成反比，質(zhì)子與α粒子的比荷之比為2：1，則有T1=T2＜T3．故A正確．B：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)半徑為，比荷相等時(shí),r與v成正比，則有v1＞v2．故B錯(cuò)誤．C：粒子的加速度為，因?yàn)関1＞v2,故有a1＞a2．故C錯(cuò)誤D:由圖看出，質(zhì)子2的速度偏向角大于質(zhì)子1的速度偏向角,根據(jù)軌跡所對(duì)的圓心角等于速度偏向角，則知，質(zhì)子2軌跡的圓心角大于質(zhì)子1軌跡的圓心角,所以質(zhì)子2的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于質(zhì)子1的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，即有t1＜t2．同理可得，α粒子的速度偏向角大于質(zhì)子2的偏向角,根據(jù)軌跡所對(duì)的圓心角等于速度偏向角，則知,α粒子軌跡的圓心角大于質(zhì)子2軌跡的圓心角，同時(shí)由于T2＜T3所以α粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于質(zhì)子2的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，即有t3＞t2．故選項(xiàng)D正確．故選:AD【點(diǎn)評(píng)】本題中帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),半徑和周期公式要熟記，對(duì)于推論：軌跡的圓心角等于速度的偏向角是常用的結(jié)論，也要學(xué)會(huì)應(yīng)用．8．如圖甲所示，一輕桿一端固定在O點(diǎn)，另一端固定一小球，在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)．小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí),桿與小球間彈力的大小為N，小球在最高點(diǎn)的速度大小為v，N﹣v2圖象如圖乙所示．則（)A．小球的質(zhì)量為RB．當(dāng)v＜時(shí)，球?qū)U有向下的壓力C．當(dāng)v＜時(shí),球?qū)U有向上的拉力D．若c=2b,則此時(shí)桿對(duì)小球的彈力大小為a【考點(diǎn)】向心力．【專題】定量思想;方程法；勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題．【分析】在最高點(diǎn)，若v=0,則桿對(duì)球的支持力N=mg=a；若桿對(duì)球的支持力N=0，則有mg=m，聯(lián)立即可求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮『托∏虻馁|(zhì)量；由圖可知：當(dāng)v＜時(shí)，桿對(duì)小球彈力方向向上；若c=2b．根據(jù)向心力公式即可求解桿對(duì)球的彈力大?。窘獯稹拷猓篈、球在最高點(diǎn)時(shí)，若速度v=0，則桿對(duì)球的支持力N=mg=a；若桿對(duì)球的支持力N=0，則mg=m=m，解得:g=，m=R，故A正確；BC、當(dāng)v＜時(shí)即v2＜b時(shí),桿對(duì)小球彈力方向向上，由牛頓第三定律知，球?qū)U有向下的壓力,故B正確，C錯(cuò)誤．D、若v2=2b．則由牛頓第二定律得N+mg=m=，解得N=a=mg,故D正確．故選:ABD【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)圖象獲取有效信息．二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9題～第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第13題～第15題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題(共47分）9．為了測(cè)量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ，某小組使用DIS位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置,讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)A由靜止釋放，位移傳感器可以測(cè)出木塊到傳感器的距離．位移傳感器連接計(jì)算機(jī),描繪出滑塊相對(duì)傳感器的位移x隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．（1）根據(jù)上述圖線，計(jì)算0.4s時(shí)木塊的速度v=0.40m/s，木塊加速度a=1。0m/s2（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)．（2)為了測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)μ，還需要測(cè)量的量是斜面傾角θ（或A點(diǎn)的高度h、底邊長(zhǎng)度d、斜面長(zhǎng)度L等)(已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭）；得出μ的表達(dá)式是μ=．【考點(diǎn)】探究影響摩擦力的大小的因素．【專題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】(1）由于滑塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度;根據(jù)加速度的定義式即可求出加速度；（2)為了測(cè)定動(dòng)摩擦力因數(shù)μ還需要測(cè)量的量是木板的傾角θ．【解答】解：（1）根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，得0。4s末的速度為:v=m/s=0。40m/s,0。2s末的速度為:v′==0.2m/s，則木塊的加速度為：a===1。0m/s2．(2）選取木塊為研究的對(duì)象，木塊沿斜面方向是受力：ma=mgsinθ﹣μmgcosθ得：μ=所以要測(cè)定摩擦因數(shù)，還需要測(cè)出斜面的傾角θ;故答案為：（1）0。40，1.0；(2）斜面傾角θ（或A點(diǎn)的高度h、底邊長(zhǎng)度d、斜面長(zhǎng)度L等），．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論,在某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，以及會(huì)通過實(shí)驗(yàn)的原理得出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式，從而確定所需測(cè)量的物理量．10．某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在學(xué)校實(shí)驗(yàn)室中發(fā)現(xiàn)一電學(xué)元件，該電學(xué)元件上標(biāo)有“最大電流不超過6mA，最大電壓不超過7V”，同學(xué)們想通過實(shí)驗(yàn)描繪出該電學(xué)元件的伏安特性曲線，他們?cè)O(shè)計(jì)的一部分電路如圖1所示,圖中定值電阻R=1kΩ，用于限流；電流表量程為10mA，內(nèi)阻約為5Ω;電壓表（未畫出)量程為10V，內(nèi)阻約為10kΩ;電源電動(dòng)勢(shì)E為12V，內(nèi)阻不計(jì)．（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)有兩個(gè)滑動(dòng)變阻器可供選擇：A．阻值0～200Ω，額定電流0。3AB．阻值0～20Ω，額定電流0。5A應(yīng)選的滑動(dòng)變阻器是A(填“A”或“B"）．正確接線后,測(cè)得數(shù)據(jù)如下表：12345678910U/V0。003。006。006。166.286。326。366。386.396。40I/mA0。000。000。000。060。501。002。003。004.005。50（2)由以上數(shù)據(jù)分析可知,電壓表應(yīng)并聯(lián)在M與P之間（填“O”或“P”)；（3）將電路圖在圖2的虛線框中補(bǔ)充完整；（4）從表中數(shù)據(jù)可知，該電學(xué)元件的電阻特點(diǎn)是：當(dāng)元件兩端的電壓小于6V時(shí)，元件電阻非常大,不導(dǎo)電;當(dāng)元件兩端電壓大于6V時(shí)，隨著電壓的升高而電阻變?。究键c(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線．【專題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】(1）根據(jù)滑動(dòng)變阻器的額定電壓分析答題．（2)根據(jù)待測(cè)元件電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后答題．（3）從表格中數(shù)據(jù)看，電學(xué)元件兩端的電壓先增大,然后趨于穩(wěn)定．（4）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)應(yīng)用歐姆定律分析答題．【解答】解：（1）滑動(dòng)變阻器A允許的最大電壓為0.3×200=60V＞12V，滑動(dòng)變阻器B兩端所能加的最大電壓為0。5×20=10V＜12V，為保證安全，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選A．（2）由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知,電學(xué)元件電阻最小測(cè)量值約為：R=≈1163.6Ω，電流表內(nèi)阻約為5Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，相對(duì)來說,元件電阻遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，因此電壓表應(yīng)并聯(lián)在M與P之間．（3)描繪伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，由（2）可知,電流表采用內(nèi)接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：（4)由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，當(dāng)元件兩端的電壓小于6V時(shí)，電路電流很小，幾乎為零，由歐姆定律可知,元件電阻非常大,不導(dǎo)電；當(dāng)元件兩端電壓大于6V時(shí)，隨著電壓的升高電流迅速增大，電壓與電流的比值減小，電阻變??；故答案為：（1)A;(2）P；（3）電路圖如圖所示；(4）當(dāng)元件兩端的電壓小于6V時(shí)，元件電阻非常大，不導(dǎo)電;當(dāng)元件兩端電壓大于6V時(shí),隨著電壓的升高而電阻變?。军c(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材選擇、實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)電路設(shè)計(jì)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析等問題，確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法是正確設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路的關(guān)鍵；要掌握握器材選取的方法：精確、安全．11．如圖所示，將質(zhì)量m=2kg的圓環(huán)套在與水平面成θ=37°角的足夠長(zhǎng)直桿上，直桿固定不動(dòng),環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑．桿上依次有三點(diǎn)A、B、C，sAB=8m,sBC=0.6m，環(huán)與桿間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0。5．現(xiàn)在對(duì)環(huán)施加一個(gè)與桿成37°斜向上大小為20N的拉力F，使環(huán)從A點(diǎn)由靜止開始沿桿向上運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)撤去拉力F，此后圓環(huán)從B點(diǎn)繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng),求此環(huán)從A點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)所用的時(shí)間．（已知重力加速度g取10m/s2,sin37°=0。6，cos37°=0.8）【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．【分析】分別對(duì)撤去力F前后對(duì)環(huán)受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解出環(huán)的加速度拉力a，再根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系求得到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的時(shí)間和速度,到達(dá)C的過程分為兩部分，一為勻減速上升時(shí)到達(dá)C點(diǎn)，二是到達(dá)最高點(diǎn)后再加速下滑時(shí)經(jīng)過C點(diǎn)，故時(shí)間有兩個(gè)答案．【解答】解：圓環(huán)從A到B的過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)所用時(shí)間為t1，由受力分析和牛頓第二定律得:沿著直桿方向有:Fcos37°﹣mgsin37°﹣μFN=ma1垂直直桿方向有:FN+Fsin37°=mgcos37°聯(lián)立解得:a1=1m/s2根據(jù)sAB=得：t1=4s圓環(huán)到達(dá)B點(diǎn)的速度為：vB=a1t1=4m/s撤去力后向上運(yùn)動(dòng)過程,對(duì)圓環(huán)受力分析，由牛頓第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma2,解得加速度大小為：a2=10m/s2；圓環(huán)減速到零時(shí)間為t0，運(yùn)動(dòng)距離為s，則：vB=a2t0,解得:t0=0。4s則s==0。8m，若環(huán)向上經(jīng)過C點(diǎn),則有：sBC=vBt2﹣;代入數(shù)據(jù)解得：t2=0。2s，或者t2=0.6s(舍去)當(dāng)環(huán)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，將再次向下勻加速運(yùn)動(dòng),則由牛頓第二定律得:mgsin37°﹣μmgcos37°=ma3,代入數(shù)據(jù)解得:a3=2m/s2環(huán)從最高點(diǎn)下滑到C點(diǎn)時(shí)發(fā)生的位移為:x=s﹣sBC=0.2m由x=得：t3=s;所以，圓環(huán)從A點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)所用的時(shí)間:t=t1+t2=4。2s或者為：t=t1+t0+t3=s．答：此環(huán)從A點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)所用的時(shí)間為4。2s或s．【點(diǎn)評(píng)】掌握解決動(dòng)力學(xué)兩類基本問題的方法和思路:一已知物體的運(yùn)動(dòng)求物體的受力,二是已知物體的受力求物體的運(yùn)動(dòng)情況．解決這兩類問題的關(guān)鍵是橋梁根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a．12．如圖所示，傾角為30°、足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距L1=0。4m，B2=5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上．一質(zhì)量m=1。6kg的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好,其電阻r=1Ω．金屬導(dǎo)軌上端連接右側(cè)電路，R1=1Ω，R2=1。5Ω,R2兩端通過細(xì)導(dǎo)線連接質(zhì)量M=0.6kg的正方形金屬框cdef,正方形L2=0.2m，每條邊電阻r0為1Ω，金屬框處在一方向垂直紙面向里，B2=3T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，不計(jì)其他電阻及滑輪摩擦，g取10m/s2．（1）若將電健S斷開，求棒下滑過程中的最大速度．（2）若電鍵S閉合，每根細(xì)導(dǎo)線能承受的最大拉力為3.6N,求細(xì)導(dǎo)線剛好被拉斷時(shí)棒的速度．（3）若電鍵閉合后，從棒釋放到細(xì)導(dǎo)線被拉斷的過程中，棒上產(chǎn)生的電熱為2J，求此過程中棒下滑的高度（結(jié)果保留一位有效數(shù)字)．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì);電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．【專題】電磁感應(yīng)——功能問題．【分析】(1）金屬棒ab先加速下滑，加速度減小，后勻速下滑，速度達(dá)到最大．由歐姆定律、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和安培力公式推導(dǎo)出安培力的表達(dá)式,根據(jù)平衡條件求解最大速度．(2）將每根細(xì)導(dǎo)線能承受的最大拉力Fm=3.6N代入（1)的結(jié)論，并結(jié)合電路的特點(diǎn)即可解答;（3）金屬棒由靜止開始下滑s的過程中，重力和安培力對(duì)棒做功，棒的重力勢(shì)能減小轉(zhuǎn)化為棒的動(dòng)能和電路的內(nèi)能,根據(jù)能量守恒列式可求出ab棒下滑的高度h．【解答】解：（1）電鍵S斷開時(shí)，ab棒沿導(dǎo)軌變加速下滑，速度最大時(shí)合力為0，根據(jù)物體平衡條件和法拉第電磁感應(yīng)定律有：mgsinθ﹣B1IL1=0…①又：Em=B1L1vm…③聯(lián)解①②③代入數(shù)據(jù)得：vm=7m/s…④(2)閉合S后，ab棒沿導(dǎo)軌下滑切割磁感線,R2與線框cd邊及cfed部分組成并聯(lián)電路,設(shè)并聯(lián)部分電阻為R，細(xì)導(dǎo)線剛被拉斷時(shí)通過ab棒的電流為I1，通過R2的電流為I2，通過金屬框部分的電流為I3，則:E=B1L1…⑥…⑦I1=I2+I3…⑧對(duì)金屬框,由物體平衡條件有:2Fm﹣Mg﹣B2I3L2聯(lián)解⑤⑥⑦⑧⑨代入數(shù)據(jù)得：v=3。75m/s…⑩（3)當(dāng)棒下滑高度為h時(shí)，棒上產(chǎn)生的熱量為Q，R1上產(chǎn)生的熱量為Q1，R2及金屬框并聯(lián)部分產(chǎn)生的總熱量為Q2，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律有:…?由焦耳定律和電路結(jié)構(gòu)關(guān)系有:…?聯(lián)解??代入數(shù)據(jù)得:h≈1。0m…?答：（1）電鍵S斷開時(shí)棒ab下滑過程中的最大速度是7m/s；（2）電鍵S閉合，細(xì)導(dǎo)線剛好被拉斷時(shí)棒ab的速度是3。75m/s;（3)若電鍵S閉合后,從棒ab釋放到細(xì)導(dǎo)線被拉斷的過程中棒ab上產(chǎn)生的電熱Q=2J，此過程中棒ab下滑的高度1。0m【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電路知識(shí)、電磁感應(yīng)和力學(xué)知識(shí)，分析和計(jì)算安培力和能量如何轉(zhuǎn)化是兩個(gè)關(guān)鍵．中檔難度．(二)選考題［物理——選修3—3]13．以下說法正確的是(）A．當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子勢(shì)能可能增大B．已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M,密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該種物質(zhì)的分子體積為V0=C．自然界一切過程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發(fā)生D．布朗運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng),但間接證明了分子在永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)E．一定質(zhì)量的理想氣體,壓強(qiáng)不變,體積增大,分子平均動(dòng)能增加【考點(diǎn)】分子勢(shì)能；分子間的相互作用力;溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志;熱力學(xué)第二定律．【分析】分子勢(shì)能與分子間距離的關(guān)系比較復(fù)雜，要根據(jù)分子力的性質(zhì)進(jìn)行判斷;對(duì)于固體或液體,分子間距較小，摩爾體積等于分子體積乘以阿伏加德羅常數(shù)；自然界一切過程能量都是守恒的,符合能量守恒定律的宏觀過程不一定能自發(fā)發(fā)生；布朗運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)，但間接證明了分子在永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志．【解答】解：A、當(dāng)分子間距離增大時(shí)，若分子力為引力，分子力做負(fù)功,分子勢(shì)能增大；若分子力為斥力，分子力做正功,分子勢(shì)能減小,故A錯(cuò)誤．B、若該物質(zhì)是固體或液體，分子間距較小，則該種物質(zhì)的分子體積為V0=；若該物質(zhì)是氣體，則該種物質(zhì)的分子體積為V0＜；故B錯(cuò)誤．C、自然界一切過程能量都是守恒的,符合能量守恒定律的宏觀過程不一定都能自然發(fā)生,還要符合熱力學(xué)第二定律才能自然發(fā)生，故C錯(cuò)誤．D、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，而顆粒是由大量分子組成的,所以布朗運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)．固體顆粒是由于受到周圍液體的撞擊而引起運(yùn)動(dòng)的，所以布朗運(yùn)動(dòng)證明了液體分子在永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故D正確．E、一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)不變,體積增大，由氣態(tài)方程=c知溫度升高,則分子平均動(dòng)能增加，故E正確．故選：DE【點(diǎn)評(píng)】本題考查熱力學(xué)多個(gè)知識(shí)，其中重點(diǎn)是分子動(dòng)理論、氣態(tài)方程、熱力學(xué)第一、第二定律,要加強(qiáng)基礎(chǔ)的學(xué)習(xí)，力爭(zhēng)不在簡(jiǎn)單題上失分．14．如圖所示，有一光滑的導(dǎo)熱性能良好的活塞C將容器分成A、B兩室，A室體積為V0，B室的體積是A室的兩倍，A、B兩室分別放有一定質(zhì)量的理想氣體．A室上連有一U形管（U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)),當(dāng)兩邊水銀柱高度為19cm時(shí)，兩室氣體的溫度均為T1=300K．若氣體的溫度緩慢變化,當(dāng)U形管兩邊水銀柱等高時(shí),求(外界大氣壓等于76cm汞柱）①此時(shí)氣體的溫度為多少?②在這個(gè)過程中B氣體的內(nèi)能如何變化？做功情況如何？從外界吸熱還是放熱？(不需說明理由)【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題．【分析】①求出氣體A、B的初末狀態(tài)參量，然后由理想氣體狀態(tài)方程求出氣體的溫度．②根據(jù)氣體溫度及體積變化情況，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律分析答題．【解答】解:①由題意知,氣體的狀態(tài)參量為：初狀態(tài)對(duì)A氣體：VA=V0，TA=T1=300K，pA=p0+h=95cmHg,對(duì)B氣體:VB=2V0，TB=T1=300K，pB=p0+h=95cmHg，末狀態(tài),對(duì)A氣體：VA′=V，pA′=p0=76cmHg,對(duì)B氣體：pB′=p0=76cmHg，VB′=3V0﹣V，由理想氣體狀態(tài)方程得:對(duì)A氣體：=,對(duì)B氣體:=，代入數(shù)據(jù)解得：T=240K，V=V0；②氣體B末狀態(tài)的體積：VB′=3V0﹣V=2V0=VB，由于氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功，氣體溫度由300K降低到240K，溫度降低,內(nèi)能減小△U＜0，由熱力學(xué)第一定律：△U=W+Q可知：Q=△U﹣W=△U＜0,則氣體對(duì)外放出熱量；答:①此時(shí)氣體的溫度為240K；②在這個(gè)過程中B氣體的內(nèi)能減少；外界對(duì)氣體不做功，氣體對(duì)外界放熱．【點(diǎn)評(píng)】應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一定律即可正確解題,根據(jù)題意求出氣體的初末狀態(tài)參量、應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題;要掌握連接體問題的解題思路與方法．［物理——選修3—4］15．一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的波形如圖甲所示，從該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示,①該列波沿x軸正向傳播（填“正向”或“負(fù)向”）；②該列波的波速大小為1m/s；③若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為2。5Hz．【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．【專題】振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題．【分析】由振動(dòng)圖象讀出該時(shí)刻（t=0）A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，再判斷波的傳播方向．由振動(dòng)圖象讀出周期，由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)，求出波速．【解答】解:①因A點(diǎn)沿負(fù)方向振動(dòng)，則其滯后于左邊的質(zhì)點(diǎn),則可知波沿X正向傳播．②由波動(dòng)圖可知波長(zhǎng)為0.4m，由振動(dòng)圖可知周期T為0.4S，則V=③發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象要相同頻率，則故答案為：①正向②1③2。5【點(diǎn)評(píng)】本題考查識(shí)別、理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象的能力和把握兩種圖象聯(lián)系的能力．會(huì)分析求解波速．16．如圖，為某種透明材料做成的三棱鏡橫截面，其形狀是邊長(zhǎng)為a的等邊三角形,現(xiàn)用一束寬度為a的單色平行光束,以垂直于BC面的方