2024屆湘豫名校聯(lián)考高三下學(xué)期第四次模擬考試數(shù)學(xué)試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1湘豫名校聯(lián)考2024屆高三下學(xué)期第四次模擬考試數(shù)學(xué)試題一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1.在復(fù)數(shù)范圍內(nèi)方程的兩個根分別為，，則（）A.1 B. C. D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)題意可得，，即，當(dāng)，時，，，當(dāng)，時，，，綜上，.故選：D.2.已知集合，，則（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗因?yàn)椋?，所以，所以．故選：D．3.已知橢圓與矩形的四條邊都相切，若，，則的離心率為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗由橢圓的對稱性可知，，則，，所以，所以的離心率為，故選：A.4.已知，則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗，故選：C.5.在某次游戲中，甲、乙分別用弓箭對準(zhǔn)同一個弓箭靶，兩人同時射箭．已知甲、乙中靶的概率分別為0.5，0.4，且兩人是否中靶互不影響，若弓箭靶被射中，則只被甲射中的概率為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)事件“甲中靶”，“乙中靶”，“弓箭靶被射中”，則，，所以，，．所以．所以．故選：B．6.如圖，，和，分別是函數(shù)圖象的兩個最低點(diǎn)和兩個最高點(diǎn)，若四邊形的面積為，且在區(qū)間上是單調(diào)函數(shù)，則實(shí)數(shù)的最大值是（）A B. C. D.〖答案〗C〖解析〗由題意，得四邊形為平行四邊形，且，且與之間的距離為，則，解得，則，令，，解得，，所以當(dāng)時，，即函數(shù)在上單調(diào)遞增，又，所以，則，即的最大值為，故選：C.7.已知函數(shù)，則滿足的x的取值范圍為（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗由題意得，的定義域?yàn)?，，因?yàn)?，所以為偶函?shù)，當(dāng)時，令，則，因?yàn)楹驮谏蠁握{(diào)遞增，所以，所以在上單調(diào)遞增，所以在上單調(diào)遞增．由，得，所以，兩邊平方并整理，得，解得．故選：B．8.中國古代建筑中重要的構(gòu)件之一——柱（俗稱“柱子”）多數(shù)為木造，屬于大木作范圍，其中，瓜棱柱是古建筑木柱的一種做法，即木柱非整根原木，而是多塊用榫卯拼合而成．寧波保國寺大殿的瓜棱柱，一部分用到了“包鑲式瓜棱柱”形式，即在一根木柱周圍，根據(jù)需要再用若干根一定厚度的木料包鑲而成的柱子，圖1為“包鑲式瓜棱柱”，圖2為此瓜棱柱的橫截面圖，中間大圓木的直徑為，外部八根小圓木的直徑均為，所有圓木的高度均為，且粗細(xì)均勻，則中間大圓木與一根外部小圓木的體積之比為（）A. B.C.3 D.〖答案〗D〖解析〗八根小圓木截面圓的圓心構(gòu)成一個正八邊形，邊長為，相鄰兩根小圓木圓心與大圓木圓心構(gòu)成一個底邊長為，腰長為，頂角為的等腰三角形，根據(jù)余弦定理，得，解得，所以中間大圓木與一根外部小圓木的體積之比為：．故選：D．二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分．9.已知為實(shí)數(shù)，隨機(jī)變量，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗AB〖解析〗因?yàn)殡S機(jī)變量，且，由正態(tài)曲線的對稱性，可得，因?yàn)?，所以，故A正確；，故B正確；，即，故C錯誤；由于當(dāng)，時，滿足，但是，故D錯誤．故選：AB．10.已知四棱錐的底面ABCD是邊長為4的正方形，PA⊥平面ABCD，且，E，F(xiàn)，G分別為PB，PD，BC的中點(diǎn)，點(diǎn)Q是線段PA上靠近點(diǎn)P的四等分點(diǎn)，則（）A.平面PCDB.直線FG與AB所成的角為30°C.D.經(jīng)過E，F(xiàn)，G的平面截四棱錐所得到的截面圖形的面積為〖答案〗ACD〖解析〗因?yàn)镋G是△PBC的中位線，所以，又平面PCD，平面PCD，所以平面PCD，A正確．如圖，取PA的中點(diǎn)M，連接MF，BM，則，且．因?yàn)榍?，所以且．所以四邊形MFGB為平行四邊形，所以，所以∠MBA或其補(bǔ)角即為直線FG與AB所成的角．由平面ABCD，面，得．因?yàn)椋訤G與AB所成角的正切值為，B錯誤．由題意，得Q是PM的中點(diǎn)，所以，又，所以，C正確．顯然E，G，F(xiàn)，Q四點(diǎn)共面，取CD的中點(diǎn)H，連接FH，GH，可得四邊形EGHF為平行四邊形，所以E，G，H，F(xiàn)四點(diǎn)共面，所以E，G，H，F(xiàn)，Q五點(diǎn)共面，即五邊形EGHFQ即為所求的截面．設(shè)，則，且，，．由題意及線面垂直的性質(zhì)有，，且都在面，所以BD⊥平面PAC．而面，所以，又，，所以，所以，D正確．故選：ACD．11.已知拋物線，點(diǎn)為上一點(diǎn)，直線l與交于B，C兩點(diǎn)（異于A點(diǎn)），與x軸交于M點(diǎn)，直線AC與AB的傾斜角互補(bǔ)，則（）A.線段BC中點(diǎn)的縱坐標(biāo)為B.直線l的傾斜角為C.當(dāng)時，M點(diǎn)為的焦點(diǎn)D.當(dāng)直線l在y軸上截距小于3時，△ABC的面積的最大值為〖答案〗ABD〖解析〗將代入，可得，所以的方程為，焦點(diǎn)為，設(shè)，，則，同理．因?yàn)橹本€AC與AB的傾斜角互補(bǔ)，所以，即，解得，且，所以BC中點(diǎn)的縱坐標(biāo)為，A正確．因?yàn)?，所以l的傾斜角為，B正確．設(shè)，則l的方程為，由，得．根據(jù)，解得，所以，，則，，所以，解得或，即M點(diǎn)不一定為的焦點(diǎn)，C錯誤．當(dāng)l在y軸上的截距小于3時，即．因?yàn)辄c(diǎn)A到l的距離為，所以的面積為．設(shè)函數(shù)，，則，令，得或（舍去）．當(dāng)時，，在上單調(diào)遞增；當(dāng)時，，在上單調(diào)遞減，所以時，取得最大值，所以S的最大值為，D正確．故選：ABD．三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12.已知向量，，若在上的投影向量為，則的值為______．〖答案〗1〖解析〗由題得在上的投影向量為，所以,又，所以，解得.13.設(shè)是各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列的前n項(xiàng)和，若，則______．〖答案〗13〖解析〗設(shè)數(shù)列的公比為q，由題意，顯然，且，則，解得，所以．14.已知函數(shù)的圖象在區(qū)間內(nèi)的最高點(diǎn)對應(yīng)的坐標(biāo)為，則集合中元素的個數(shù)為______．〖答案〗10〖解析〗作出函數(shù)y=fx在區(qū)間上的圖象，如圖，根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性，此時．又當(dāng)時，，所以當(dāng)時，，部分函數(shù)圖象如圖，由圖象可得，，，…，，，，，…，，即，即，解得，即2，3，4，…，10，11，故集合中的元素個數(shù)為．四、解答題：本題共5小題，共77分．解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟．15.已知△ABC的內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，且．（1）證明：；（2）若，△ABC的面積為，求b．（1）證明：由已知，得，由正弦定理，得，即，即．由，得，所以．由正弦定理，得．（2）解：因?yàn)?，所以①．由余弦定理，得，即．由?），得，所以，化簡，得，代入①，得，所以．16.如圖，在三棱錐中，平面平面，和均為等腰直角三角形，且，．（1）證明：平面平面；（2）設(shè)，，若平面與平面夾角的余弦值為，求實(shí)數(shù)的值．（1）證明：由題意，得，所以．因?yàn)槠矫嫫矫妫移矫嫫矫?，平面，所以平面，因?yàn)槠矫妫矫?，所以，．所以，即．又因?yàn)闉榈妊苯侨切?，，所以，．因?yàn)槠矫妫矫妫?，所以平面，又因?yàn)槠矫?，所以平面平面．?）解：取的中點(diǎn)，的中點(diǎn)，連接，，則，，所以．由（1）知平面平面，因?yàn)槠矫嫫矫?，平面，所以平面．因?yàn)槠矫?，所以，如圖，以為坐標(biāo)原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系，則P0,0,1，，，．所以，，．由，得，所以．設(shè)平面的法向量為，則即，令，則平面PAB的一個法向量為．設(shè)平面ACF的法向量為，則，即，令，則平面ACF的一個法向量為．設(shè)平面與平面的夾角為，則，整理，得，解得或．所以的值為或．17.連續(xù)拋擲一枚質(zhì)地均勻的骰子次，第次拋擲落地時朝上的點(diǎn)數(shù)記為，．（1）若，記出現(xiàn)為奇數(shù)的次數(shù)為，求隨機(jī)變量的分布列和期望；（2）若，求事件“”的概率．解：（1）由題易得，拋擲一枚骰子1次，出現(xiàn)為奇數(shù)的概率為，出現(xiàn)不是奇數(shù)的概率也為，的可能取值為．因?yàn)椋?，，，，所以的分布列?1234所以．（2）記事件為事件“”，則事件包含以下種情況：①拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)相同，有種可能；②拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能；③拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能；④拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能；⑤拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能，所以，即事件“”的概率為．18.已知為坐標(biāo)原點(diǎn)，雙曲線的左、右焦點(diǎn)分別為，，過上一點(diǎn)作的兩條漸近線的平行線，分別交軸于，兩點(diǎn)，且，內(nèi)切圓的圓心到軸的距離為．（1）求的標(biāo)準(zhǔn)方程；（2）（?。┰O(shè)點(diǎn)為上一點(diǎn)，試判斷直線與C的位置關(guān)系，并說明理由；（ⅱ）設(shè)過點(diǎn)的直線與交于，兩點(diǎn)（異于的兩頂點(diǎn)），在點(diǎn)，處的切線交于點(diǎn)，線段的中點(diǎn)為，證明：，，三點(diǎn)共線．解：（1）如圖所示，設(shè)，則，不妨設(shè)直線方程為，則直線的方程．令，得，，則．設(shè)的內(nèi)切圓（圓心為）分別與，，切于點(diǎn)，，，則，所以為的頂點(diǎn)，所以軸，的橫坐標(biāo)為，所以，故的標(biāo)準(zhǔn)方程為；（2）（?。┯?，得，結(jié)合，得，所以．所以直線與相切．（ⅱ）由題易得直線的斜率不為，設(shè)直線的方程為，代入，得，其中，設(shè)Ax1,y1，Bx2則，，由（?。邳c(diǎn)，處的切線方程分別為，．兩式聯(lián)立，得，，即，所以，故，，三點(diǎn)共線.19.在平面直角坐標(biāo)系中，定義：如果曲線和上分別存在點(diǎn)，關(guān)于軸對稱，則稱點(diǎn)和點(diǎn)為和的一對“關(guān)聯(lián)點(diǎn)”．（1）若上任意一點(diǎn)的“關(guān)聯(lián)點(diǎn)”為點(diǎn)，求點(diǎn)所在的曲線方程和的最小值；（2）若上任意一點(diǎn)的“關(guān)聯(lián)點(diǎn)”為點(diǎn)，求的最大值；（3）若和在區(qū)間上有且僅有兩對“關(guān)聯(lián)點(diǎn)”，求實(shí)數(shù)的取值范圍．解：（1）設(shè)點(diǎn)，則點(diǎn)的“關(guān)聯(lián)點(diǎn)”為，代入，得，即，所以點(diǎn)所在的曲線方程為；根據(jù)對稱性，，則，由，又，得，即，當(dāng)且僅當(dāng)且，即，或，時取等號．故當(dāng)，或，時，；（2）設(shè)，則根據(jù)對稱性，得，設(shè)，，，代入，得，所以．方法一：令，則，所以，當(dāng)時，；當(dāng)，，所以在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，所以是的最大值點(diǎn)，即，故；方法二：，當(dāng)且僅當(dāng)，即時取等號，所以，故；（3）和在區(qū)間上有且僅有兩對“關(guān)聯(lián)點(diǎn)”，等價于曲線和有且僅有兩個交點(diǎn)．設(shè)函數(shù)，則在區(qū)間上有兩個零點(diǎn)．，，①當(dāng)時，恒成立，則在上單調(diào)遞增，不可能有兩個零點(diǎn)；②當(dāng)時，由，得；由，得，所以在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減．因?yàn)?，又，，所以存在，使得，所以；設(shè)，，則，當(dāng)時，；當(dāng)時，，所以在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減．所以在處取得極大值，也是最大值，．所以，從而，即．取，則；因此，要使有兩個零點(diǎn)，只需，即，化簡得，令函數(shù)，因?yàn)椋栽谏蠁握{(diào)遞增；又，所以當(dāng)時，，從而，得解集為.故實(shí)數(shù)的取值范圍是.湘豫名校聯(lián)考2024屆高三下學(xué)期第四次模擬考試數(shù)學(xué)試題一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1.在復(fù)數(shù)范圍內(nèi)方程的兩個根分別為，，則（）A.1 B. C. D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)題意可得，，即，當(dāng)，時，，，當(dāng)，時，，，綜上，.故選：D.2.已知集合，，則（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗因?yàn)椋?，所以，所以．故選：D．3.已知橢圓與矩形的四條邊都相切，若，，則的離心率為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗由橢圓的對稱性可知，，則，，所以，所以的離心率為，故選：A.4.已知，則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗，故選：C.5.在某次游戲中，甲、乙分別用弓箭對準(zhǔn)同一個弓箭靶，兩人同時射箭．已知甲、乙中靶的概率分別為0.5，0.4，且兩人是否中靶互不影響，若弓箭靶被射中，則只被甲射中的概率為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)事件“甲中靶”，“乙中靶”，“弓箭靶被射中”，則，，所以，，．所以．所以．故選：B．6.如圖，，和，分別是函數(shù)圖象的兩個最低點(diǎn)和兩個最高點(diǎn)，若四邊形的面積為，且在區(qū)間上是單調(diào)函數(shù)，則實(shí)數(shù)的最大值是（）A B. C. D.〖答案〗C〖解析〗由題意，得四邊形為平行四邊形，且，且與之間的距離為，則，解得，則，令，，解得，，所以當(dāng)時，，即函數(shù)在上單調(diào)遞增，又，所以，則，即的最大值為，故選：C.7.已知函數(shù)，則滿足的x的取值范圍為（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗由題意得，的定義域?yàn)?，，因?yàn)椋詾榕己瘮?shù)，當(dāng)時，令，則，因?yàn)楹驮谏蠁握{(diào)遞增，所以，所以在上單調(diào)遞增，所以在上單調(diào)遞增．由，得，所以，兩邊平方并整理，得，解得．故選：B．8.中國古代建筑中重要的構(gòu)件之一——柱（俗稱“柱子”）多數(shù)為木造，屬于大木作范圍，其中，瓜棱柱是古建筑木柱的一種做法，即木柱非整根原木，而是多塊用榫卯拼合而成．寧波保國寺大殿的瓜棱柱，一部分用到了“包鑲式瓜棱柱”形式，即在一根木柱周圍，根據(jù)需要再用若干根一定厚度的木料包鑲而成的柱子，圖1為“包鑲式瓜棱柱”，圖2為此瓜棱柱的橫截面圖，中間大圓木的直徑為，外部八根小圓木的直徑均為，所有圓木的高度均為，且粗細(xì)均勻，則中間大圓木與一根外部小圓木的體積之比為（）A. B.C.3 D.〖答案〗D〖解析〗八根小圓木截面圓的圓心構(gòu)成一個正八邊形，邊長為，相鄰兩根小圓木圓心與大圓木圓心構(gòu)成一個底邊長為，腰長為，頂角為的等腰三角形，根據(jù)余弦定理，得，解得，所以中間大圓木與一根外部小圓木的體積之比為：．故選：D．二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分．9.已知為實(shí)數(shù)，隨機(jī)變量，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗AB〖解析〗因?yàn)殡S機(jī)變量，且，由正態(tài)曲線的對稱性，可得，因?yàn)?，所以，故A正確；，故B正確；，即，故C錯誤；由于當(dāng)，時，滿足，但是，故D錯誤．故選：AB．10.已知四棱錐的底面ABCD是邊長為4的正方形，PA⊥平面ABCD，且，E，F(xiàn)，G分別為PB，PD，BC的中點(diǎn)，點(diǎn)Q是線段PA上靠近點(diǎn)P的四等分點(diǎn)，則（）A.平面PCDB.直線FG與AB所成的角為30°C.D.經(jīng)過E，F(xiàn)，G的平面截四棱錐所得到的截面圖形的面積為〖答案〗ACD〖解析〗因?yàn)镋G是△PBC的中位線，所以，又平面PCD，平面PCD，所以平面PCD，A正確．如圖，取PA的中點(diǎn)M，連接MF，BM，則，且．因?yàn)榍?，所以且．所以四邊形MFGB為平行四邊形，所以，所以∠MBA或其補(bǔ)角即為直線FG與AB所成的角．由平面ABCD，面，得．因?yàn)?，所以FG與AB所成角的正切值為，B錯誤．由題意，得Q是PM的中點(diǎn)，所以，又，所以，C正確．顯然E，G，F(xiàn)，Q四點(diǎn)共面，取CD的中點(diǎn)H，連接FH，GH，可得四邊形EGHF為平行四邊形，所以E，G，H，F(xiàn)四點(diǎn)共面，所以E，G，H，F(xiàn)，Q五點(diǎn)共面，即五邊形EGHFQ即為所求的截面．設(shè)，則，且，，．由題意及線面垂直的性質(zhì)有，，且都在面，所以BD⊥平面PAC．而面，所以，又，，所以，所以，D正確．故選：ACD．11.已知拋物線，點(diǎn)為上一點(diǎn)，直線l與交于B，C兩點(diǎn)（異于A點(diǎn)），與x軸交于M點(diǎn)，直線AC與AB的傾斜角互補(bǔ)，則（）A.線段BC中點(diǎn)的縱坐標(biāo)為B.直線l的傾斜角為C.當(dāng)時，M點(diǎn)為的焦點(diǎn)D.當(dāng)直線l在y軸上截距小于3時，△ABC的面積的最大值為〖答案〗ABD〖解析〗將代入，可得，所以的方程為，焦點(diǎn)為，設(shè)，，則，同理．因?yàn)橹本€AC與AB的傾斜角互補(bǔ)，所以，即，解得，且，所以BC中點(diǎn)的縱坐標(biāo)為，A正確．因?yàn)椋詌的傾斜角為，B正確．設(shè)，則l的方程為，由，得．根據(jù)，解得，所以，，則，，所以，解得或，即M點(diǎn)不一定為的焦點(diǎn)，C錯誤．當(dāng)l在y軸上的截距小于3時，即．因?yàn)辄c(diǎn)A到l的距離為，所以的面積為．設(shè)函數(shù)，，則，令，得或（舍去）．當(dāng)時，，在上單調(diào)遞增；當(dāng)時，，在上單調(diào)遞減，所以時，取得最大值，所以S的最大值為，D正確．故選：ABD．三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12.已知向量，，若在上的投影向量為，則的值為______．〖答案〗1〖解析〗由題得在上的投影向量為，所以,又，所以，解得.13.設(shè)是各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列的前n項(xiàng)和，若，則______．〖答案〗13〖解析〗設(shè)數(shù)列的公比為q，由題意，顯然，且，則，解得，所以．14.已知函數(shù)的圖象在區(qū)間內(nèi)的最高點(diǎn)對應(yīng)的坐標(biāo)為，則集合中元素的個數(shù)為______．〖答案〗10〖解析〗作出函數(shù)y=fx在區(qū)間上的圖象，如圖，根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性，此時．又當(dāng)時，，所以當(dāng)時，，部分函數(shù)圖象如圖，由圖象可得，，，…，，，，，…，，即，即，解得，即2，3，4，…，10，11，故集合中的元素個數(shù)為．四、解答題：本題共5小題，共77分．解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟．15.已知△ABC的內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，且．（1）證明：；（2）若，△ABC的面積為，求b．（1）證明：由已知，得，由正弦定理，得，即，即．由，得，所以．由正弦定理，得．（2）解：因?yàn)?，所以①．由余弦定理，得，即．由?），得，所以，化簡，得，代入①，得，所以．16.如圖，在三棱錐中，平面平面，和均為等腰直角三角形，且，．（1）證明：平面平面；（2）設(shè)，，若平面與平面夾角的余弦值為，求實(shí)數(shù)的值．（1）證明：由題意，得，所以．因?yàn)槠矫嫫矫?，且平面平面，平面，所以平面，因?yàn)槠矫?，平面，所以，．所以，即．又因?yàn)闉榈妊苯侨切?，，所以，．因?yàn)槠矫妫矫?，，所以平面，又因?yàn)槠矫?，所以平面平面．?）解：取的中點(diǎn)，的中點(diǎn)，連接，，則，，所以．由（1）知平面平面，因?yàn)槠矫嫫矫?，平面，所以平面．因?yàn)槠矫妫?，如圖，以為坐標(biāo)原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系，則P0,0,1，，，．所以，，．由，得，所以．設(shè)平面的法向量為，則即，令，則平面PAB的一個法向量為．設(shè)平面ACF的法向量為，則，即，令，則平面ACF的一個法向量為．設(shè)平面與平面的夾角為，則，整理，得，解得或．所以的值為或．17.連續(xù)拋擲一枚質(zhì)地均勻的骰子次，第次拋擲落地時朝上的點(diǎn)數(shù)記為，．（1）若，記出現(xiàn)為奇數(shù)的次數(shù)為，求隨機(jī)變量的分布列和期望；（2）若，求事件“”的概率．解：（1）由題易得，拋擲一枚骰子1次，出現(xiàn)為奇數(shù)的概率為，出現(xiàn)不是奇數(shù)的概率也為，的可能取值為．因?yàn)?，，，，，所以的分布列?1234所以．（2）記事件為事件“”，則事件包含以下種情況：①拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)相同，有種可能；②拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能；③拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能；④拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能；⑤拋擲次出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)有個數(shù)字，有種可能，所以，即事件“”的概率為．18.已知為坐標(biāo)原點(diǎn)，雙曲線的左、右焦點(diǎn)分別為，，過上一點(diǎn)作的兩條漸近線的平行線，分別交軸于，兩點(diǎn)，且