2021年臺師某中學高三物理期末考試模擬試卷-教師用卷

2021年臺師高級中學高三物理期末考試模擬試卷

副標題

注意：本試卷包含I、n兩卷。第I卷為選擇題，所有答案必須用2B鉛筆涂在答題卡

中相應的位置。第II卷為非選擇題，所有答案必須填在答題卷的相應位置。答案寫在試

卷上均無效，不予記分。

i.下列關(guān)于原子核的說法正確的是（）

A.質(zhì)子由于帶正電，質(zhì)子間的核力表現(xiàn)為斥力

B.原子核衰變放出的三種射線中，。粒子的穿透能力最強

C.鈾核發(fā)生鏈式反應后能自動延續(xù)下去，維持該反應不需要其他條件

D.比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成比結(jié)合能大的原子核時一定放出核能

【答案】D

【解析】解：A、核力與電荷無關(guān)，原子核中，質(zhì)子間的核力都表現(xiàn)為引力，故A錯誤；

8、原子核衰變放出的三種射線中，。粒子的速度最小，穿透能力最弱，故8錯誤；

C、鈾核發(fā)生鏈式反應后能自動延續(xù)下去，要維持鏈式反應，鈾塊的體積必須達到其臨

界體積，故C錯誤；

。、比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成比結(jié)合能大的原子核時有質(zhì)量虧損，一定會放出核能,

故。正確。

故選:Do

核力強相互作用力和電荷無關(guān)；。粒子的穿透能力最弱；比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成比

結(jié)合能大的原子核時一定放出核能；鏈式反應的條件：鈾核的體積大于臨界體積。

本題考查了原子核的結(jié)合能、。射線、核力的性質(zhì)、鏈式反應及其發(fā)生條件等知識點。

這種題型知識點廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時多加積累，難度不大。

2.入冬以來，全國多地多次發(fā)生霧霾天氣，能見度不足20加。

在這樣的惡劣天氣中，甲、乙兩汽車在一條平直的公路上

行駛，當兩車同時行駛到同一位置時，兩車司機聽到前方

有事故發(fā)生的警笛提示，同時開始剎車，直到減速為0,

兩輛車剎車時的。—￡圖象如圖，則（）

A.甲車減速的加速度為0.5m/s2

B.甲車減速的加速度比乙車減速的加速度大0.75m/.s2

C.減速過程中甲乙兩車間的最大距離為100，"

D.減速過程中甲乙兩車間的最大距離為87.57”

【答案】C

【解析】

【分析】

本題考查了運動學中的追及問題，關(guān)鍵抓住臨界狀態(tài)，結(jié)合運動學公式和速度時間圖線

綜合求解，難度中等。

根據(jù)速度時間圖線斜率求出甲乙的加速度，抓住速度相等時，甲乙兩車間的距離最大,

圖象面積之差表示位移之差。

【解答】

AB.o—f圖象的斜率表示加速度，故甲車減速的加速度為：

a甲==~25mS=-17n人

乙車減速的加速度的為：a乙=靠=一，m/s2=—0.5m/s2,故A8錯誤；

CD當甲乙兩車速度相等時，即t=20s時甲乙兩車間的距離最大，圖象面積之差表示

位移之差，即=1(25-15)x20m,=100m,故C正確，。錯誤。

故選C。

3.一顆質(zhì)量為的衛(wèi)星在離地球表面一定高度的軌道上繞地球做圓周運動，若已知地

球半徑為R,地球表面的重力加速度為g,衛(wèi)星的向心加速度與地球表面的重力加

速度大小之比為1：9,衛(wèi)星的動能為()

AmgRBmgRc"嚀咫D

'4'6■-6--6

【答案】B

【解析】解：在地球表面有：G^-=mg

衛(wèi)星做圓周運動有：G學=777。

由于衛(wèi)星的向心加速度與地球表面的重力加速度大小之比為1：9即：

GM

a__/?2_1

gGMr29

第2頁，共14頁

則衛(wèi)星的軌道半徑:

r=3H...①

衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動:

A/7n

=771—...②

T

Mm

又:G而=mg…③

由①②③可解得衛(wèi)星的動能為:

Ek=gm/1GMm1GMmmgR

2'r^2'3/i

所以B正確，AC。錯誤。

故選:Bo

物體在星球表面受到的重力等于萬有引力，確定衛(wèi)星的軌道半徑；根據(jù)萬有引力提供向

心力求得速度，進一步求得動能。

本題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識，解題的關(guān)鍵是通過衛(wèi)星的向心加速度與地球表面的重

力加速度大小之比求解衛(wèi)星的軌道半徑。

4.1932年美國物理學家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器，如圖所示，磁感應強度為B的勻

強磁場與。形盒面垂直，兩盒間的狹縫很小，粒子穿過的時間可忽略，它們接在電

壓為U、周期為T的交流電源上，中心A處粒子源產(chǎn)生的粒子飄入狹縫中由初速度

為零開始加速，最后從出口處飛出。。形盒的半徑為凡下列說法正確的是（）

A.粒子在出口處的最大動能與加速電壓U有關(guān)

B.粒子在出口處的最大動能與。形盒的半徑無關(guān)

C.粒子在。形盒中運動的總時間與交流電的周期7有關(guān)

D.粒子在。形盒中運動的總時間與粒子的比荷無關(guān)

【答案】D

【解析】解：AB、根據(jù)回旋加速器的原理可知，粒子在電場中不斷加速，則粒子每次

加速后進入磁場做圓周運動的半徑不斷變大，最大半徑為D形盒的半徑R,

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有q%出=噬,

則最大速度為為=儂，

m

最大動能為Ek“,=[mti=噂竺,根據(jù)表達式可知，最大動能與加速電壓無關(guān)，與

22m

。形盒的半徑有關(guān)，故A8錯誤；

CD,粒子每一次加速獲得的動能為△&=qU,

所以粒子加速的次數(shù)為"=黑=需

粒子在。形盒中運動的總時間為t=N(,

.,一2irm

因為TF

=qB

TTBR2

則”，故C錯誤，。正確。

2U

故選：D?

(1)當粒子做圓周運動半徑等于。形盒的半徑R時，粒子的速度最大，根據(jù)洛倫茲力提

供向心力求解最大速度，再分析最大動能的表達式；

(2)粒子在電場中加速，根據(jù)動能定理求解加速一次獲得的動能，再分析加速的次數(shù)，

而粒子加速一次則在磁場中做半個圓周運動，以此求解總時間的表達式。

解決該題的關(guān)鍵是知道粒子做圓周運動半徑等于D形盒的半徑時粒子的速度達到最大,

能正確推導出粒子所獲得的最大動能表達式，知道粒子加速的次數(shù)求解方法。

5.如圖所示，半徑為R的光滑圓環(huán)豎直放置，N為圓環(huán)的最

低點，在環(huán)上套有兩個小球4和8,A、8之間用一根長為

的輕桿相連，使兩小球能在環(huán)上自由滑動。已知A球

質(zhì)量為4gB球質(zhì)量為如重力加速度為g?，F(xiàn)將桿從圖

示的水平位置由靜止釋放，則當A球滑到N點時，輕桿對

B球做的功為()

A.mgRB.1.2mgRC.lAmgBD.1.6mgR

【答案】B

【解析】

【分析】

兩球組成的系統(tǒng)機械能守恒，由系統(tǒng)的機械能守恒和兩球速率相等的關(guān)系列式，即可求

出A到達N點時的速度，再對B球，運用動能定理求解功.

解決本題的關(guān)鍵要把握住系統(tǒng)的機械能守恒，運用動能定理求變力的功，要注意對于單

個小球，機械能并不守恒.

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【解答】

根據(jù)幾何知識可得：A0與豎直方向的夾角為60°。

由系統(tǒng)的機械能守恒得：

L2.12

4mgR(l—co.s60°)—mgR—/?4m吸+-mv^

其中vA-VB

對8,運用動能定理得：—+W=無

聯(lián)立以上各式得：輕桿對B球做的功卬=L2mgR

故選：Bo

6.如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，A、B是_______圣—

.4B

這條直線上的兩點.一電子以速度。。經(jīng)過8點向A點運

動，經(jīng)過一段時間后，電子以速度必經(jīng)過A點，且以與姐方向相反，則（）

A.A點的場強一定大于B點的場強

B.A點的電勢一定低于B點的電勢

C.電子在A點的動能一定小于它在B點的動能

D.電子在A點的電勢能一定小于它在B點的電勢能

【答案】BC

【解析】解：A、由于只有一條電場線，所以無法判斷哪個位置電場線更密集，故無法

判斷AB兩點哪兒場強更大，故A錯誤；

8、由于電子在8點時速度方向向左而到達A點時速度方向向右，故電子所受電場力方

向向右，而電子所受電場力的方向與電場的方向相反，故場強向左，所以A點電勢低于

8點的電勢，故B正確；

C、由于從B到A過程中電場力做負功，故電子在8點的動能更大，故粒子在4點的動

能一定小于它在B點的動能，故C正確；

。、由于從B到A過程中電場力做負功，粒子的電勢能增大.故電子在A點的電勢能一

定大于它在B點的電勢能，故。錯誤。

故選：BC。

電場線的疏密代表電場的強弱，由于只有一條電場線，所以無法判斷哪個位置電場線更

密集。由于電子在B點時速度方向向左而到達A點時速度方向向右，故電子所受電場力

方向向右，負電荷所受電場力的方向是場強的反方向，故場強方向向左；沿電場線方向

電勢降低；由于從B到A過程中電場力做負功，粒子的電勢能增大，動能減小。

由物體速度方向的變化判斷物體所受的電場力方向向右，這是本題的突破口.屬于基礎(chǔ)

題目。

7.在如圖所示電路中，電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,其

中用=r,現(xiàn)將滑動變阻器的滑動觸頭逐漸向?移

動過程中()

A.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)減小

B.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)增大

C.電源的輸出功率增大

D.電源的總功率增大

【答案】CD

【解析】解：AB,當滑片向b滑動時，為接入電路的電阻減小，總電阻減?。挥砷]合

電路的歐姆定律可知電路中總電流增大，則內(nèi)電壓增大，由。=￡-"可知路端電壓

減小，即電壓表示數(shù)減小；因路端電壓減小，M兩端的電壓增大，故并聯(lián)部分電壓減

小，由歐姆定律可知通過必的電流減小，則電流表示數(shù)增大；故A8錯誤。

C、由題意：Ri=T,外電阻大于內(nèi)電阻，當外電阻減小時，外電阻與內(nèi)電阻更接近，

所以電源的輸出功率增大，故C正確。

D、由「=七/,知/增大，E不變，所以電源的總功率增大，故。正確。

故選：Do

由圖可知必與凡并聯(lián)后與M串聯(lián)，電壓表測路端電壓，電流表測量流過扁的電流；

滑片向。端移動時.，滑動變阻器接入電阻減小，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干

路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯(lián)電路可得出電流表示數(shù)的變化.根據(jù)內(nèi)外

電阻的關(guān)系分析電源的輸出功率的變化.由公式P=E/分析電源總功率的變化.

本題中W也可直接作為內(nèi)電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯(lián)部分的電壓

減小，流過必的電流減小.

8.如圖，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)之比為m：畋=5：

1,原線圈回路中電阻A與副線圈回路中負載電阻B阻

值相等.a、6端接正弦式交變電壓，貝lj()

A.A、B兩電阻兩端的電壓之比為5：1

B.A、B兩電阻消耗的電功率之比為1：25

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C.通過A、3兩電阻的電流之比為1：5

D.通過A、8兩電阻的電流頻率之比為1：1

【答案】BCD

【解析［解：A、設(shè)原線圈電流為/，根據(jù)根據(jù)變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比得，

副線圈的電流5/,A、B兩電阻阻值相等，A電阻兩端的電壓IR,B電阻兩端的電壓5/R,

所以A、B兩電阻兩端的電壓之比為1：5,故A錯誤；

B、A電阻消耗的電功率/公，B電阻消耗的電功率（5/產(chǎn)R,A、B兩電阻消耗的電功率

之比為1：25,故B正確；

C、通過A電阻的電流為/,通過8電阻的電流5/,所以通過A、B兩電阻的電流之比為

1：5,故選C；

。、變壓器不改變交變電流的頻率，所以通過兩電阻的電流之比為1：1,故。正確；

故選：BCD

變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比，求出電流之比，根據(jù)電阻消耗的功率P=/2區(qū)，電

阻兩端的電壓u=/n即可求解.

本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓

原理、功率等問題徹底理解.

9.某同學為探究“合力做功與物體速度變化的關(guān)系”，設(shè)計了如下實驗，他的操作步

驟是：

①按圖擺好實驗裝置，其中小車質(zhì)量〃=0.20句，鉤碼總質(zhì)量m=0.054g.

②釋放小車，然后接通打點計時器的電源（電源頻率為/=50Hz）,打出一條紙

帶.

（1）他在多次重復實驗得到的紙帶中取出自認為滿意的一條，如圖下所示.把打下

的第一點記作0,然后依次取若干個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，用

厘米刻度尺測得各計數(shù)點到0點距離分別為出=0.0041m,d-2=0.055m,

(i3=0.1G7m,質(zhì)=0.256m,d5=0.360m,曲=0.480m,他把鉤碼重力(

當?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s'2)作為小車所受合力算出打下0點到打下第5點合力

做功W=J(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)，打下第5點時小車的速度vs=

m/s(結(jié)果保留三位有效數(shù)字).

Co~1~23456(

????????\

(2)此次實驗探究的結(jié)果，他沒能得到“合力對物體做的功Woe公”的結(jié)論，且

誤差很大.通過反思，他認為產(chǎn)生誤差的原因如下，其中正確的是.

A.鉤碼質(zhì)量太大，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多

B.沒有平衡摩擦力，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多

C.釋放小車和接通電源的次序有誤，使得動能增量的測量值比真實值偏小

D沒有使用最小刻度為毫米的刻度尺測距離也是產(chǎn)生此誤差的重要原因

【答案】(1)0.1761.12(2)45

【解析】

【分析】

(1)將祛碼重力當作小車所受合外力，根據(jù)功的定義可以正確解答，根據(jù)勻變速直線運

動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度可以求出第5個點的速度大小，進一

步求出其動能大?。?/p>

(2)實驗誤差主要來自兩個方面一是由實驗原理不完善導致的系統(tǒng)誤差，一是由數(shù)據(jù)測

量如測量距離等導致的偶然誤差，可以從這兩個方面進行分析.

明確實驗原理往往是解決實驗問題的關(guān)鍵，該實驗的一些操作和要求與探究力、加速度、

質(zhì)量之間關(guān)系的實驗類似可以類比學習。

【解答】

(1)根據(jù)題意物體所受合外力為：F=mg=0.05x9.8=0.497V,

根據(jù)功的定義可知：W=Fs=ingh=0.176J；

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度，可以求出第5個

點的速度大小為：

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do-(k0.480-0.256

m/s=1.12m/s

2x(5x0.02)

(2)4、設(shè)繩子上拉力為凡對小車根據(jù)牛頓第二定律有：

對小車：Ma①

對鉤碼有:mg—F=ma②

mgMmg

而工=二7匹，由此可知當時，鉤碼的重力等于繩子的拉力，因此

M

當鉤碼質(zhì)量太大時，會造成較大誤差，故A正確；

2、實驗中要進行平衡摩擦力操作，若沒有平衡摩擦力直接將鉤碼重力做的功當做小車

合外力做的功，會造成較大誤差，故8正確；

C、釋放小車和接通電源的順序有誤，影響打點多少，不一定會使動能的測量偏小，故

C錯誤；

。、距離的測量產(chǎn)生的誤差不是該實驗產(chǎn)生的主要誤差，故￡＞錯誤。

故選AB。

故答案為:(1)0.1761.12(2)45

10.某學習小組的同學探究小燈泡乙的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：

小燈泡L規(guī)格“3.6V0.3,“；

電流表A,量程0.24,內(nèi)阻/1=0.6。；電壓表匕量程3V,內(nèi)阻7,2=3A:Q；

標準電阻HI阻值1.2(2；標準電阻必阻值

標準電阻&阻值10kQ;滑動變阻器R,阻值范圍0—10。；

學生電源E,電動勢4匕內(nèi)阻不計；

開關(guān)S及導線若干。

(1)甲同學設(shè)計了如圖1所示的電路來進行測量，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片

應該置于(填”或”b”)端。閉合開關(guān)后移動滑片，發(fā)現(xiàn)電流表幾乎無

示數(shù)，電壓表示數(shù)接近3匕其故障原因可能是(填“〃間L支路短路”或

“W間乙支路斷路”)；

(2)排除故障后，某次電壓表的示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為V；

(3)學習小組認為要想更準確地描繪出L完整的伏安特性曲線，需要重新設(shè)計電路。

請你在甲同學的基礎(chǔ)上利用所供器材，在圖3所示的虛線框內(nèi)補畫出實驗電路圖，

并在圖上標明所選器材代號；

(4)按圖3重新連接好電路，移動滑片在某個位置，讀出電壓表、電流表示數(shù)分別

為U、I,如果不考慮電壓表的分流，則此時刻燈泡L的電阻/?=(用U、/

及數(shù)字表示)。

【答案】acd間L支路斷路2.30

【解析】解：(1)滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路，閉合開關(guān)前滑片要置于。端；

閉合開關(guān)后電流表幾乎沒有示數(shù)，說明電路存在斷路；電壓表示數(shù)接近3匕

說明電壓表與電源兩端相連，電壓表并聯(lián)電路之外電路不存在斷路，

因此與電壓表并聯(lián)的燈泡L斷路，即：cd間上支路斷路。

(2)電壓表量程為3匕由圖2所示表盤可知，其分度值為0.1V,示數(shù)為2.30V。

(3)電壓表量程為3匕燈泡額定電壓為3.6V,應擴大電壓表量程，電源電動勢為4匕

電壓表內(nèi)阻為我。，應把阻值為的定值電阻必與電壓表串聯(lián)，把電壓表量程擴大

為4匕

滑動變阻器采用分壓接法，由于電壓表內(nèi)阻己知，電流表應采用外接法，實驗電路圖如

圖所示。

14

⑷電壓表示數(shù)為U,則電阻五2兩端電壓為/,燈泡兩端電壓為/,

oJ

電阻為阻值為電流表內(nèi)阻的兩倍，流過Ei的為電流表電流的一半，

電流表示數(shù)為/,則流過燈泡的電流為與，燈泡電阻：門=我=岑=繪；

2

QTT

故答案為：(1)。；〃間L支路斷路；(2)2.30；(3)電路圖如圖所示；(4)舒。

(1)滑動變阻器采用分壓接法時，為保護電路閉合開關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零

的位置；常見電路故障有斷路與短路兩種，根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障原因。

(2)根據(jù)電壓表量程與圖2所示表盤確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。

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(3)擴大電壓表量程應給電壓表串聯(lián)分壓電阻，根據(jù)題意與實驗原理作出實驗電路圖。

(4)根據(jù)電路圖應用歐姆定律求出燈泡電阻表達式。

本題考查了實驗注意事項、電路故障分析、實驗電路設(shè)計與實驗數(shù)據(jù)處理等問題，對電

表讀數(shù)，要先確定電表量程與分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)，讀數(shù)時視線要與

刻度線垂直。

11.如圖所示,一帶有；光滑圓弧軌道的長木板質(zhì)量為M=3kg,放置于光滑水平面上。

長木板水平部分長￡=圓弧軌道半徑A=0.6皿，末端與長木板相切于8點。

在圓弧軌道最高點A點由靜止釋放一質(zhì)量為皿=1的的滑塊(可視為質(zhì)點)，最后

滑塊恰好不脫離長木板。(取g=10m/.s2)

(1)求滑塊剛滑到圓弧底端8點時滑塊的速度為和長木板的速度&2;

(2)求滑塊與長木板之間的滑動摩擦因數(shù)出

(3)求滑塊在長木板水平部分上滑行的時間t.

【答案】解：(1)滑塊從A滑到B過程，系統(tǒng)機械能守恒，在水平方向動量守恒，以向

左為正方向，在水平方向由動量守恒定律得：

mvi—MV2=0

由機械能守恒定律得：ingA=|A/v1

代入數(shù)據(jù)解得：”i=3m/s,v2=-lm/s,方向：水平向右；

(2)滑塊與長木板組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律

得：

mvi—MV2=(A/+m)v3

代入數(shù)據(jù)解得：。3=0

由能量守恒定律得：/*+和城=l^mgL+|(A/+m)i；3

代入數(shù)據(jù)解得：〃=0.3

(3)對滑塊，由動量定理得：-fimgt=mv3-mvi

代入數(shù)據(jù)解得：t=1.0s

答：(1)滑塊剛滑到圓弧底端B點時滑塊的速度以為3m/s,方向向左，長木板的速度。2

為lm/s,方向向右；

(2)滑塊與長木板之間的滑動摩擦因數(shù)〃為0.3；

(3)滑塊在長木板水平部分上滑行的時間工為L()s。

【解析】(1)滑塊在圓弧軌道下滑過程,滑塊與長木板組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，

在水平方向應用動量守恒定律與機械能守恒定律求出滑塊與長木板的速度。

(2)系統(tǒng)在水平方向動量守恒，應用動量守恒定律求出滑塊與長木板的共同速度，應用

你動量守恒定律可以求出動摩擦因數(shù)。

(3)應用動量定理可以求出滑塊在長木板水平部分滑行的時間。

本題考查了動量守恒定律的應用，知道動量守恒的條件、分析清楚物體運動過程是解題

的前提與關(guān)鍵，應用動量守恒定律、能量守恒定律與動量定理即可解題。

12.電阻不計的平行金屬導軌相距L,與總電阻為2R的滑動變阻器、板間距為”的平

行板電容器和開關(guān)S連成如圖所示的電路。磁感應強度為B的勻強磁場垂直導軌所

在的平面。電阻為R的金屬棒質(zhì)與導軌垂直，接觸良好，并緊貼導軌以速度v向

左勻速移動。合上開關(guān)S,當滑動變阻器觸頭尸在中點時.，質(zhì)量為巾的帶電微粒從

平行板電容器中間位置水平射入，微粒在兩板間做勻速直線運動；當P移至C時，

相同的帶電微粒以相同的速度從同一位置射入兩板間，微粒穿過兩板的過程中動能

增加△片.重力加速度為g。求：

(1)帶電微粒的電性及所帶電量q的大小。

(2)當尸移至C時，微粒穿過兩板的過程中，電場力對微粒做的功W。

【解析】(1)根據(jù)右手定則判斷電流方向，判斷電容器的極板的電性，微粒做勻速直線

運動時，電場力與重力平衡，根據(jù)平衡條件求解電荷量；

(2)當P移至C時，由電路知識求出電容器板間電壓。此時微粒在電場中做類平拋運動，

由動能定理求出偏轉(zhuǎn)距離，再求電場力做功。

本題是電磁感應與帶電粒子在電場中運動的綜合，它們聯(lián)系的橋梁是電壓，求電場力做

功，運用動能定理是常用的方法。

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13.如圖所示，圓筒形容器A、3用細而短的管連接，活塞F與容器A的內(nèi)表面緊密接

觸，且不計摩擦。初始K關(guān)閉，A中有溫度為乳的理想氣體，B內(nèi)為真空，整個系

統(tǒng)對外絕熱?，F(xiàn)向右緩慢推動活塞F,直到A中氣體的體積與B的容積相等時，氣

體的溫度變?yōu)門1,則此過程中氣體內(nèi)能將（填“變大”、“不變”、“變小”

）o然后固定活塞不動，將K打開，使A中的氣體緩慢向8擴散，平衡后氣體的溫

度變?yōu)椤?，那么臭Ti（填“>”、"="、“<”）。

【答案】變大=

【解析】解：當K關(guān)閉時，用力向右推活塞，外界對氣體做功，整個系統(tǒng)絕熱，根據(jù)熱

力學第一定律，內(nèi)能變大；

固定活塞，打開K,右側(cè)為真空，氣體進入8