2024-2025學(xué)年安徽省皖南八校高三上學(xué)期8月摸底考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆安徽省高三摸底大聯(lián)考物理考生注意：1.本試卷分選擇秝和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間75分鐘。2.考生作答時，請放將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。3.本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題：本題共10小題，共42分。第1~8題只有一個選項符合要求，每小題4分；第9~10題有多個選項符合要求，每小題5分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.大連光源是中國科學(xué)院研制的中國第一臺大型自由電子激光科學(xué)研究裝置，是當今世界上唯一運行在極紫外波段的自由電子激光裝置，也是世界上最亮的極紫外光源，極紫外光源發(fā)出的極紫外線比紫外線的波長還要短，下列關(guān)于紫外線和極紫外線的判斷正確的是（）A.極紫外線光子的能量小于紫外線光子的能量B.由玻璃射向真空時極紫外線的臨界角小于紫外線的臨界角C.利用同一裝置進行雙縫干涉實驗時極紫外線的條紋間距較大D.分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)，極紫外線對應(yīng)遏止電壓小于紫外線對應(yīng)的遏止電壓〖答案〗B〖解析〗A．極紫外光源發(fā)出的極紫外線比紫外線的波長還要短，根據(jù)可知，極紫外線的頻率較大，根據(jù)可知，極紫外線光子的能量大于紫外線光子的能量，故A錯誤；B．全反射的臨界角滿足極紫外線的頻率較大，則極紫外線的折射率較大，由玻璃射向真空時極紫外線的臨界角小于紫外線的臨界角，故B正確；C．根據(jù)可知，利用同一裝置進行雙縫干涉實驗時極紫外線的條紋間距較小，故C錯誤；D．根據(jù)動能定理根據(jù)光電效應(yīng)方程聯(lián)立可得可知分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)，極紫外線對應(yīng)的遏止電壓大于紫外線對應(yīng)的遏止電壓，故D錯誤。故選B。2.1885年瑞士科學(xué)家巴耳末對氫原子可見光區(qū)的譜線做了分析，總結(jié)出其波長公式,、4、5、…，稱為巴爾末系。1906年，賴曼發(fā)現(xiàn)了氫原子紫外區(qū)的賴曼系譜線，其波長滿足公式：，、3、4、5、…，兩公式中的為里德伯常量，則巴耳末線系中能量最小的光子的頻率與賴曼系中能量最大的光子頻率之比為（）A.5∶36 B.5∶27 C.3∶4 D.1∶4〖答案〗A〖解析〗巴耳末系由能級躍遷到能級的光子能量最小，則賴曼系中由能級躍遷到能級的光子能量最大，則根據(jù)故光子的頻率之比為故選A。3.如圖為某廠在制造的兩款發(fā)電機的示意圖，兩款發(fā)電機的線框均為邊長為L的正方形，勻強磁場磁感應(yīng)強大小均為B，兩線框的電阻均為r，外接電阻均為R，若兩線框均以恒定角速度繞垂直磁場的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，下列判斷正確的是（）A.甲圖中流過電阻R電流為交流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電流方向改變2次B.甲圖中流過電阻R的電流為直流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電荷量C.乙圖中流過電阻R的電流為交流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電流方向改變1次D.乙圖中流過電阻R的電流為直流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電荷量〖答案〗B〖解析〗AB．甲圖中流過電阻R的電流方向不改變?yōu)橹绷麟姡€框由圖示位置轉(zhuǎn)過，流過電阻的電荷量為轉(zhuǎn)動一周，流過電阻的電荷量為故A錯誤，B正確；CD．乙圖中流過電阻R的電流方向改變?yōu)榻涣麟?，轉(zhuǎn)動一周流過電阻R的電流方向改變2次，故CD錯誤。故選B。4.一定質(zhì)量理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，最終回到狀態(tài)a，該過程的圖像如圖所示，圖像中曲線ab為雙曲線的一段，下列判斷正確的是（）A.狀態(tài)a與狀態(tài)b單位時間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)可能相等B.由狀態(tài)b到狀態(tài)c所有分子的速率都增大C.完成一個循環(huán)過程，氣體對外做的功等于外界對氣體所做的功D.完成一個循環(huán)過程，氣體從外界吸收的熱量大于向外界放出的熱量〖答案〗D〖解析〗A．已知由狀態(tài)a到狀態(tài)b為等溫過程，分子平均動能不變，而體積變小，壓強變大，故狀態(tài)a單位時間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)一定小于狀態(tài)b，故A錯誤；B．由圖可知從狀態(tài)b到狀態(tài)c為等壓過程，而體積變大，由蓋—呂薩克定律可知氣體溫度升高，則氣體分子平均動能增大，即分子平均速率增大，但并不是每個分子的速率都增大，故B錯誤；CD．根據(jù)可知，圖像與坐標軸圍成的面積等于氣體對外做的功，由圖可知從a到b外界對理想氣體做功小于從b到c到a氣體對外做功，即整個循環(huán)的過程中由于根據(jù)熱力學(xué)第一定律所以即所以整個循環(huán)的過程中，理想氣體吸收的熱量大于放出的熱量，故C錯誤，D正確。故選D。5.2024年全國青年體操錦標賽于6月28日-7月8日在廣西南寧舉行，在帶操比賽中，運動員揮舞的彩帶在時刻形成的機械波可簡化為如圖所示的簡諧橫波，波沿x軸正方向傳播，P、Q是波傳播方向上的兩個質(zhì)點，時質(zhì)點P的位移與時刻相同，已知波源振動的周期大于0.8s。則下列說法正確的是（）A.時刻質(zhì)點P的振動方向向上，加速度方向向下B.該簡諧波周期為1.4sC.該簡諧波的波速大小為D.時質(zhì)點Q的位移也與時刻相同〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)波的傳播規(guī)律可知，時刻質(zhì)點P的振動方向向下，加速度方向指向平衡位置，加速度方向向下，故A錯誤；B．設(shè)P點的振動方程為代入，可得故故B錯誤；C．由圖可知故波速為故C正確；D．根據(jù)故時質(zhì)點Q的位移與時刻不相同，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，O點為均勻帶電圓環(huán)的圓心，圓環(huán)的帶電量為，直線OA垂直于圓環(huán)平面，圓環(huán)的半徑，O，A兩點間的距離，若取無窮遠處電勢為0，點電荷電場中電勢，Q表示點電荷的電荷量，r表示與點電荷間的距離，k為靜電力常量，下列判斷正確的是（）A.O點的電場強度為0，電勢為0B.A點的電場強度大小為C.A點的電勢大小為D.電子在O點的電勢能小于在A點的電勢能〖答案〗B〖解析〗A．將圓環(huán)分成n個微元，每個微元均能夠看為點電荷，電荷量為根據(jù)對稱性及場強疊加原理，則圓心O點的電場強度為0；圓心O點的電勢為故A錯誤；B．將圓環(huán)分成n個微元，每個微元均能夠看為點電荷，設(shè)微元到A點距離為，連線與x軸夾角為，根據(jù)對稱性及場強疊加原理，得A點的電場強度大小為故B正確；C．由題意，可得A點的電勢大小為故C錯誤；D．由前面分析可知根據(jù)同一負電荷在電勢越低的地方電勢能越大，則電子在O點的電勢能大于在A點的電勢能，故D錯誤。故選B。7.目前國際空間站將于2024年退役，中國天宮空間站在不久的將來會是人類近地軌道上唯一運行的空間站。用高倍望遠鏡在地球上觀測月球時，如果時間合適可以看到我國空間站在月球前面快速掠過的奇觀，稱為“空間站凌月”，將空間站繞地球的運動看作半徑為r的勻速圓周運動，已知地球半徑為R，月球繞地球做勻速圓周運行的周期為T，空間站與月球在同一軌道平面且繞行方向相同，連續(xù)兩次觀測到“凌月”現(xiàn)象的時間間隔為t，則地球表面的重力加速度g可表示為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)空間站運行的周期為，角速度為月球的角速度為已知連續(xù)兩次出現(xiàn)空間站凌月現(xiàn)象的時間為t，則滿足解得對空間站由萬有引力提供向心力在地球表面有聯(lián)立可得，地球表面重力加速度為故選A。8.我國大力發(fā)展新能源汽車，隨著我國提出“十四五規(guī)劃”和“雙碳政策”，新能源汽車產(chǎn)業(yè)蓬勃發(fā)展，也帶動了一大批相關(guān)上下游企業(yè)的發(fā)展。比亞迪是中國新能源汽車領(lǐng)域的龍頭企業(yè)，也是全球最大的電動汽車制造商之一，比亞迪在測試場測試某款新能源汽車的性能，汽車由靜止開始在平直的跑道上啟動，汽車運動速度隨時間的變化的規(guī)律如圖所示，時間內(nèi)汽車功率不變，為額定功率，時刻圖線與t軸相切。已知汽車的質(zhì)量為m，運動過程中受到的阻力恒為f，下列判斷正確的是（）A.汽車的額定功率大小為B.時間內(nèi)汽車的位移增加的越來越慢C.時間內(nèi)汽車的平均速度大于D.和時間內(nèi)汽車牽引力做功之比為〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知汽車在時間內(nèi)做勻加速直線運動，由牛頓第二定律可得該時間段內(nèi)的牽引力為時刻汽車速度為則汽車的額定功率為故A錯誤；B．由圖可知時間內(nèi)汽車做加速度逐漸減小的加速運動，速度越來越大，位移增加的越來越快，故B錯誤；C．由題意可知時刻加速度為零，汽車的速度達到最大，牽引力與阻力相等，即則最大速度為時間內(nèi)汽車做加速度逐漸減小的加速運動，故時間內(nèi)汽車的平均速度故C正確；D．時間內(nèi)汽車牽引力做功為時間內(nèi)汽車牽引力做功為故和時間內(nèi)汽車牽引力做功之比為故D錯誤。故選C。9.如圖所示，半徑為R的粗糙圓軌道豎直固定，質(zhì)量為m的小球靜止在軌道最底端，給小球施加一瞬時水平?jīng)_量，小球獲得初速度，此時小球?qū)壍赖膲毫Υ笮椋∏蜻\動到軌道最高點時對軌道的壓力大小為，返回到最低點時對軌道的壓力大小為，此過程中小球未離開軌道，重力加速度大小為g。下列關(guān)系式正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗AB．根據(jù)牛頓第二定律有從最低點到最高點有最高點有解得則有故A錯誤，B正確；CD．從最高點到最低點有最低點有解得則有故C錯誤，D正確；故選BD。10.如圖，光滑絕緣水平面上有一金屬框架，由5根等長的金屬棒和導(dǎo)線連接而成，金屬棒長度為2L，金屬棒間距為L，在金屬框架的右側(cè)存在有界勻強磁場，左右兩側(cè)的磁場邊界均與金屬棒平行，有界磁場寬度也為L，磁感應(yīng)強度大小為B，方向豎直向下。金屬框架在水平外力作用下以初速度向右勻速穿過磁場區(qū)域，已知金屬棒的電阻均為R，導(dǎo)線的電阻忽略不計，金屬框架穿過磁場的過程中，下列判斷正確的是（）A.流過每根金屬棒的電流方向不變B.水平外力的大小C.通過最右側(cè)金屬棒的電荷量為D.最左側(cè)金屬體產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗CD〖解析〗A．由右手定則可知，每根金屬棒在磁場內(nèi)和在磁場外電流方向相反，故A錯誤；B．金屬框架勻速穿過磁場區(qū)域，水平方向受力平衡，處于磁場中的金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為由閉合電路歐姆定律安培力大小為聯(lián)立解得，水平外力的大小為故B錯誤；C．最右側(cè)金屬棒在磁場中運動時，通過它電荷量為最右側(cè)金屬棒離開磁場后，流過最右側(cè)金屬棒的電流為通過它的電荷量為故流過右側(cè)金屬棒的總電荷量為故C正確；D．金屬框架穿過磁場的過程中產(chǎn)生的總焦耳熱為金屬框架在穿過磁場的過程中，5根金屬棒所處地位一樣，故最左端金屬棒上產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選CD。二、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.小明和小華同學(xué)利用圖甲所示的實驗裝置進行“探究物體加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗。（1）該實驗用到了控制變量法，下列實驗也用到了該方法的是__________。A.探究向心力大小與半徑、角速度﹑質(zhì)量的關(guān)系B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.探究平拋運動的特點D.探究變壓器原﹑副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系（2）實驗過程中得到如圖乙所示紙帶，在紙帶上每5個點取一個計數(shù)點，其相鄰點的間距如圖所示，已知所使用交流電的頻率為50Hz，小車的加速度大小為__________。（保留2位小數(shù)）（3）某次實驗中交流電的頻率發(fā)生了波動，頻率變成了49Hz，但做實驗的同學(xué)仍按照50Hz進行數(shù)據(jù)處理，那么速度的測量值與實際值相比__________（選填“偏大”“偏小”或“不變”），該誤差屬于__________（選填“系統(tǒng)”或者“偶然”）誤差?！即鸢浮剑?）AD（2）2.00（3）偏大系統(tǒng)〖解析〗【小問1詳析】A．探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系用到了控制變量法，故A正確；B．探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律用到了等效替代法，故B錯誤；C．探究平拋運動的特點，采用等效思想，故C錯誤；D．探究變壓器原﹑副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系利用了控制變量法，故D正確。故選AD。【小問2詳析】相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔為由逐差法可知，小車的加速度大小為【小問3詳析】[1]根據(jù)頻率與周期之間的關(guān)系為可知，頻率減小，則周期變大，而計算時仍用較小的周期值計算，因此速度的測量值與實際值相比將偏大；[2]由系統(tǒng)裝置所造成的誤差稱為系統(tǒng)誤差，故該誤差屬于系統(tǒng)誤差。12.物理小組的同學(xué)在實驗室練習(xí)電阻的測量，老師提供了如下器材：A．待測電阻（阻值較?。〣．電源（電動勢為3V）C．滑動變阻器（最大阻值為，允許通過的最大電流為2A）；D．滑動變阻器（最大阻值為，允許通過的最大電流為2A）；E．電流表（內(nèi)阻未知）F．電流表（內(nèi)阻未知）G．電阻箱RH．開關(guān)SI．導(dǎo)線若干經(jīng)過討論，他們設(shè)計了如圖1所示的電路，得到老師的肯定。（1）應(yīng)選擇的滑動變阻器為__________（填“C”或“D”）。（2）請根據(jù)電路圖幫他們連接完整實物圖。（3）閉合開關(guān)S前，圖1中滑動變阻器的滑片應(yīng)放置在滑動變阻器__________（填“左端”“右端”或“中間”）位置。（4）先將電阻箱R調(diào)為0，然后閉合開關(guān)S，改變滑動變阻器滑片位置使電流表的示數(shù)接近滿量程，逐漸增加電阻箱R的阻值，同時記錄電流表的示數(shù)、電流表的示數(shù)及電阻箱的R數(shù)值，并作出圖像如圖3所示，則電流表的內(nèi)阻為__________，待測電阻阻值為__________（均用含a、b、c的式子表示）。〖答案〗（1）C（2）見〖解析〗（3）左端（4）〖解析〗【小問1詳析】因電路中滑動變阻器采用分壓式接法，為了便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)選擇小量程。故選C?！拘?詳析】根據(jù)電路圖連接完整實物圖，如圖所示【小問3詳析】為保障儀器安全，滑動變阻器的滑片應(yīng)放置在滑動變阻器的左端，此時待測電路電壓為0，從而保證電表的安全。【小問4詳析】[1][2]對該電路有由歐姆定律可得變形得由圖像可得聯(lián)立可得，電流表的內(nèi)阻為待測電阻阻值為13.如圖一個盛有理想氣體的氣缸內(nèi)壁光滑，在氣缸的底部有一閥門，一輕質(zhì)絕熱活塞把氣缸分成Ⅰ﹑Ⅱ兩部分，活塞到氣缸底的距離為L，到氣缸頂?shù)木嚯x為2L，橫截面積為S，兩部分氣體的壓強均為大氣壓，溫度均為環(huán)境溫度。（1）若閥門連接一打氣筒，打氣筒每次打氣都把壓強為、溫度為、體積相同的氣體緩慢打入，打了6次后，活塞恰好到達氣缸的正中央，求打氣筒的容積V；（2）保持Ⅰ中氣體溫度不變，緩慢加熱Ⅱ中氣體同樣使活塞緩慢到達氣缸正中央，求：Ⅱ中氣體的溫度T?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗【小問1詳析】對Ⅰ中氣體，由玻意耳定律解得對Ⅱ中氣體由玻意耳定律解得打氣筒的容積為【小問2詳析】保持Ⅰ中氣體溫度不變，由（1）問分析可知Ⅰ中氣體壓強為，對Ⅱ中氣體由理想氣體狀態(tài)方程得解得Ⅱ中氣體的溫度為14.如圖所示，足夠長的木板靜止在光滑水平面上，長木板的質(zhì)量為M，在長木板上放有質(zhì)量分別為、的物塊A、B，兩物塊相距為L，物塊B下表面光滑，給長木板施加一瞬時沖量，長木板以速度向右運動，若物塊A與B碰撞為彈性正碰，，重力加速度為g。求：（1）要使物塊A在與長木板相對靜止后與物塊B發(fā)生碰撞，求物塊A與木板間動摩擦因數(shù)最小值；（2）若物塊A與木板間的動摩擦因數(shù)為（1）中的，求物塊A、B發(fā)生第一次碰撞到第二次碰撞所需時間?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗【小問1詳析】物塊A與長木板組成的系統(tǒng)動量守恒，則有解得當物塊A與長木板共速時，剛好與B發(fā)生碰撞，對應(yīng)的動摩擦因數(shù)對象，對A根據(jù)動能定理可得解得【小問2詳析】物塊A、B發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒和機械能守恒可得解得，此后B向右做勻速直線運動，A向左減速運動到速度為0后再向右加速運動，長木板向右減速運動，物塊A與長木板組成的系統(tǒng)動量守恒，當物塊A與長木板再次共速時，有解得對長木板，根據(jù)動量定理有解得此過程A、B發(fā)生的相對位移大小為設(shè)還需時間兩物體相撞，則有則物塊A、B發(fā)生第一次碰撞到第二次碰撞所需時間為15.如圖所示，平面直角坐標系xOy的第二、第三象限內(nèi)存在著沿y軸負方向的勻強電場，在第一象限內(nèi)有一半徑為a的圓形磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于紙面向里，圓形磁場區(qū)域與兩坐標軸相切于C、D兩點。在第四象限內(nèi)存在著一矩形勻強磁場區(qū)域（圖中未畫出）﹐磁場方向垂直紙面向外﹑磁感應(yīng)強度大小也為B。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶負電的粒子由坐標為的A點以初速度（未知）沿x軸正方向進入電場區(qū)域，經(jīng)C點進入圓形磁場區(qū)域，垂直x軸射入第四象限，經(jīng)矩形磁場區(qū)域后垂直于y軸到達坐標為的P點，粒子重力忽略不計，，求：（1）粒子的初速度和勻強電場電場強度E的大??；（2）矩形勻強磁場區(qū)域的最小面積；（3）在（2）的情況下粒子由A點到P點的時間。〖答案〗（1），（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】粒子在電場中做類平拋運動，由題意知粒子水平位移為，豎直位移為，設(shè)其進入圓形磁場時速度方向與x軸正方向成角，由平拋運動的推論有則粒子進入圓形磁場的速度為粒子在磁場中做圓周運動，半徑為R，如圖所示由幾何關(guān)系可得R=a向心力由洛倫茲力提供，則有電場力做正功，由動能定理可得聯(lián)立以上各式解得，【小問2詳析】粒子在矩形磁場中運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得r=a由幾何關(guān)系可知矩形磁場區(qū)域的最小面積為【小問3詳析】粒子在電場中運動的時間粒子在圓形磁場中運動的時間為粒子在矩形磁場中運動的時間為粒子在磁場外做勻速直線運動的時間為故2025屆安徽省高三摸底大聯(lián)考物理考生注意：1.本試卷分選擇秝和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間75分鐘。2.考生作答時，請放將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。3.本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題：本題共10小題，共42分。第1~8題只有一個選項符合要求，每小題4分；第9~10題有多個選項符合要求，每小題5分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.大連光源是中國科學(xué)院研制的中國第一臺大型自由電子激光科學(xué)研究裝置，是當今世界上唯一運行在極紫外波段的自由電子激光裝置，也是世界上最亮的極紫外光源，極紫外光源發(fā)出的極紫外線比紫外線的波長還要短，下列關(guān)于紫外線和極紫外線的判斷正確的是（）A.極紫外線光子的能量小于紫外線光子的能量B.由玻璃射向真空時極紫外線的臨界角小于紫外線的臨界角C.利用同一裝置進行雙縫干涉實驗時極紫外線的條紋間距較大D.分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)，極紫外線對應(yīng)遏止電壓小于紫外線對應(yīng)的遏止電壓〖答案〗B〖解析〗A．極紫外光源發(fā)出的極紫外線比紫外線的波長還要短，根據(jù)可知，極紫外線的頻率較大，根據(jù)可知，極紫外線光子的能量大于紫外線光子的能量，故A錯誤；B．全反射的臨界角滿足極紫外線的頻率較大，則極紫外線的折射率較大，由玻璃射向真空時極紫外線的臨界角小于紫外線的臨界角，故B正確；C．根據(jù)可知，利用同一裝置進行雙縫干涉實驗時極紫外線的條紋間距較小，故C錯誤；D．根據(jù)動能定理根據(jù)光電效應(yīng)方程聯(lián)立可得可知分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)，極紫外線對應(yīng)的遏止電壓大于紫外線對應(yīng)的遏止電壓，故D錯誤。故選B。2.1885年瑞士科學(xué)家巴耳末對氫原子可見光區(qū)的譜線做了分析，總結(jié)出其波長公式,、4、5、…，稱為巴爾末系。1906年，賴曼發(fā)現(xiàn)了氫原子紫外區(qū)的賴曼系譜線，其波長滿足公式：，、3、4、5、…，兩公式中的為里德伯常量，則巴耳末線系中能量最小的光子的頻率與賴曼系中能量最大的光子頻率之比為（）A.5∶36 B.5∶27 C.3∶4 D.1∶4〖答案〗A〖解析〗巴耳末系由能級躍遷到能級的光子能量最小，則賴曼系中由能級躍遷到能級的光子能量最大，則根據(jù)故光子的頻率之比為故選A。3.如圖為某廠在制造的兩款發(fā)電機的示意圖，兩款發(fā)電機的線框均為邊長為L的正方形，勻強磁場磁感應(yīng)強大小均為B，兩線框的電阻均為r，外接電阻均為R，若兩線框均以恒定角速度繞垂直磁場的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，下列判斷正確的是（）A.甲圖中流過電阻R電流為交流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電流方向改變2次B.甲圖中流過電阻R的電流為直流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電荷量C.乙圖中流過電阻R的電流為交流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電流方向改變1次D.乙圖中流過電阻R的電流為直流，轉(zhuǎn)動一周流過電阻的電荷量〖答案〗B〖解析〗AB．甲圖中流過電阻R的電流方向不改變?yōu)橹绷麟?，線框由圖示位置轉(zhuǎn)過，流過電阻的電荷量為轉(zhuǎn)動一周，流過電阻的電荷量為故A錯誤，B正確；CD．乙圖中流過電阻R的電流方向改變?yōu)榻涣麟姡D(zhuǎn)動一周流過電阻R的電流方向改變2次，故CD錯誤。故選B。4.一定質(zhì)量理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，最終回到狀態(tài)a，該過程的圖像如圖所示，圖像中曲線ab為雙曲線的一段，下列判斷正確的是（）A.狀態(tài)a與狀態(tài)b單位時間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)可能相等B.由狀態(tài)b到狀態(tài)c所有分子的速率都增大C.完成一個循環(huán)過程，氣體對外做的功等于外界對氣體所做的功D.完成一個循環(huán)過程，氣體從外界吸收的熱量大于向外界放出的熱量〖答案〗D〖解析〗A．已知由狀態(tài)a到狀態(tài)b為等溫過程，分子平均動能不變，而體積變小，壓強變大，故狀態(tài)a單位時間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)一定小于狀態(tài)b，故A錯誤；B．由圖可知從狀態(tài)b到狀態(tài)c為等壓過程，而體積變大，由蓋—呂薩克定律可知氣體溫度升高，則氣體分子平均動能增大，即分子平均速率增大，但并不是每個分子的速率都增大，故B錯誤；CD．根據(jù)可知，圖像與坐標軸圍成的面積等于氣體對外做的功，由圖可知從a到b外界對理想氣體做功小于從b到c到a氣體對外做功，即整個循環(huán)的過程中由于根據(jù)熱力學(xué)第一定律所以即所以整個循環(huán)的過程中，理想氣體吸收的熱量大于放出的熱量，故C錯誤，D正確。故選D。5.2024年全國青年體操錦標賽于6月28日-7月8日在廣西南寧舉行，在帶操比賽中，運動員揮舞的彩帶在時刻形成的機械波可簡化為如圖所示的簡諧橫波，波沿x軸正方向傳播，P、Q是波傳播方向上的兩個質(zhì)點，時質(zhì)點P的位移與時刻相同，已知波源振動的周期大于0.8s。則下列說法正確的是（）A.時刻質(zhì)點P的振動方向向上，加速度方向向下B.該簡諧波周期為1.4sC.該簡諧波的波速大小為D.時質(zhì)點Q的位移也與時刻相同〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)波的傳播規(guī)律可知，時刻質(zhì)點P的振動方向向下，加速度方向指向平衡位置，加速度方向向下，故A錯誤；B．設(shè)P點的振動方程為代入，可得故故B錯誤；C．由圖可知故波速為故C正確；D．根據(jù)故時質(zhì)點Q的位移與時刻不相同，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，O點為均勻帶電圓環(huán)的圓心，圓環(huán)的帶電量為，直線OA垂直于圓環(huán)平面，圓環(huán)的半徑，O，A兩點間的距離，若取無窮遠處電勢為0，點電荷電場中電勢，Q表示點電荷的電荷量，r表示與點電荷間的距離，k為靜電力常量，下列判斷正確的是（）A.O點的電場強度為0，電勢為0B.A點的電場強度大小為C.A點的電勢大小為D.電子在O點的電勢能小于在A點的電勢能〖答案〗B〖解析〗A．將圓環(huán)分成n個微元，每個微元均能夠看為點電荷，電荷量為根據(jù)對稱性及場強疊加原理，則圓心O點的電場強度為0；圓心O點的電勢為故A錯誤；B．將圓環(huán)分成n個微元，每個微元均能夠看為點電荷，設(shè)微元到A點距離為，連線與x軸夾角為，根據(jù)對稱性及場強疊加原理，得A點的電場強度大小為故B正確；C．由題意，可得A點的電勢大小為故C錯誤；D．由前面分析可知根據(jù)同一負電荷在電勢越低的地方電勢能越大，則電子在O點的電勢能大于在A點的電勢能，故D錯誤。故選B。7.目前國際空間站將于2024年退役，中國天宮空間站在不久的將來會是人類近地軌道上唯一運行的空間站。用高倍望遠鏡在地球上觀測月球時，如果時間合適可以看到我國空間站在月球前面快速掠過的奇觀，稱為“空間站凌月”，將空間站繞地球的運動看作半徑為r的勻速圓周運動，已知地球半徑為R，月球繞地球做勻速圓周運行的周期為T，空間站與月球在同一軌道平面且繞行方向相同，連續(xù)兩次觀測到“凌月”現(xiàn)象的時間間隔為t，則地球表面的重力加速度g可表示為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)空間站運行的周期為，角速度為月球的角速度為已知連續(xù)兩次出現(xiàn)空間站凌月現(xiàn)象的時間為t，則滿足解得對空間站由萬有引力提供向心力在地球表面有聯(lián)立可得，地球表面重力加速度為故選A。8.我國大力發(fā)展新能源汽車，隨著我國提出“十四五規(guī)劃”和“雙碳政策”，新能源汽車產(chǎn)業(yè)蓬勃發(fā)展，也帶動了一大批相關(guān)上下游企業(yè)的發(fā)展。比亞迪是中國新能源汽車領(lǐng)域的龍頭企業(yè)，也是全球最大的電動汽車制造商之一，比亞迪在測試場測試某款新能源汽車的性能，汽車由靜止開始在平直的跑道上啟動，汽車運動速度隨時間的變化的規(guī)律如圖所示，時間內(nèi)汽車功率不變，為額定功率，時刻圖線與t軸相切。已知汽車的質(zhì)量為m，運動過程中受到的阻力恒為f，下列判斷正確的是（）A.汽車的額定功率大小為B.時間內(nèi)汽車的位移增加的越來越慢C.時間內(nèi)汽車的平均速度大于D.和時間內(nèi)汽車牽引力做功之比為〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知汽車在時間內(nèi)做勻加速直線運動，由牛頓第二定律可得該時間段內(nèi)的牽引力為時刻汽車速度為則汽車的額定功率為故A錯誤；B．由圖可知時間內(nèi)汽車做加速度逐漸減小的加速運動，速度越來越大，位移增加的越來越快，故B錯誤；C．由題意可知時刻加速度為零，汽車的速度達到最大，牽引力與阻力相等，即則最大速度為時間內(nèi)汽車做加速度逐漸減小的加速運動，故時間內(nèi)汽車的平均速度故C正確；D．時間內(nèi)汽車牽引力做功為時間內(nèi)汽車牽引力做功為故和時間內(nèi)汽車牽引力做功之比為故D錯誤。故選C。9.如圖所示，半徑為R的粗糙圓軌道豎直固定，質(zhì)量為m的小球靜止在軌道最底端，給小球施加一瞬時水平?jīng)_量，小球獲得初速度，此時小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?，小球運動到軌道最高點時對軌道的壓力大小為，返回到最低點時對軌道的壓力大小為，此過程中小球未離開軌道，重力加速度大小為g。下列關(guān)系式正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗AB．根據(jù)牛頓第二定律有從最低點到最高點有最高點有解得則有故A錯誤，B正確；CD．從最高點到最低點有最低點有解得則有故C錯誤，D正確；故選BD。10.如圖，光滑絕緣水平面上有一金屬框架，由5根等長的金屬棒和導(dǎo)線連接而成，金屬棒長度為2L，金屬棒間距為L，在金屬框架的右側(cè)存在有界勻強磁場，左右兩側(cè)的磁場邊界均與金屬棒平行，有界磁場寬度也為L，磁感應(yīng)強度大小為B，方向豎直向下。金屬框架在水平外力作用下以初速度向右勻速穿過磁場區(qū)域，已知金屬棒的電阻均為R，導(dǎo)線的電阻忽略不計，金屬框架穿過磁場的過程中，下列判斷正確的是（）A.流過每根金屬棒的電流方向不變B.水平外力的大小C.通過最右側(cè)金屬棒的電荷量為D.最左側(cè)金屬體產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗CD〖解析〗A．由右手定則可知，每根金屬棒在磁場內(nèi)和在磁場外電流方向相反，故A錯誤；B．金屬框架勻速穿過磁場區(qū)域，水平方向受力平衡，處于磁場中的金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為由閉合電路歐姆定律安培力大小為聯(lián)立解得，水平外力的大小為故B錯誤；C．最右側(cè)金屬棒在磁場中運動時，通過它電荷量為最右側(cè)金屬棒離開磁場后，流過最右側(cè)金屬棒的電流為通過它的電荷量為故流過右側(cè)金屬棒的總電荷量為故C正確；D．金屬框架穿過磁場的過程中產(chǎn)生的總焦耳熱為金屬框架在穿過磁場的過程中，5根金屬棒所處地位一樣，故最左端金屬棒上產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選CD。二、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.小明和小華同學(xué)利用圖甲所示的實驗裝置進行“探究物體加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗。（1）該實驗用到了控制變量法，下列實驗也用到了該方法的是__________。A.探究向心力大小與半徑、角速度﹑質(zhì)量的關(guān)系B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.探究平拋運動的特點D.探究變壓器原﹑副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系（2）實驗過程中得到如圖乙所示紙帶，在紙帶上每5個點取一個計數(shù)點，其相鄰點的間距如圖所示，已知所使用交流電的頻率為50Hz，小車的加速度大小為__________。（保留2位小數(shù)）（3）某次實驗中交流電的頻率發(fā)生了波動，頻率變成了49Hz，但做實驗的同學(xué)仍按照50Hz進行數(shù)據(jù)處理，那么速度的測量值與實際值相比__________（選填“偏大”“偏小”或“不變”），該誤差屬于__________（選填“系統(tǒng)”或者“偶然”）誤差?！即鸢浮剑?）AD（2）2.00（3）偏大系統(tǒng)〖解析〗【小問1詳析】A．探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系用到了控制變量法，故A正確；B．探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律用到了等效替代法，故B錯誤；C．探究平拋運動的特點，采用等效思想，故C錯誤；D．探究變壓器原﹑副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系利用了控制變量法，故D正確。故選AD。【小問2詳析】相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔為由逐差法可知，小車的加速度大小為【小問3詳析】[1]根據(jù)頻率與周期之間的關(guān)系為可知，頻率減小，則周期變大，而計算時仍用較小的周期值計算，因此速度的測量值與實際值相比將偏大；[2]由系統(tǒng)裝置所造成的誤差稱為系統(tǒng)誤差，故該誤差屬于系統(tǒng)誤差。12.物理小組的同學(xué)在實驗室練習(xí)電阻的測量，老師提供了如下器材：A．待測電阻（阻值較?。〣．電源（電動勢為3V）C．滑動變阻器（最大阻值為，允許通過的最大電流為2A）；D．滑動變阻器（最大阻值為，允許通過的最大電流為2A）；E．電流表（內(nèi)阻未知）F．電流表（內(nèi)阻未知）G．電阻箱RH．開關(guān)SI．導(dǎo)線若干經(jīng)過討論，他們設(shè)計了如圖1所示的電路，得到老師的肯定。（1）應(yīng)選擇的滑動變阻器為__________（填“C”或“D”）。（2）請根據(jù)電路圖幫他們連接完整實物圖。（3）閉合開關(guān)S前，圖1中滑動變阻器的滑片應(yīng)放置在滑動變阻器__________（填“左端”“右端”或“中間”）位置。（4）先將電阻箱R調(diào)為0，然后閉合開關(guān)S，改變滑動變阻器滑片位置使電流表的示數(shù)接近滿量程，逐漸增加電阻箱R的阻值，同時記錄電流表的示數(shù)、電流表的示數(shù)及電阻箱的R數(shù)值，并作出圖像如圖3所示，則電流表的內(nèi)阻為__________，待測電阻阻值為__________（均用含a、b、c的式子表示）?！即鸢浮剑?）C（2）見〖解析〗（3）左端（4）〖解析〗【小問1詳析】因電路中滑動變阻器采用分壓式接法，為了便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)選擇小量程。故選C?！拘?詳析】根據(jù)電路圖連接完整實物圖，如圖所示【小問3詳析】為保障儀器安全，滑動變阻器的滑片應(yīng)放置在滑動變阻器的左端，此時待測電路電壓為0，從而保證電表的安全。【小問4詳析】[1][2]對該電路有由歐姆定律可得變形得由圖像可得聯(lián)立可得，電流表的內(nèi)阻為待測電阻阻值為13.如圖一個盛有理想氣體的氣缸內(nèi)壁光滑，在氣缸