陜西省西安高新唐南中學2025屆物理高二上期中考試試題含解析

陜西省西安高新唐南中學2025屆物理高二上期中考試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖各種電場中，A、B兩點電場強度相等的是（）A． B．C． D．2、如圖所示,虛線表示兩個固定的等量異種點電荷形成的電場中的等勢線。一帶電粒子以某一速度從圖中a點沿實線abcde運動。若粒子只受靜電力作用,則下列判斷正確的是()A．粒子帶正電B．速度先減小后增大C．電勢能先減小后增大D．經過b點和d點時的速度相同3、規(guī)定向東為位移的正方向，今有一個皮球停在水平面的某處，輕輕踢它一腳，使它向東做直線運動，經5m遠與墻相碰，后又向西做直線運動，經7m而停下。則上述過程中皮球通過的路程和位移分別是：A．12m、2m B．12m、－2m C．－2m、2m D．2m、－2m4、如圖所示，彈簧振子在A、B之間做簡諧運動．以平衡位置O為原點，建立Ox軸．向右為x軸的正方向．若振子位于B點時開始計時，則其振動圖像為（）A． B．C． D．5、如圖所示，通電直導線置于勻強磁場中，導線與磁場方向垂直．若僅將導線中的電流增大為原來的2倍，則導線受到安培力的大小將（）A．減小為原來的1/4 B．減小為原來的1/2C．增大為原來的4倍 D．增大為原來的2倍6、如圖所示，a、b分別表示由相同材料制成的兩條長度相同、粗細均勻的電阻絲的伏安特性曲線，下列判斷正確的是A．a代表的電阻絲較粗 B．b代表的電阻絲較粗C．a電阻絲的阻值小于b電阻絲的阻值 D．圖線表示電阻絲的阻值與電壓成正比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、壓敏電阻的阻值R隨所受壓力的增大而減小。其興趣小組利用壓敏電阻設計了判斷電梯運動狀態(tài)的裝置，其裝置示意圖如圖所示。將壓敏電阻平放在電梯內，受壓面朝上，在上面放一物體A，電梯靜止時電壓表示數為，電梯在某次運動過程中，電壓表的示數變化情況如圖乙所示，下列判斷中錯誤的是（）。A．乙圖表示電梯可能勻速下降B．乙圖表示電梯可能勻減速下降C．乙圖表示電梯可能變減速上升D．乙圖表示電梯可能變減速下降8、如圖所示，為A、B兩電阻的伏安特性曲線，關于兩電阻的描述正確的是()A．電阻A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變B．在兩圖線交點處，電阻A的阻值大于電阻BC．在兩圖線交點處，電阻A的阻值等于電阻BD．在兩圖線交點處，電阻A的阻值小于電阻B9、如圖所示，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，C是一只靜電計，閉合開關S后，靜電計指針張開一個角度，下述做法與結論相符合的是（）A．保持開關S閉合，減小A、B間距離，靜電計張角減小B．保持開關S閉合，減小A、B間正對面積，靜電計張角不變C．斷開開關S后，減小A、B間距離，靜電計張角減小D．斷開開關S后，減小A、B間正對面積，靜電計張角不變10、在如圖(a)所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器．閉合開關S，將滑動變阻器的滑片P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖(b)所示，則A．圖線甲是電壓表V2示數隨電流變化的圖線B．圖線甲延長線與U軸交點的縱坐標數值上等于電源的電動勢C．電源的最大輸出功率為3.6WD．滑動變阻器R2的最大功率為0.9W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在驗證“互成角度的兩個力的合成”的實驗中，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩．實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是通過細繩用一個彈簧秤拉橡皮條．（1）本實驗采用的科學方法是_______A．理想實驗法B．等效替代C．控制變量法D．建立物理模型法（2）如圖，實驗中需用兩個彈簧秤分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條．某同學認為在此過程中必須注意以下幾項：Ａ．兩根細繩必須等長．Ｂ．橡皮條應與兩繩夾角的平分線在同一直線上．Ｃ．在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行．其中正確的是________．（填入相應的字母）（3）某次實驗中，拉OC細繩的彈簧秤指針位置如圖所示，其讀數為_______N；圖中的F與F′兩力中，方向一定沿AO方向的是______．12．（12分）如圖為“研究電磁感應現象”的實驗裝置，電鍵合上前小螺線管已插入到大螺線管中。（1）將圖中所缺的導線補接完整_________；（2）如果在閉合電鍵時發(fā)現靈敏電流計的指針向右偏轉一下，那么合上電鍵后將小螺線管迅速抽出時，靈敏電流計指針將向__________(“左”或“右”)偏轉。將滑動變阻器的滑片迅速向左滑動，則靈敏電流計指針將向___________(“左”或“右”)偏轉。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的平面直角坐標系，在第Ⅰ象限內有平行于軸的勻強電場，方向沿軸正方向；在第Ⅳ象限的正三角形區(qū)域內有勻強磁場，方向垂直于平面向里，正三角形邊長為，且邊與軸平行。一質量為、電荷量為的粒子，從軸上的點，以大小為的速度沿軸正方向射入電場，通過電場后從軸上的點進入第Ⅳ象限，又經過磁場從軸上的某點進入第Ⅲ象限，且速度與軸負方向成45°角，不計粒子所受的重力。求：(1)電場強度的大??；(2)粒子到達點時速度的大小和方向；(3)區(qū)域內磁場的磁感應強度的最小值。14．（16分）如圖所示，固定在勻強磁場中的水平導軌ab、cd的間距L1＝1．5m，金屬棒ad與導軌左端bc的距離為L2＝1．8m，整個閉合回路的電阻為R＝1．2Ω，磁感應強度為B1＝1T的勻強磁場豎直向下穿過整個回路．ad桿通過滑輪和輕繩連接著一個質量為m＝1．14kg的物體，不計一切摩擦，現使磁場以＝1．2T/s的變化率均勻地增大．求：(1)金屬棒上電流的方向．(2)感應電動勢的大?。?3)物體剛好離開地面的時間(g＝11m/s2)．15．（12分）如圖所示的電路中，電源電動勢E＝10V，內阻r＝0.5Ω，電動機的電阻R0＝1.0Ω，電阻R1＝1.5Ω，電壓表的示數U1＝3.0V，電動機正常工作。求此時：（1）通過電動機的電流；（2）電動機兩端的電壓；（3）電動機消耗的電功率；（4）電動機損耗的熱功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．該圖中A、B兩點場強大小相同，方向不同，選項A錯誤；B．該圖中A、B兩點場強大小不相同，方向相同，選項B錯誤；C．該圖中A、B兩點場強大小相同，方向相同，選項C正確；D．該圖中A、B兩點場強大小不相同，方向也不同，選項D錯誤；故選C。2、B【解析】

根據兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面的特點可得，該圖中的等勢面中，正電荷在上方，負電荷在下方；從粒子運動軌跡看出，軌跡向上彎曲，可知帶電粒子受到了向上的力的作用。所以粒子帶負電。故A錯誤；粒子從a→b→c過程中，電場力做負功，c→d→e過程中，電場力做正功。粒子在靜電場中電場力先做負功后做正功，電勢能先增大后減小，速度先減小后增大。故B正確，C錯誤；由于b、d兩點處于同一個等勢面上，所以粒子在bd兩點的電勢能相同，粒子經過b點和d點時的速度大小相同，方向不同。故D錯誤。故選B?！军c睛】本題是軌跡問題，首先要根據彎曲的方向判斷出帶電粒子所受電場力方向，確定是排斥力還是吸引力．由動能定理分析動能和電勢能的變化是常用的思路．3、B【解析】

皮球向東運動，經過5m，與墻相碰后又向西運動，經7m后停下，所以總的路程為12m；位移是指從初位置到末位置的有向線段，皮球的總的運動過程是向西運動了2m，所以位移為-2m。A．12m、2m，與結論不相符，選項A錯誤；B．12m、－2m，與結論相符，選項B正確；C．－2m、2m，與結論不相符，選項C錯誤；D．2m、－2m，與結論不相符，選項D錯誤；4、A【解析】

由題意：設向右為x正方向，振子運動到N點時，振子具有正方向最大位移，所以振子運動到N點時開始計時振動圖象應是余弦曲線，故A正確．5、D【解析】

由安培力公式F=BIL知，當電流增大為2倍后，導線受安培力大小也將增大為原來的2倍，故選項D正確，其余錯誤．6、B【解析】

ABC．根據歐姆定律：可得：可知伏安特性曲線的斜率是電阻的倒數，因此a代表的電阻較大，b的較??；根據電阻定律：可知a的電阻絲較細，b的較粗，故A錯誤、B正確、C錯誤。D．一段金屬絲的電阻是由本身的因素決定的，與所加電壓和所通過的電流無關，故D錯誤。故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

A．電梯勻速下降時，壓敏電阻所受壓力等于重力不變，其電壓不變，與圖象反映的情況不符，故A錯誤；B．電梯勻減速下降時，加速度不變，壓敏電阻所受壓力不變，其電壓不隨時間而變化，與圖象情況不符，故B錯誤；C．電梯變減速上升時，其加速度向下，根據牛頓第二定律，壓敏電阻所受壓力小于重力，則其電壓逐漸增大，與圖象意義不符，故C錯誤；D．電梯變減速下降時，壓力大于重力，由其特性知，其電壓逐漸減小，與圖象的意義相符，故D正確。8、AC【解析】

由圖可知，電阻A的圖象的斜率越來越大，故A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變，故A正確；兩圖象的交點處，電流和電壓均相同，則由歐姆定律可知，兩電阻的阻值大小相等，故C正確，BD錯誤；故選AC．【點睛】本題考查伏安特性曲線的應用，要注意明確U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；斜率變大時，電阻增大．但是求解某一電壓下的電阻時要用歐姆定律求解．9、BC【解析】

AB．合上開關，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計指針張角不變。故A錯誤B正確；C．斷開S，電容器帶電量保持不變，減小A、B間距離，根據，d變小，C變大，根據，U變小，張角變小，故C正確；D．斷開S，電容器帶電量保持不變，減小A、B間正對面積，根據，S變小，C變小。根據，U增大，張角增大。故D錯誤。故選BC。10、AB【解析】

A．當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可以知道電路電流增大；而R1兩端的電壓增大,R2兩端的電壓減小,故乙表示是V1示數的變化;甲表示V2示數的變化;故A正確;B．當把R1和電源和一起看成等效電源時，V2示數表示的是外電壓，所以圖線甲延長線與U軸交點的縱坐標數值上等于電源的電動勢，故B正確.C．由圖可以知道,當只有R1接入電路時,電路中電流為0.6A,電壓為4.5V,則由:可得:當滑動變阻器全部接入時,兩電壓表示數之比為,故:由閉合電路歐姆定律可得:計算得出：,；因當電源的內電阻等于外電阻時電源的輸出功率最大,故當外阻等于時，電源的輸出功率最大,故此時電流：故電源的最大輸出功率：故C錯誤;D．由C的分析可以知道R1的阻值為，R2電阻為；當R1等效為電源的內阻,即當滑動變阻器的阻值等于時,滑動變阻器消耗的功率最大，故當滑動變阻器阻值為時,滑動變阻器消耗的功率最大,由閉合電路歐姆定律可得,電路中的電流：則滑動變阻器消耗的總功率：所以D錯誤;三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BB2.60【解析】

(1)[1]該實驗采用了“等效替代”法即要求兩次拉橡皮筋時，要使橡皮筋產生的形變相同，即拉到同一位置，本實驗采用的科學方法是等效替代法，故選B。(2)[2]AB．本實驗的目的是為了驗證力的平行四邊形定則，即研究合力與分力的關系．根據合力與分力是等效的，本實驗橡皮條兩次沿相同方向拉伸的長度要相同．故A錯誤，B正確；C．在白紙上標下第一次橡皮條和繩的結點的位置，第二次將橡皮條和繩的結點拉到相同位置，表明兩次效果相同，即兩個拉力和一個拉力等效，而彈簧稱不必拉到相同刻度。(3)[3][4]由圖可知，彈簧秤的讀數為2.60N，F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′。12、左左【解析】

（1）[1]如圖所示（2）[2]在閉合電鍵時和電流計串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現靈敏電流計的指針向右偏轉一下，那么合上電鍵后將小螺