2025屆山東省青島市西海岸新區(qū)膠南第一高級中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆山東省青島市西海岸新區(qū)膠南第一高級中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在許多精密的儀器中，如果需要較精確地調(diào)節(jié)某一電阻兩端的電壓，常常采用如圖所示的電路通過兩只滑動變阻器和對一阻值為500Ω左右的電阻兩端電壓進(jìn)行粗調(diào)和微調(diào)．已知兩個滑動變阻器的最大阻值分別為200Ω和10Ω關(guān)于滑動變阻器、的連接關(guān)系和各自所起的作用，下列說法正確的是（）A．取=200Ω，＝10Ω，調(diào)節(jié)起粗調(diào)作用B．取=10Ω，=200Ω，調(diào)節(jié)起微調(diào)作用C．取=200Ω，=10Ω，調(diào)節(jié)起粗調(diào)作用D．取=10Ω，=200Ω，調(diào)節(jié)起微調(diào)作用2、如圖，電源內(nèi)阻忽略不計，閉合電鍵，電壓表V1示數(shù)為U1，電壓表V2示數(shù)為U2，電流表A示數(shù)為I．在滑動變阻器R1的滑片由a端滑到b端的過程中（）A．U1先增大后減小B．U1與I的比值先增大后減小C．U1變化量與I變化量的比值不變D．U2變化量與I變化量的比值先增大后減小3、如圖所示，電源的內(nèi)阻不可忽略．已知定值電阻R1=11Ω，R2=8Ω．當(dāng)開關(guān)S接位置1時，電流表的示數(shù)為1．21A．那么當(dāng)開關(guān)S接位置2時，電流表的示數(shù)可能是下列的哪些值（）A．1．28AB．1．25AC．1．22AD．1．19A4、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的庫侖力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動()A．半徑越大，加速度越大B．半徑越小，周期越大C．半徑越小，線速度越小D．半徑越大，線速度越小5、打乒乓球時，球拍對乒乓球的作用力為FN，乒乓球?qū)η蚺牡淖饔昧镕N′，則（）A．FN大于FN′B．FN與FN′方向相反C．FN小于FN′D．FN與FN′方向相同6、下列說法錯誤的是（）A．太陽繞地球做勻速圓周運動B．開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運動三定律C．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律D．哥白尼提出了日心說二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動勢為6V，內(nèi)阻為2Ω，四個電阻的阻值已在圖中標(biāo)出。閉合開關(guān)S，下列說法正確的有（）A．電源兩端的電壓為6V B．電源的效率為83.3%C．a(chǎn)、b間電壓的大小為2.5V D．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，電路的總電流8、如圖所示，光滑固定金屬導(dǎo)軌與水平面成一定角度θ，將完全相同的兩個導(dǎo)體棒P、Q相繼從導(dǎo)軌頂部同一位置M處無初速釋放，在導(dǎo)軌中某部分（圖中兩虛線之間）有一與導(dǎo)軌平面垂直的勻強磁場．已知P棒進(jìn)入磁場時恰好做勻速運動，則從P棒進(jìn)入磁場開始計時，到Q棒離開磁場（設(shè)導(dǎo)軌足夠長，除P、Q桿外其余電阻不計），P棒兩端電壓隨時間變化的圖象可能正確的是A． B．C． D．9、如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線B為電源b的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流的關(guān)系圖象．將這個電阻R分別接到a，b兩電源上，那么下列說法不正確的是（）A．R接到a電源上，電源的效率較高B．R接到b電源上，電源的輸出功率較大C．R接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源效率較低D．R接到b電源上，電阻的發(fā)熱功率和電源的效率都較高10、一根輕質(zhì)桿長為2L，可繞固定于中點位置處的軸在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，桿兩端固定有完全相同的小球1和小球2，它們的質(zhì)量均為m，帶電荷量分別為+q和–q，整個裝置放在如圖所示的關(guān)于豎直線對稱的電場中?，F(xiàn)將桿由水平位置靜止釋放，讓小球1、2繞軸轉(zhuǎn)動到豎直位置A、B兩點，設(shè)A、B間電勢差為u，該過程中()A．小球2受到電場力變小B．小球1電勢能減少量小于uqC．小球1、2的機械能總和增加量小于uqD．小球1、2的動能總和增加了uq三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）國慶同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實驗中，所用裝置如圖甲所示，已知槽口末端在白紙上的投影位置為O點?；卮鹨韵聠栴}：(1)實驗室的老師為國慶同學(xué)準(zhǔn)備了一些實驗儀器，本實驗中需要的是___________。A．秒表B．天平C．刻度尺D．打點計時器(2)為了完成本實驗，下列必須具備的實驗條件或操作步驟是___________。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球大小必須相同C．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等D．必須測出桌面離地的高度H(3)國慶同學(xué)在實驗中正確操作，認(rèn)真測量，得出的落點情況如圖乙所示，則入射小球質(zhì)量和被碰小球質(zhì)量之比為____________。(4)若兩球間的碰撞是彈性碰撞，入射小球質(zhì)量m1，被碰小球質(zhì)量m2，應(yīng)該有等式________成立。（用圖甲中標(biāo)注的字母符號表示）12．（12分）要測繪一個標(biāo)有“3V0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：直流電源（電壓為4V）；電流表（量程為0~0.6A，內(nèi)阻約0.5Ω)；電壓表（量程為0~3V，內(nèi)阻約3kΩ)；電鍵一個、導(dǎo)線若干。（1）實驗中所用的滑動變阻器應(yīng)選下列中的_______（填字母代號）。A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.3A）（2）如圖為某同學(xué)在實驗過程中完成的部分電路連接的情況，請你幫他完成其余部分的線路連接。（用黑色水筆畫線表示對應(yīng)的導(dǎo)線）（3）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。由曲線可知小燈泡的電阻隨電壓增大而____________（填“增大”、“不變”或“減小”）（4）如果某次實驗測得小燈泡兩端所加電壓如圖所示，請結(jié)合圖線算出此時小燈泡的電阻是_______Ω（保留兩位有效數(shù)字）。（5）根據(jù)實驗得到的小燈泡伏安特性曲線，下列分析正確的是______________。A．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏小，主要是由于電壓表內(nèi)阻引起B(yǎng)．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏小，主要是由于電流表內(nèi)阻引起C．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏大，主要是由于電壓表內(nèi)阻引起D．測得的小燈泡正常發(fā)光的功率偏大，主要是由于電流表內(nèi)阻引起四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個“V”型玻璃管倒置于豎直平面內(nèi)，并處于E=1×103V/m、方向豎直向下的勻強電場中，一個帶負(fù)電的小球，重為G=1×10-3N，電量q=2×10-6C，從A點由靜止開始運動，球與管壁的摩擦因數(shù)μ=0.1．已知管長AB=BC=2m，傾角a=37°，且管頂B處有一很短的光滑圓弧．求：（1）小球第一次運動到B時的速度多大?（2）小球運動后，第一次速度為0的位置在何處?（3）從開始運動到最后靜止，小球通過的總路程是多少?(sin37°=0.6，cos37°=0.8)14．（16分）如圖所示，電源電動勢E=10V，內(nèi)阻r=0.6Ω，定值電阻R1=4Ω，R2=6Ω，R3=17Ω，求：（1）外電路的總電阻；（2）通過R3的電流；（3）電源兩端的電壓．15．（12分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy的第一象限中，存在豎直向下的勻強電場，電場強度大小為4E1．虛線是電場的理想邊界線，虛線右端與x軸的交點為A，A點坐標(biāo)為（L，1），虛線x軸所圍成的空間內(nèi)沒有電場；在第二象限存在水平向右的勻強電場，電場強度大小為E1，M（﹣L，L）和N（﹣L，1）兩點的連線上有一個產(chǎn)生粒子的發(fā)生器裝置，產(chǎn)生質(zhì)量均為m，電荷量均為q靜止的帶正電的粒子，不計粒子的重力和粒子之間的相互作用，且整個裝置處于真空中．（1）若粒子從M點由靜止開始運動，進(jìn)入第一象限后始終在電場中運動并恰好到達(dá)A點，求這個過程中該粒子運動的時間及到達(dá)A點的速度大?。唬?）若從MN線上M點下方由靜止發(fā)出的所有粒子，在第二象限的電場加速后，經(jīng)第一象限的電場偏轉(zhuǎn)穿過虛線邊界后都能到達(dá)A點，求此邊界（圖中虛線）方程．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

若=200Ω，＝10Ω,則與R0組成的部分電路的電阻遠(yuǎn)小于,移動上的滑片很不方便調(diào)節(jié)兩端的電壓.

當(dāng)=10Ω，=200Ω時,移動上的滑片使兩端的電壓變化較快,移動上的滑片使R0兩端的電壓變化相對較慢,故B對；ACD錯故選B【點睛】滑動變阻器采用分壓式接法時,為使電壓變化明顯,滑動變阻器的總電阻要遠(yuǎn)小于被測電阻的電阻值.2、B【解析】

閉合電鍵后，滑動變阻器滑片P由由a端滑到b端的過程中，變阻器并聯(lián)的阻值先增大后減小，總電阻先增大后減小，則總電流先減小后增大，即A示數(shù)先減小后增大．由歐姆定律知，V2示數(shù)先減小后增大．因為電源內(nèi)阻忽略不計，電壓表V1的示數(shù)等于電源的電動勢，可知V1示數(shù)不變，故A錯誤；U1I＝R外，因為外電阻先增大后減小，所以U1與I的比值先增大后減小，故B正確，C錯誤；R2是定值電阻，則ΔU2ΔI＝【點睛】本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析．3、C【解析】試題分析：當(dāng)電鍵S接位置1時，電流表的示數(shù)為1．21A，則根據(jù)歐姆定律得知：路端電壓U1=I1R1=11×1．2V=2V；電鍵S接2后，電路的總電阻減小，總電流一定增大，所以電流不可能是1．19A，電源的路端電壓一定減小；原來路端電壓為2V，所以電鍵S接2后路端電壓低于2V，因此電流一定小于1．25A，故只能選C．考點：閉合電路歐姆定律名師點睛：本題要根據(jù)閉合電路歐姆定律分析路端電壓與外電阻的關(guān)系，同時分析總電流與外電路總電阻的關(guān)系，可確定出電流表示數(shù)的范圍進(jìn)行選擇．4、D【解析】由向心力公式，可知，半徑越大，庫侖力越小，加速度越小，周期越大，線速度越小，角速度越小；半徑越小，庫侖力越大，加速度越大，周期越小，線速度越大，角速度越大，故D正確；綜上所述本題答案是：D5、B【解析】

球拍對乒乓球的作用力與乒乓球?qū)η蚺牡淖饔昧κ且粚ο嗷プ饔昧?，根?jù)牛頓第三定律，二者大小相等，方向相反，故ACD錯誤，B正確；故選B；6、A【解析】

A．根據(jù)開普勒第一定律得知，地球繞太陽做橢圓運動，故A錯誤，符合題意；

B．開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運動三定律，故B正確，不符合題意；

C．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故C正確，不符合題意；

D．哥白尼提出了日心說，故D正確，不符合題意．故選Ａ。點睛：本題關(guān)鍵掌握天體物理部分的物理學(xué)史，對于著名科學(xué)家的成就進(jìn)行解答即可．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB．外電阻為則有則路端電壓為電源的效率故A錯誤，B正確；C．選電源負(fù)極為零勢點，則b點電勢為a點電勢為則ab間的電壓為故C正確；D．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后外阻為R′，則有則電流為故D錯誤。故選BC。8、AC【解析】因?qū)w棒P、Q完全相同,又是從導(dǎo)軌頂部同一位置M處無初速釋放,所以P、Q在進(jìn)入磁場時的速度大小是相等的,當(dāng)P進(jìn)入磁場,而Q還沒有進(jìn)入磁場的過程中,P做勻速直線運動,設(shè)此時的電動勢為E,由閉合電路的歐姆定律可得P兩端的電壓為E/2，且保持不變．當(dāng)Q進(jìn)入磁場時，分為兩種情況來分析：Ⅰ、當(dāng)Q進(jìn)入磁場時,P已經(jīng)出了磁場,所以在PQ都不在磁場中時,P的兩端的電壓為零,當(dāng)Q進(jìn)入磁場后,產(chǎn)生的電動勢也為E,此時P的兩端的電壓仍為E/2，當(dāng)Q離開磁場時，電壓為零，選項A是有可能的．Ⅱ、當(dāng)Q進(jìn)入磁場時,P還沒有出磁場,此時PQ會以相同的速度開始做勻加速直線運動,回路中沒有電流,所以P兩端的電壓等于P產(chǎn)生的電動勢,因PQ都在做勻加速直線運動,所以電壓是從E均勻增加的,當(dāng)P到達(dá)磁場的邊緣時,設(shè)產(chǎn)生的電動勢為E′,P離開磁場時,只有Q在切割磁感線,此時P兩端的電壓為Q產(chǎn)生的電動勢的一半,即為E′/2，此后Q將做加速度減小的減速運動，P兩端的電壓也就逐漸減小，且隨Q的加速度的減小，電壓減小的幅度也越來越小，所以選項C是有可能的，BD不可能．故選AC．9、ABD【解析】

A.電源的效率η=由圖看出，電阻R接在電源a上時電路中電流為，短路電流為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律I=得到，R=ra電源的效率為50%．由圖看出，電阻R接在電源b上時＞50%則電源b的效率大于50%．故A錯誤符合題意．B.電源的圖線與電阻R的U﹣I圖線的交點表示電阻R接在該電源上的工作狀態(tài)，由圖讀出電阻R接在電源a的電壓和電流較大，電源a的輸出功率較大．故B錯誤符合題意．CD由分析可知，R接到a電源上，電源的輸出功率較大，電源效率較低．故C正確不符合題意，D錯誤符合題意．10、BD【解析】

由圖可知，桿由水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置時，球2所處的位置電場線變得密集，場強變大，則球2所受的電場力變大，選項A錯誤；根據(jù)電場線分布的對稱性可知：開始時兩個小球處于同一等勢面上，轉(zhuǎn)動后，小球1所在位置A的電勢較低，小球2所在位置B的電勢較高，根據(jù)等勢面線電場線的關(guān)系知道，A、1間電勢差小于2、B間的電勢差，小球2的電勢升高量大于小球1電勢降低量，所以小球1的電勢能減小量小于12qu，小球2的電勢能減小量大于12qu，選項B正確；根據(jù)動能定理，系統(tǒng)的重力勢能未變，則動能增加量等于電場力對系統(tǒng)做功，大小為uq，機械能增加量等于動能的增加量，即系統(tǒng)的機械能增加量也為uq，故C錯誤，D正確?！军c睛】本題關(guān)鍵要能正確分析小球能量如何轉(zhuǎn)化，運用W=qU和U=Ed定性分析兩球電勢能的變化關(guān)系，由能量守恒定律分析即可。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCAB3∶2【解析】

(1)[1]A.本實驗中由于平拋運動高度相同，運動時間相同，不需要測量時間，故A錯誤；B.驗證動量守恒，需要計算動量，需要測量質(zhì)量，故B正確；C.實驗中需要測量落點到拋出點的水平距離，故需要刻度尺，故C正確；D.實驗中不需要處理紙帶，不需要打點計時器，故D錯誤；故選BC。(2)[2]A.實驗是通過平拋研究問題，故槽口末端水平，故A正確；B.兩球需要發(fā)生對心碰撞，則兩球大小需相同，故B正確；C.入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1＞m2，防止碰后m1被反彈，故C錯誤；D.小球平拋運動時間相同，不需要測出桌面離地的高度，故D錯誤；故選AB。(3)[3]P是入射球碰撞前的落點，M是入射球碰撞后的落點，N是被碰球碰撞后的落點，實驗需要驗證：m1v1=m1v1′+m2v2兩邊同時乘以小球做平拋運動的時間t，得m1v1t=m1v1′t+m2v2t結(jié)合平拋運動規(guī)律得代入數(shù)據(jù)解得m1：m2=3：2(4)[4]小球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒、機械能也守恒，有可得：12、A增大12C【解析】

由于采用分壓式接法，為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后連接實物電路圖；根據(jù)圖示圖象應(yīng)用歐姆定律分析答題；由圖示電壓表讀出其示數(shù)，由圖示圖象求出對應(yīng)的電流，然后由歐姆定律求出電阻阻值；根據(jù)電路圖應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與功率公式分析答題；【詳解】解：(1)由于采用分壓式接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇A；(2)描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時的電阻為：R=U2P=320.6=15Ω(3)由圖示圖象可知，隨電壓增大通過燈泡的電流增大，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大；(4)電壓表量程為3V，由圖示電壓表可知其分度值為0.1V，示數(shù)為2.3V，由圖示圖象可知，2.3V對應(yīng)的電流為0.196A，此時燈泡電阻為：R=U(5)電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，所測電流I偏大，測得的小燈泡正常發(fā)光的功率P=UI偏大，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)

(2)距B的距離為

(3)【解析】試題分析：根據(jù)牛頓第二定律求出在AB中的加速度，結(jié)合速度位移公式求出第一次到達(dá)B點的速度．根據(jù)牛頓第二定律求出在BC中運動的加速度，結(jié)合速度位移公式求出第一次速度為零的位置．小球最終停在B處，對全過程運用動能定理求出總路程的大?。?）在上滑的過程中受到重力、豎直向上的電場力、垂直玻璃管向下的彈力和沿玻璃管向下的摩擦力，受力如圖所示．根據(jù)牛頓第二定律得，得所以小球第一次到達(dá)B點時的速度為：（2）在下滑的過程中受到重力、豎直向上