2025屆山東省即墨一中高三物理第一學(xué)期期中考試試題含解析

2025屆山東省即墨一中高三物理第一學(xué)期期中考試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一物體靜止在粗糙水平地面上，現(xiàn)用一大小為F1的水平拉力拉動物體，經(jīng)過一段時間后其速度變?yōu)関，若將水平拉力的大小改為F2，物體從靜止開始經(jīng)過同樣的時間后速度變?yōu)?v，對于上述兩個過程，用、分別表示拉力F1、F2所做的功，、分別表示前后兩次克服摩擦力所做的功，則（）A．， B．，C．， D．，2、張鵬同學(xué)在家?guī)蛬寢屜赐暌路螅瑨煸谌鐖D所示的晾衣架上晾曬，A、B為豎直墻壁上等高的兩點，AO、BO為長度相等的兩根輕繩，CO為一根輕桿．轉(zhuǎn)軸C在AB中點D的正下方，AOB在同一水平面上．∠AOB＝60°，∠DOC＝30°，衣服質(zhì)量為m．則()A．CO桿所受的壓力大小為233mg B．COC．AO繩所受的拉力大小為3mg D．BO繩所受的拉力大小為mg3、在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個頂點上；a、b帶正電，電荷量均為q，整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中。若三個小球均處于靜止狀態(tài)，則c球的帶電量為（）A．+q B．-q C．+2q D．-2q4、如圖所示,一質(zhì)量為2kg的物體放在光滑的水平面上,原來處于靜止狀態(tài),現(xiàn)用與水平方向成60°角的恒力F=10N作用于物體上,歷時5s,則下列說法正確的是()A．力F對物體的沖量大小為25N·sB．力F對物體的沖量大小為50N·sC．物體的動量變化量為50kg·m/sD．物體所受合外力沖量大小為50N·s5、如圖所示，長為l的輕桿一端固定一質(zhì)量為m的小球，另一端有固定轉(zhuǎn)軸O，桿可在豎直平面內(nèi)繞軸O無摩擦轉(zhuǎn)動．已知小球通過最低點Q時，速度大小為v=92glA．小球不可能到達圓周軌道的最高點PB．小球能到達圓周軌道的最高點P，但在P點不受輕桿對它的作用力C．小球能到達圓周軌道的最高點P，且在P點受到輕桿對它向上的彈力D．小球能到達圓周軌道的最高點P，且在P點受到輕桿對它向下的彈力6、物體在萬有引力場中具有的勢能叫做引力勢能．取兩物體相距無窮遠時的引力勢能為零，一個質(zhì)量為m0的質(zhì)點距離質(zhì)量為M0的引力源中心為r0時．其引力勢能（式中G為引力常數(shù)），一顆質(zhì)量為m的人造地球衛(wèi)星以圓形軌道環(huán)繞地球飛行，已知地球的質(zhì)量為M，由于受高空稀薄空氣的阻力作用．衛(wèi)星的圓軌道半徑從r1逐漸減小到r1．若在這個過程中空氣阻力做功為Wf，則在下面給出的Wf的四個表達式中正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B兩物塊質(zhì)量均為m，兩物塊由一輕質(zhì)彈簧拴接，質(zhì)量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)為，初始時，系統(tǒng)處于靜止，細線恰好伸直且無作用力．現(xiàn)對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰好離開地面．則此過程中()A．細線的拉力T為恒力B．F的最小值為C．彈簧的彈性勢能變化量為零D．F做的功為8、一個物體沿直線運動，從時刻開始，物體的的圖像如圖所示，圖線與縱橫坐標軸的交點坐標分別為0.5m/s和，由此可知（）A．物體做勻加速直線運動的加速度大小為B．物體做變加速直線運動C．物體的初速度大小為D．物體的初速度大小為9、如圖所示，物塊用一不可伸長的輕繩跨過小滑輪與小球相連，與小球相連的輕繩處于水平拉直狀態(tài)。小球由靜止釋放運動到最低點過程中，物塊始終保持靜止，不計空氣阻力。下列說法正確的有（）A．小球剛釋放時，地面對物塊的摩擦力為零B．小球運動到最低點時，地面對物塊的支持力可能為零C．上述過程中小球的機械能守恒D．上述過程中小球重力的功率一直增大10、關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．物體的動能和重力勢能也是其內(nèi)能的一部分B．懸浮在液體中的顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈C．液晶與多晶體一樣具有各向同性D．當分子間的引力與斥力平衡時，分子勢能最小E.若一定質(zhì)量的理想氣體在膨脹的同時放出熱量，則氣體分子的平均動能減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量電阻Rx的阻值，提供的器材有：A．電流表G，內(nèi)阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=3mAB．電流表A，內(nèi)阻約為5Ω，量程為100mAC．電阻箱R0(0～9999Ω，1A)D．滑動變阻器R(100Ω，1A)E.電池組E(6V，內(nèi)阻不計)F.一個開關(guān)S和導(dǎo)線若干某同學(xué)進行了以下操作：（1）用歐姆表粗測電阻Rx的阻值，當用“×100"擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，應(yīng)換為________（選填“×10”或“×1k”擋），并重新進行_________，測量時指針位置如圖甲所示.（2）把電流表G與電阻箱改裝成量程為6V的電壓表，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為R0=_________Ω.（3））請用改裝好的電壓表設(shè)計一個測量電阻Rx阻值的實驗，根據(jù)提供的器材和實驗需要，請將圖乙中電路圖補充完整。（________）（4）電阻的計算：電路閉合后，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片到合適位置，電流表G的示數(shù)為I1，電流表A的示數(shù)為I2，請用已知量和測量量的字母符號寫出計算電阻的表達式Rx=________.12．（12分）如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．(1)實驗必須要求滿足的條件是________A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端的切線是水平的C．入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下D．若入射小球質(zhì)量為m1，被碰小球質(zhì)量為m2，則m1>m2(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程，然后，把被碰小球m1靜置于軌道的末端，再將入射球m1從斜軌S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復(fù)．接下來要完成的必要步驟是________(填選項的符號)A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE．測量平拋射程(3)若兩球相碰前后的動量守恒，則其表達式可表示為_________________(用(2)中測量的量表示)；(4)若ml=45.0g、m2=9.0g，=46.20cm．則可能的最大值為_____cm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某校一課外活動小組自制一枚火箭，設(shè)火箭從地面發(fā)射后，始終在垂直于地面的方向上運動?；鸺c火后可認為做勻加速直線運動，經(jīng)過4s到達離地面40m高處時燃料恰好用完，若不計空氣阻力，取g=10m/s2，求：(1)燃料恰好用完時火箭的速度；(2)火箭上升離地面的最大高度；(3)火箭從發(fā)射到殘骸落回地面過程的總時間。14．（16分）如圖所示，有一水平向左的勻強電場，場強為，一根長、與水平方向的夾角為的光滑絕緣細直桿MN固定在電場中，桿的下端M固定一個帶電小球A，電荷量；另一帶電小球B穿在桿上可自由滑動，電荷量，質(zhì)量?，F(xiàn)將小球B從桿的上端N靜止釋放，小球B開始運動。（靜電力常量，取，，）求：(1)小球B開始運動時的加速度為多大？(2)小球B的速度最大時，與M端的距離r為多大？15．（12分）前不久，科學(xué)家們宣稱，在距離地球20.5光年之外的天秤座發(fā)現(xiàn)了一顆宜居行星，它或許可以讓人類“拎包即住”。這顆被科學(xué)家們稱為“581c”的系外行星，其半徑為地球的p倍，質(zhì)量為地球的q倍。不計星球的自轉(zhuǎn)影響。地球表面重力加速度為g，地球第一宇宙速度大小為v1。求：（1）該行星表面重力加速度的大小gc；（2）該行星“第一宇宙速度”的大小vc。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由題意可知，兩次物體均做勻加速運動，則在同樣的時間內(nèi)，它們的位移之比為S1：S2==1：2兩次物體所受的摩擦力不變，根據(jù)力做功表達式，則有滑動摩擦力做功之比Wf1：Wf2=fS1：fS2=1：2再由動能定理，則有：WF﹣Wf=可知，WF1﹣Wf1=WF2﹣Wf2=4×由上兩式可解得：WF2=4WF1﹣2Wf1故C正確，ABD錯誤；故選C．2、D【解析】設(shè)繩AO和繩BO拉力的合力為F，以O(shè)點為研究對象，O點受到重力mg、桿的支持力F2和繩AO與繩BO拉力的合力F，作出力的示意圖，如圖所示，根據(jù)平衡條件得：F=mgtan60°=3mg；F2=mgsin30°=2mg；將F分解，如圖，設(shè)AO所受拉力的大小F1，因為∠AOB=120°，根據(jù)幾何知識得：F1=F=3mg，所以繩AO和BO所受到的拉力F1為3mg，而桿OC所受到的壓力大小等于點睛：本題是空間力系問題，O點受到的力不在同一平面，關(guān)鍵是將受力情況分成豎直和水平兩個平面研究．3、D【解析】

a、b帶正電，要使a、b都靜止，c必須帶負電，否則勻強電場對a、b的電場力相同，而其他兩個電荷對a和b的合力方向不同，兩個電荷不可能同時平衡，設(shè)c電荷帶電量大小為Q，以a電荷為研究對象受力分析，根據(jù)平衡條件得c、b對a的合力與勻強電場對a的力等值反向，即為：=×cos所以C球的帶電量為-2qA．+q與分析不符，故A錯誤；B．-q與分析不符，故B錯誤；C．+2q與分析不符，故C錯誤；D．-2q與分析不符，故D正確。4、B【解析】

沖量I=Ft，物體所受合外力的沖量等于物體動量的變化．【詳解】A、力F對物體的沖量大小I=Ft=105Ns=50Ns，故A錯誤，B正確．C、根據(jù)動量定理，物體所受合外力的沖量等于物體動量的變化．F合=10N=5N，所以合外力的沖量I合=F合t=55Ns=25Ns，則物體的動量變化量為25kg·m/s，故C、D錯誤．故選：B【點睛】在求一個力的沖量的時候，不需要將這個力分解到物體的位移方向上，這一點最容易出錯5、C【解析】

由能量守恒定律得：12mv2=12mvp故選：C6、B【解析】

求出衛(wèi)星在半徑為r1圓形軌道和半徑為r1的圓形軌道上的動能，從而得知動能的減小量，通過引力勢能公式求出勢能的增加量，根據(jù)能量守恒求出發(fā)動機所消耗的最小能量．【詳解】衛(wèi)星在圓軌道半徑從r1上時，根據(jù)萬有引力提供向心力：;解得。衛(wèi)星的總機械能：;同理：衛(wèi)星的圓軌道半徑從r1上時，；衛(wèi)星的總機械能：；衛(wèi)星的圓軌道半徑從r1逐漸減小到r1．在這個過程中空氣阻力做功為Wf，等于衛(wèi)星機械能的減少：．所以選項B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設(shè)力F做的功為，對BC組成的系統(tǒng)．由功能關(guān)系得：而且：解得：故D錯誤．8、AC【解析】

由圖得：=（0.5t+0.5）m/s；由x=v0t+at1得：=v0+at，可得a=0.5，a=1m/s1．可知，物體的加速度不變，做勻加速直線運動．故A正確，B錯誤．圖線縱軸截距表示初速度，則知物體的初速度大小為0.5m/s．故C正確，D錯誤．9、AC【解析】

A．小球剛釋放時，小球速度為零，此時繩子的拉力為零，對物塊分析可知，受到的摩擦力為零，故A正確；B．小球運動到最低點時，若地面對物塊的支持力為零，此時繩子的拉力對物塊有向右的分力，不可能靜止，故B錯誤；C．在下落過程中，只有重力做正功，小球機械能守恒，故C正確；D．剛釋放時，速度為零，小球重力的功率為零，到達最底端時，沿重力方向的速度為0，故重力的功率為零，故功率先增大后減小，故D錯誤。故選AC?！军c睛】對小球的運動過程分析，然后對物體進行受力分析，根據(jù)物塊始終處于靜止即可判斷，根據(jù)重力做功的情況分析重力勢能的變化情況；根據(jù)功率公式確定重力在初末狀態(tài)的功率，從而確定功率的變化情況。10、BDE【解析】A.物體的內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運動所具有的動能和分子間相互作用的勢能的總和，與物體的動能和重力勢能無關(guān)，故A錯誤。B.布朗運動是由于液體分子的無規(guī)則運動對固體微粒的碰撞不平衡導(dǎo)致的，溫度越高，分子運動越劇烈，顆粒越小，液體撞擊固體顆粒的作用力越不平衡，運動越劇烈，故B正確。C．液晶既像液體一樣具有流動性，又跟某些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性，多晶體具有各向同性，選項C錯誤。D．當分子間的引力和斥力平衡時，分子力為零，分子勢能最?。蔇正確。E．若一定質(zhì)量的理想氣體，在膨脹時氣體對外界做功，同時又放出熱量，由熱力學(xué)第一定理可得，氣體則內(nèi)能減小，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故E正確。故選BDE三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×10歐姆調(diào)零1900【解析】

(1)[1]因歐姆表不均勻，要求歐姆表指針指在歐姆表中值電阻附近時讀數(shù)較準，當用“×100Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明倍率較大，所以應(yīng)按“×10”倍率讀數(shù)；[2]根據(jù)多用電表的使用規(guī)則，更換倍率后，應(yīng)進行歐姆調(diào)零再測量；(2)[3]將電流表G與電阻箱串聯(lián)改裝成量程為6V的電壓表，要串聯(lián)的電阻為(3)[3]由于題意可知，兩電流表，當另電流表使用外接法，能準確測出所測電阻的電流，同時又能算出所測電阻的電壓，由于待測電阻阻值約為70，滑動變阻器的阻值為100，所以滑動變阻器應(yīng)用限流式，電路圖如圖(4)[4]由歐姆定律可得12、BCDADE77.00或77【解析】

（1）因為要驗證碰撞前后動量是否守恒，斜槽軌道不必是光滑的，故A錯誤；本實驗中用平拋運動的性質(zhì)來驗證動量守恒，故必須保證小球做平拋運動；故斜槽末端必須水平，故B正確；平時為了準確測量落點應(yīng)取落點的平均位置；并且要求小球每次應(yīng)從同一點釋放，故C正確；只有讓重球去撞擊輕球時，實驗才能得出正確結(jié)果，故D正確．所以滿足的條件BCD．（2）實驗時，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得，因此實驗需要測量兩球的質(zhì)量．因此步驟中A、B、E是必須的．（3）如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得．（4）將ml=45.0g、m2=9.0g，=46.20cm代入，當碰撞時沒有能量損失時有最大值，即，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t2得：，聯(lián)立以上解得：=77.00cm