山東省泰安市泰安一中2025屆物理高二第一學期期中綜合測試試題含解析

山東省泰安市泰安一中2025屆物理高二第一學期期中綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、萬有引力定律首次揭示了自然界中物體間一種基本相互作用的規(guī)律．以下說法正確的是A．物體的重力不是地球對物體的萬有引力引起的B．人造地球衛(wèi)星離地球越遠，受到地球的萬有引力越大C．人造地球衛(wèi)星繞地球運動的向心力由地球對它的萬有引力提供D．宇宙飛船內的宇航員處于失重狀態(tài)是由于沒有受到萬有引力的作用2、如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸(沿豎直方向)對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM＝MN.P點在y軸右側，MP⊥ON.則()A．M點的電勢比P點的電勢高B．將負電荷由O點移動到P點，電場力做正功C．M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢差D．在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動3、下列說法中正確的有（）A．通過導體的電流越大，則導體的電阻越小。B．加在導體兩端的電壓變化時，導體中的電流也發(fā)生變化。但電壓與電流的比值對這段導體來說保持不變。C．通過導體的電流強度，跟加在它兩端的電壓成反比，跟它的電阻成正比。D．導體的電阻，跟加在它兩端的電壓成正比，跟通過導體的電流成反比4、兩只額定電壓均為110V的燈泡A和B，額定功率分別為40W和100W，為了使它們接到220V電源上能正常發(fā)光，同時電路消耗的電功率最小，如圖所示的四個電路中最合理的是圖（）A．B．C．D．5、靜電在各個行業(yè)和日常生活中有著重要的應用，如靜電除塵、靜電復印等，所依據(jù)的基本原理幾乎都是帶電的物質微粒在電荷間作用力的作用下奔向并吸附到電極上?，F(xiàn)有三個粒子A，B，c從P點向下運動，它們的運動軌跡如圖所示，則（）A．a帶負電，b帶正電，c不帶電 B．a帶正電，b不帶電，c帶負電C．a帶負電，b不帶電，c帶正電 D．a帶正電，b帶負電，c不帶電6、導體中的電流是這樣產生的：當在一根長度為l、橫截面積為S，單位體積內自由電荷數(shù)為n的均勻導體兩端加上電壓U，導體中出現(xiàn)一個勻強電場產生，導體內的自由電子（-e）受勻強電場力作用而加速，同時由于與陽離子碰撞而受到阻礙，這樣邊反復碰撞邊向前移動，可以認為阻礙電子向前運動的阻力大小與電子移動的平均速率v成正比，即可以表示成kv（k是常數(shù)）．當電子所受電場力和阻力大小相等時，導體中形成了恒定電流，則該導體的電阻是（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，半徑為r的圓形區(qū)域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個帶電粒子以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經(jīng)過時間t從C點射出磁場，∠AOC為120°?，F(xiàn)將帶電粒子的速度變?yōu)椋詮腁沿直徑射入磁場，不計重力，則（）A．運動半徑為B．運動半徑為C．粒子在磁場中運動時間變?yōu)镈．粒子在磁場中運動時間變?yōu)?t8、如圖所示，平行金屬導軌間距為L，與水平面間的傾角為θ（導軌電阻不計）．兩導軌與阻值為R的定值電阻相連，磁感應強度為B的勻強磁場垂直穿過導軌平面，有一質量為m，長為L的導體棒在ab位置獲得平行于斜面的大小為v的初速度向上運動，最遠處到達cd的位置，滑行距離為s，導體棒的電阻也為R，導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為μ，則（）A．上滑過程中導體棒受到的最大安培力為B．導體棒上滑過程中克服安培力、滑動摩擦力和重力做的總功為C．上滑過程中電流做功產生的熱量為-mgssinθD．上滑過程中導體棒損失的機械能為mgssinθ9、A、B兩個半徑相同的天體各有一個衛(wèi)星a、b環(huán)繞它們做勻速圓周運動，兩個衛(wèi)星的質量相等，環(huán)繞周期之比為4：1，A、B各自表面重力加速度之比為4：1（忽略天體的自轉），則（）A．a、b軌跡半徑之比為4：1B．a、b的動能之比為1：1C．A、B密度之比為4：1D．a、b所受向心力之比為1：1610、均勻帶電的薄圓盤的右側，用拉力傳感器A、B水平懸掛一根通電導線ab，電流方向由a到b，導線平行于圓盤平面。圓盤繞過圓心的水平軸沿如圖所示方向勻速轉動，與圓盤靜止時相比，拉力傳感器的示數(shù)增大了，懸線仍然豎直，則下列說法正確的是（）A．圓盤帶正電荷B．圓盤帶負電荷C．若減小圓盤轉動角速度，則傳感器示數(shù)增大D．若改變圓盤轉動方向，則傳感器示數(shù)減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地．在兩極板間有一固定在P點的點電荷，以EP表示點電荷在P點的電勢能，θ表示靜電計指針的偏角．若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則θ_______，EP________（“增大”“減小”“不變”）12．（12分）為了描繪一個“12V、6W直流電源E：15V，電流表A：量程分別為0~0.6A和0~3A，內阻約為電壓表V：量程分別為0~3V和0~15V，內阻約為滑動變阻器R：最大阻值為20Ω，允許通過的最大電流為1A開關一個；導線若干．實驗時要求加在燈泡兩端的電壓可從0V調到12(1)根據(jù)小燈泡的規(guī)格，電流表應選擇量程__________（填“0~0.6A”或“0~3A”），電壓表應選擇量程__________（填“0~3V”或(2)在下面方框里畫出符合本實驗要求的電路圖_________，并根據(jù)電路圖連接右側的實物圖_____________．（提示：電路圖和實物圖畫到答題紙上）．(3)某次測量時，電流表指針位置如圖所示，電流表讀數(shù)為__________A，此時小燈泡的實際功率為__________W．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，A．B．C三點在勻強電場中，AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一個電量q=1×10-5C的正電荷從A移到B，電場力不做功；從B移到C，電場力做功為，求該勻強電場的場強大小和方向?14．（16分）如圖所示，在水平向右的勻強電場中，有一電荷量為C的負點電荷從A點運動到B點，電場力做功為J，AB間距離L=4m，與水平方向夾角為；求：（1）B、A間電勢差UBA是多少？（2）電場強度E是多大？（3）如果A點的電勢為-4V，求B點的電勢為多大？電荷量C的正電荷在A點具有的電勢能是多少？15．（12分）勻強電場中A、B、C三點依次在同一條直線上，與電場線成夾角．A、B兩點間的距離，B、C兩點間的距離．現(xiàn)將的點電荷從A點移動到B點，電場力做功，求：（1）電場強度的大小，并在圖上標出電場強度方向（2）設B點電勢為0，則A點、C點電勢分別是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】物體的重力是由地球的引力而產生的，A正確；根據(jù)萬有引力公式，B錯誤；人造地球衛(wèi)星圍繞地球做圓周運動，萬有引力完全提供向心力，C正確；宇航員處于完全失重狀態(tài)，是萬有引力完全提供向心力，D錯誤．2、AD【解析】試題分析：過M、P、N做等勢線，可得到過P點的等勢線通過M、N之間，因順著電場線電勢降低，則有φM＞φP＞φN，故A正確．將負電荷由O點移到P點，因UOP＞0，所以W=-qUOP＜0，則負電荷電場力做負功，故B錯誤；由U=Ed可知，MN間的平均場強小于OM間的平均場強，故MN兩點間的電勢差小于OM兩點間的電勢差，C錯誤；根據(jù)電場線的分布特點會發(fā)現(xiàn)，電場線關于y軸兩邊對稱，故y軸上的場強方向在y軸上，所以在O點靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸做直線運動，故D正確；故選AD．考點：電場線；電勢及電勢能【名師點睛】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加。3、B【解析】

A．電阻大小是由電阻本身的性質決定的，與電流大小無關，A錯誤；BD．電阻大小是由導體的長度，截面積和材料決定的，與電壓、電流無關，根據(jù)可知，電壓與電流的比值不變，B正確，D錯誤；C．由歐姆定律可知，通過導體的電流強度，跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，C錯誤。故選B。4、B【解析】

A圖中，燈泡的額定電壓為110V，圖中，A燈泡的電壓等于220V，大于額定電壓，燒壞了，故A錯誤；B圖中由于額定電壓都是110V，額定功率PA=40W、PB=100W，由此可知RB<RA，把燈泡A與電阻并聯(lián)，會使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓會平分，AB會同時正常發(fā)光，此時電路消耗的總功率為200W；C圖中由于額定電壓都是110V，額定功率PA=40W、PB=100W，由此可知RB<RA，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，不可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB不能同時正常發(fā)光；D圖中把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時，AB就可以正常發(fā)光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為280W；由以上的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為B，故選B。【點睛】解答本題是一定要注意題目要同時滿足兩個條件即燈泡能夠正常發(fā)光并且消耗的功率還要最?。?、B【解析】

根據(jù)題圖可知，a向左偏轉，與負電極吸引，與正電極排斥，所以a帶正電；c向右偏轉，與負電極排斥，與正電極吸引，所以c帶負電；b不偏轉，應該不帶電。故選B。6、C【解析】

由題意可知當電場力與阻力相等時形成恒定電流，則有：，解得：，則導體中的電流，則由歐姆定律可得：，故C正確，A、B、D錯誤；故選C．【點睛】由受力平衡可求得電荷定向移動的速度，由是流的微觀表達式可求得電流；再由歐姆定律可求得導體的電阻．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

圓形磁場區(qū)域的半徑是r，帶電粒子以速度v射入時，半徑r1=，根據(jù)幾何關系可知，=，所以r1=r，帶電粒子轉過的圓心角=，運動的時間t=T=；帶電粒子以速度射入時，r2===，設第二次射入時的圓心角為，根據(jù)幾何關系可知==，所以=，則第二次運動的時間t′===2t。A.運動半徑為，與分析不一致，故A錯誤；B.運動半徑為，與分析相一致，故B正確；C.粒子在磁場中運動時間變?yōu)?，與分析不一致，故C錯誤；D.粒子在磁場中運動時間變?yōu)?t，與分析相一致，故D正確。8、BD【解析】

導體棒開始運動時速度最大，產生的感應電動勢和感應電流最大，所受的安培力最大，由E=BLv、I=、FA=BIL得：最大安培力為Fmax=．故A錯誤．導體棒上滑的過程中，根據(jù)動能定理得知，克服安培力、滑動摩擦力和重力做的總功為mv1．故B正確．根據(jù)能量守恒可知，上滑過程中導體棒的動能減小，轉化為焦耳熱、摩擦生熱和重力勢能，則有電流做功發(fā)出的熱量為Q=mv1-mgs（sinθ+μcosθ），故C錯誤．上滑的過程中導體棒的動能減小mv1，重力勢能增加mgssinθ，所以導體棒損失的機械能為mv1-mgssinθ．故D正確．故選BD．【點睛】本題從兩個角度研究電磁感應現(xiàn)象，一是力的角度，關鍵是推導安培力的表達式；二是能量的角度，關鍵分析涉及幾種形式的能，分析能量是如何轉化的．9、ABC【解析】

設天體半徑為R，衛(wèi)星軌道半徑為r，兩衛(wèi)星分別繞兩天體做勻速圓周運動是由萬有引力提供向心力，有解得天體表面的重力等于萬有引力，有可得A．由和可得軌道半徑為則a和b的軌道半徑之比為故A正確；B．運行速度為動能為因衛(wèi)星a、b的質量相等，A、B各自表面重力加速度之比為4：1，則可推得衛(wèi)星a、b動能之比為1：1，故B正確；C．天體AB的密度則A、B密度之比為4：1，故C正確；D．衛(wèi)星a、b所受向心力為向心力之比為1：4，故D錯誤。故選ABC。10、AD【解析】

A.當圓盤帶正電荷，圓盤會產生沿轉盤轉動方向的電流，此電流在其周圍形成磁場，方向向右，由左手定則可知，導體棒產生的安培力向下，拉力傳感器示數(shù)增大，故A正確；B.當圓盤帶負電荷，圓盤會產生與轉盤轉動方向相反的電流，此電流在其周圍形成磁場，方向向左，由左手定則可知，導體棒產生的安培力向上，拉力傳感器示數(shù)減小，故B錯誤；C.若減小圓盤轉動角速度，形成的電流減小，產生的磁場減小，故安培力減小，則傳感器示數(shù)會減小，故C錯誤；D.若改變圓盤轉動方向，電流方向改變，磁場方向改變，安培力方向向上，故傳感器的示數(shù)減小，故D正確；故選：AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、減小不變【解析】

電容器視為通電后斷開電源，故極板上的電荷量不變，上極板下移，板間距離減小，由可知C增大，由可知兩板間的電壓變小，指針張角應該減小，由得：，Q、k、S、均不變，則E不變，P點與零勢面的距離不變由可知電勢差不變，電勢不變，故電勢能也不變．綜上所述本題答案是：(1).減小(2).不變12、0-0.6A;0-15V;0.40;2.40;【解析】

(1)小燈泡的規(guī)格是“12V、6W”，燈泡的額定電壓Ue=12V，燈泡的額定電流Ie=(2