2025屆廣東省執(zhí)信中學(xué)、廣州二中、廣州六中、廣雅中學(xué)四校物理高二上期末質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆廣東省執(zhí)信中學(xué)、廣州二中、廣州六中、廣雅中學(xué)四校物理高二上期末質(zhì)量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，平行板電容器兩極板M、N相距d，兩極板分別與電壓恒為U的電源兩極兩極，極板M帶正電，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時極板帶電荷量與油滴帶電荷量的比值為k，則（）A.油滴帶負(fù)電B.油滴帶電荷量為C.電容器的電容為D.將極板N向下緩慢移動一小段距離，油滴將向上運動2、如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球用細(xì)線系住，線的一段固定在O點，若在空間加上勻強電場，平衡時線與豎直方向成60°角，則電場強度的最小值為（）A B.C. D.3、某實驗小組，在測定電源電勢和內(nèi)阻的實驗中，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪制了甲、乙兩干電池的U-I圖象，如圖所示，則以下說法正確的是（）A.E甲E乙，r甲r乙 B.E甲E乙，r甲r乙C.E甲E乙，r甲r乙 D.E甲E乙，r甲r乙4、圖中水平虛線表示某電場的一組互相平行的等勢面，各等勢面的電勢值如圖所示，則（）A.在B處場強方向是豎直向下的B.A、B兩處場強EA和EB相比是EB＞EAC.1C的正電荷從B到A，電場力做正功2JD.負(fù)電荷從A移到B時電場力做負(fù)功5、如圖所示，兩極板水平放置的平行板電容器間形成勻強電場，兩板間距為d．一帶負(fù)電的微粒從上極板M的邊緣以初速度v0射入，沿直線從下極板N的邊緣射出，已知微粒的電量為q，質(zhì)量為m，下列說法正確的是（）A.微粒的加速度不為零 B.微粒的電勢能減少了mgdC.M板的電勢低于N極板的電勢 D.兩極板間的電勢差為6、如圖所示，物體沿曲線由a點運動至b點，關(guān)于物體在ab段的運動，下列說法正確的是()A.物體的速度可能不變B.物體的速度不可能均勻變化C.a點的速度方向由a指向bD.ab段的位移大小一定小于路程二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平面中有兩根固定的足夠長的金屬平行導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌上面平行放著質(zhì)量相等的導(dǎo)體棒ab和cd．設(shè)導(dǎo)體棒始終處于豎直向上的大小為B的勻強磁場區(qū)域內(nèi)，且導(dǎo)體棒可在導(dǎo)軌上無摩擦地滑行，初始時刻ab棒靜止，給cd棒一個向右的初速度v0，則（）A.ab棒將向左運動B.cd棒速度一直大于ab棒的速度C.ab棒的最大速度為0.5v0D.當(dāng)cd棒速度為0.8v0時，回路中的電動勢為0.6BLv08、理想變壓器的原線圈連接一只理想電流表，副線圈接入電路的匝數(shù)可以通過滑動觸頭Q調(diào)節(jié)，如圖所示，在副線圈上連接了定值電阻R0和滑動變阻器R，P為滑動變阻器的滑片，原線圈兩端接在電壓為U的交流電源上。則（）A.保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電流表的讀數(shù)變小B.保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電流表的讀數(shù)變大C.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電流表的讀數(shù)變大D.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電流表的讀數(shù)變小9、(多選)如圖為一個電磁泵從血庫里向外抽血的結(jié)構(gòu)示意圖，長方體導(dǎo)管的左、右表面絕緣，上、下表面為導(dǎo)體，管長為a、內(nèi)壁高為b、寬為L且內(nèi)壁光滑．將導(dǎo)管放在垂直左、右表面向右的勻強磁場中，由于充滿導(dǎo)管的血漿中帶有正、負(fù)離子，將上、下表面和電源接通，電路中會形成大小為I的電流，導(dǎo)管的前后兩側(cè)便會產(chǎn)生壓強差p，從而將血漿抽出，其中v為血漿流動方向．若血漿的電阻率為ρ，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，則下列判斷正確的是()A.此裝置中血漿的等效電阻B.此裝置中血漿受到安培力大小F＝BILC.增大磁感應(yīng)強度可以加快血漿的外抽速度D.前后兩側(cè)的壓強差10、速度相同的一束粒子（不計重力）經(jīng)過速度選擇器后射入質(zhì)譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說法中正確的是（）A.速度選擇器的P1極板帶負(fù)電B.這束帶電粒子帶正電C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于D.若粒子在磁場中運動半徑越大，則該粒子的比荷越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）若多用電表電阻擋有三個倍率，分別是×1、×10、×100.用×10擋測量某電阻Rx時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度過小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，則應(yīng)：①將選擇開關(guān)置于________；②將紅、黑表筆短接進(jìn)行_________________；③將待測電阻Rx接在___________________進(jìn)行測量．若按照以上①②③步驟正確操作后，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值是______Ω.12．（12分）某實驗小組欲測定一電源的電動勢和內(nèi)電阻，已知待測電源的電動勢約為4V。實驗室提供了下列器材：A．定值電阻R0=2ΩB．直流電流表（量程0～1A，內(nèi)阻不能忽略）C．電壓表（量程0～5V內(nèi)阻較大）D．滑動變阻器（阻值范圍0～10Ω、額定電流2A）E．滑動變阻器（阻值范圍0～200Ω、額定電流1A）F．電鍵及導(dǎo)線若干(1)實驗時滑動變阻器應(yīng)選用__________；（填“D”或“E”）(2)某同學(xué)將選定的器材進(jìn)行了部分實物圖連接，請你以筆畫線做導(dǎo)線完成剩余部分的電路連接；（）(3)按正確操作完成實驗，根據(jù)實驗記錄，將測量數(shù)據(jù)描點做出擬合圖線如圖所示，由圖象可得該電源的電動勢是_______V，內(nèi)電阻是_____Ω；（計算結(jié)果保留二位有效數(shù)字）(4)本次實驗產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是_________________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m，兩板間距離d=0.4cm，有一束相同的帶電微粒以相同的初速度先后從兩板中央平行極板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上．設(shè)前一微粒落到下極板上時后一微粒才能開始射入兩極板間．已知微粒質(zhì)量為m=2×10-6kg，電量q=1×10-8C，電容器電容為C=10-6F，取g=10m/s2．求：（1）為使第一個微粒的落點范圍能在下板中點到緊靠邊緣的B點之內(nèi)，求微粒入射的初速度的取值范圍；（2）若帶電微粒以第一問中初速度的最小值入射，則最多能有多少個帶電微粒落到下極板上14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第Ⅰ象限的等腰直角三角形MNP區(qū)域內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場，y＜0的區(qū)域內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強電場．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子從電場中Q點以速度v0水平向右射出，經(jīng)坐標(biāo)原點O射入第Ⅰ象限．已知粒子在第Ⅲ象限運動的水平方向位移為豎直方向位移的2倍，且恰好不從PN邊射出磁場．已知MN平行于x軸，N點的坐標(biāo)為(2h,2h)，不計粒子的重力，求：⑴入射點Q的坐標(biāo)；⑵磁感應(yīng)強度的大小B；⑶粒子第三次經(jīng)過x軸的位置坐標(biāo).15．（12分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.40m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強度B=0.60T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強磁場。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動勢E=4.5V、內(nèi)阻r=0.50Ω的直流電源，現(xiàn)把一個質(zhì)量m=0.04kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點間的電阻R0=2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計，g取10m/s2，已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通過導(dǎo)體棒的電流；（2）導(dǎo)體棒受到的安培力大??；（3）導(dǎo)體棒受到的摩擦力；（4）若導(dǎo)軌光滑且磁感應(yīng)強度B的方向改為豎直向上，為使導(dǎo)體棒仍然保持靜止，則電路中需要另外接入一個多大的電阻。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由題，帶電荷量為的微粒靜止不動，則微粒受到向上的電場力，平行板電容器板間場強方向豎直向下，則微粒帶負(fù)電．故A正確；由平衡條件得：，解得油滴帶電荷量為：，故B錯誤；根據(jù)，結(jié)合，且，則得電容器的電容為：．故C錯誤；極板N向下緩慢移動一小段距離，電容器兩極板距離增大，板間場強減小，微粒所受電場力減小，則微粒將向下做加速運動，故D錯誤考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】本題整合了微粒的力平衡、電容器動態(tài)分析，由平衡條件判斷微粒的電性，注意由受力情況來確定運動情況，是解題的思路2、B【解析】以小球為研究對象，對小球進(jìn)行受力分析，故小球受到重力mg、繩的拉力F1、電場力F2三個力作用，根據(jù)平衡條件可知，拉力F1與電場力F2的合力必與重力mg等大反向。因為拉力F1的方向確定，F(xiàn)1與F2的合力等于mg確定，由矢量圖可知，當(dāng)電場力F2垂直懸線時電場力F2=qE最小，故場強E也最小。由圖可知此時電場力qE=mgsin60°所以故B正確，ACD錯誤。3、C【解析】U-I圖象中圖象與縱坐標(biāo)的交點為電源的電動勢；圖象與橫坐標(biāo)的交點為短路電流，圖象的斜率表示電源的電動勢。由圖可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點為電源的電動勢；故E甲＞E乙，由圖象可知，甲圖象的斜率大于乙的斜率，故甲的內(nèi)阻大于乙的內(nèi)阻；故C正確，ABD錯誤；故選擇：C；4、C【解析】根據(jù)電場線與等勢面垂直，且由電勢高處指向電勢低處，可知電場線方向應(yīng)豎直向上，則B處的場強方向是豎直向上，故A錯誤．圖中等差等勢面疏密均勻，則電場線疏密也均勻，說明此電場是勻強電場，場強處處相同，故B錯誤．根據(jù)電場力做功公式W=qU得：1C的正電荷從B到A，電場力做功為WBA=qUBA=1C×（3V-1V）=2J，故C正確；1C的負(fù)電荷從A移到B時電場力做功為WAB=qUAB=（-1C）×（1V-3V）=2J，即電場力做功2J，選項D錯誤；故選C考點：等勢面；電場力的功【名師點睛】對于電場線和等勢面之間的關(guān)系要掌握牢固，本題也可以作出電場線，再進(jìn)行判斷；同時記住求解電場力做功的公式，理解各個物理量的意義5、D【解析】考查電場力做功與電勢能的關(guān)系?！驹斀狻緼．重力豎直向下，平行板電容器兩極板水平放置，則電場力也是豎直方向，要斜向下直線運動，則電場力一定向上，與重力平衡，加速度為0，A錯誤；B．因受力平衡，做勻速直線運動，運動過程中，重力勢能轉(zhuǎn)化為電勢能，重力勢能減少了mgd，所以電勢能增加了mgd，B錯誤；C．帶負(fù)電的微粒從上極板運動到下極板，電勢能增加，由：q為負(fù)值，可知，M板運動到N板過程中，電勢降低，即M板的電勢高于N板的電勢，C錯誤；D．由電場力做功與電勢差的關(guān)系：解得兩極板間的電勢差為，D正確。故選D。6、D【解析】A．物體做曲線運動，速度的方向發(fā)生了變化，所以速度一定是變化的，故A錯誤；B．物體做曲線運動，加速度的大小和方向可能保持不變，即速度可能是均勻變化的，故B錯誤；C．a(chǎn)點受到的方向沿曲線的切線的方向，不能是a指向b，故C錯誤；D．物體做曲線運動，ab段的位移大小一定小于路程，故D正確。故選D?！军c睛】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A．當(dāng)cd棒向右運動時，根據(jù)右手定則可知產(chǎn)生abcd方向的電流，再對ab棒分析，根據(jù)左手定則可知ab棒受到向右的安培力，故ab棒向右運動，A錯誤；B．根據(jù)對ab棒和cd棒受力分析可知cd棒做減速運動，ab棒做加速運動，最終兩棒共速一直運動下去，B錯誤；C．兩棒在運動過程中因為水平方向上不受摩擦力，動量守恒，當(dāng)兩棒共速時ab棒具有最大速度，故有：解得v1=0.5v0，C正確；D．當(dāng)cd棒速度為0.8v0時，設(shè)ab棒的速度為v2，根據(jù)動量守恒定律可知：解得v2=0.2v0；兩棒均向右運動，所以可知回路中的感應(yīng)電動勢：D正確。故選CD。8、AC【解析】AB．在原、副線圈匝數(shù)比一定的情況下，變壓器的輸出電壓由輸入電壓決定，因此保持Q的位置不動，變壓器輸出電壓不變。將P向上滑動時，副線圈電路總電阻增大，則變壓器輸出電流減小，變壓器輸入電流也減小，電流表的讀數(shù)變小，故A正確，B錯誤；CD．保持P的位置不動，將Q向上滑動時，變壓器輸出電壓變大，變壓器輸出電流變大，變壓器輸出功率變大；變壓器的輸入功率等于輸出功率，變壓器輸入電壓不變，則變壓器輸入電流變大，電流表的讀數(shù)變大，故C正確，D錯誤。故選AC。9、ACD【解析】導(dǎo)體長度為b，橫截面積為aL，由電阻定律可得此裝置中血漿的等效電阻為：R=ρ，故A正確．導(dǎo)體長度為a，故所受安培力為F=BIb，故B錯誤．根據(jù)洛倫茲力與電場力平衡，則有qvB=q，解得：U=Bav，當(dāng)增大磁感應(yīng)強度B時，則前后表面的電勢差U增大，導(dǎo)致電場力增大，則會加快血漿的外抽速度，故C正確；壓強公式得可得：，故D正確．故選ACD10、BC【解析】由圖可知，粒子進(jìn)入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，根據(jù)粒子向下偏轉(zhuǎn)，即可知粒子所受的洛倫茲力方向向下，由左手定則可判斷粒子的電性．粒子速度選擇器中受到電場力和洛倫茲力兩個作用，電場力不變，速度方向不變，可知洛倫茲力與電場力應(yīng)平衡，由左手定則判斷出洛倫茲力方向，由平衡條件即可確定出P1極板帶什么電．粒子進(jìn)入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得到半徑表達(dá)式，根據(jù)半徑公式分析半徑越大時，粒子的質(zhì)量和比荷的大小【詳解】由圖可知，帶電粒子進(jìn)入勻強磁場B2時向下偏轉(zhuǎn)，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電．故B正確．在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電．故A錯誤．粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡，則有：qvB1=qE，解得：v=E/B1．故C正確．粒子進(jìn)入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：．可見，由于v是一定的，B不變，半徑r越大，則q/m越?。蔇錯誤．故選BC【點睛】本題關(guān)鍵要理解速度選擇器的原理：電場力與洛倫茲力，粒子的速度一定．粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律則可得到半徑三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×100②.歐姆調(diào)零③.紅黑表筆之間④.2200【解析】①[1]選用擋測量時若偏角過小，說明測量電阻比較大，所以應(yīng)該換大擋，即擋；②[2]換擋必調(diào)零，所以要把紅黑表筆短接然后進(jìn)行歐姆凋零③[3][4]調(diào)零過后，將待測電阻接在紅黑表筆之間進(jìn)行測量，從圖中讀出電阻的值。12、①.D②.③.3.9④.2.1⑤.電壓表分流【解析】(1)[1]為了測量方便，要求電流不能太小，所以滑動變阻器選用阻值較小、額定電流較大的的，故選D(2)[2]由原理圖可知滑動變阻器為限流接法，伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻，電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，實物電路圖如圖所示(3)[3]由圖示電路圖可知，電源電動勢[4]電源內(nèi)阻(4)[5]由圖示實物電路圖可知，由于電壓表的分流作用，電流表的測量值小于流過電源的電流，電壓表的分流作用是造成實驗誤差的原因。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）粒子的初速度滿足2.5m/s≤v0≤5m/s；（2）最多能落到下極板粒子的個數(shù)為600個【解析】（1）設(shè)粒子打在下極板中點、邊緣的初速度分別為v1、v2，則偏轉(zhuǎn)位移：水平方向：聯(lián)立解得：v1=2.5m/sv2=5m/s粒子的初速度滿足2.5m/s≤v0≤5m/s（2）設(shè)；粒子剛好從邊緣飛出時極板帶電為Q，場強為E，板間電壓為U由牛頓第二定律得：偏轉(zhuǎn)位移：水平位移：，聯(lián)立解得：解得最多能落到下極板粒子的個數(shù).14、(1)(2)(3)【解析】帶電粒子從電場中Q點以速度v0水平向右射出，在第Ⅲ象限做的是類平拋運動，在第I象限，先