2025屆新疆阿克蘇地區(qū)烏什縣二中物理高二第一學期期末教學質量檢測試題含解析

2025屆新疆阿克蘇地區(qū)烏什縣二中物理高二第一學期期末教學質量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在真空中，A、B兩點分別放置等量異種點電荷，在A、B兩點間取一正八邊形路徑abcdefgha，其中心O與A、B連線的中點重合，ah⊥AB。下列說法正確的是（）A.a點和d點電場強度相同B.b點和c點的電勢相等C.電子在f點的電勢能比在g點的電勢能大D.將電子從d點沿直線移動到e點，電場力做負功2、如圖所示，表面粗糙的固定斜面頂端安有滑輪，兩物塊P、Q用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質量和摩擦），P懸于空中，Q放在斜面上，均處于靜止狀態(tài)．當用水平向左的恒力推Q時，P、Q仍靜止不動，則（）A.Q受到的摩擦力一定變小B.Q受到的摩擦力一定變大C.輕繩上拉力一定不變D.輕繩上拉力一定變小3、如圖所示是一實驗電路圖在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，下列表述正確的是A.電路的總電阻變大 B.電流表的示數變大C.電源內阻消耗的功率變小 D.路端電壓變小4、圖為某種交變電流的波形，則該交變電流有效值為A.1.5A B.AC.3.0A D.A5、如圖所示,垂直紙面向里的無限大范圍的勻強磁場中有一通有恒定電流的導線AB，若導線繞A點向紙面外轉動90°,則轉動過程中其所受安培力的大小變化情況為A.變大 B.變小C.不變 D.可能變大、可能變小、可能不變6、如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關于O點對稱．導線通有大小相等、方向相反的電流I。已知通電長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度，式中k是常數，I是導線中的電流，r為點到導線的距離。一帶負電的小球（圖中未畫出）以初速度v0從a點出發(fā)沿連線運動到b點。關于上述過程，下列說法正確的是（）A.小球先做加速運動后做減速運動B.小球一直做勻速直線運動C.小球對桌面的壓力先增大后減小D.小球對桌面的壓力一直在增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是（）A.電荷在某處不受電場力的作用，則該處的電場強度為零B.一小段通電導線在某處不受磁場力的作用，則該處磁感應強度一定為零C.把一個試探電荷放在電場中的某點，它受到的電場力與所帶電荷量的比值表示該點電場的強弱D.把一小段通電導線放在磁場中某處，它所受到的磁場力與該段通電導線的長度和電流的乘積的比值表示該處磁場的強弱8、如圖(a)所示，金屬圓環(huán)處在勻強磁場中，磁場大小隨時間的變化關系如圖(b)所示．在0-2T內，關于金屬圓環(huán)中的感應電流，下列說法中正確的是（）A.方向先順時針后逆時針B.方向先逆時針后順時針C.大小先增大后減小D.大小一直保持不變9、半徑為r和2r的同心圓形軌道固定在同一水平面內，一長為r，電阻為R的均勻直導體棒AB置于圓軌道上面，BA的延長線通過圓導軌中心O，裝置的俯視圖如圖所示，整個裝置位于一勻強磁場中，磁感應強度的大小為B，方向豎直向下．在兩環(huán)之間接阻值為R的定值電阻和電容為C的電容器．直導體棒在水平外力作用下以角速度ω繞O逆時針勻速轉動，在轉動過程中始終與導軌保持良好接觸，不計導軌電阻．以下說法正確的是（）A.金屬棒中電流從A流向BB.金屬棒兩端電壓為Bωr2C.電容器的M板帶負電D.電容器所帶電荷量為CBωr210、兩個相同的小球在同一高度處，以大小相等的初速度分別做豎直上拋和豎直下拋運動。忽略阻力，下列表述正確的有（）A.落地時，兩球的動能相等 B.從拋出到落地兩球經過的路程相等C.落地時，兩球的機械能相等 D.從拋出到落地兩球的位移相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，矩形線圈一邊長為d，另一邊長為a，電阻為R，當它以速度V勻速穿過寬度為L，磁感應強度為B勻強磁場過程中，若L<d，產生的電能為__________，通過導線橫截面的電荷量為__________；若L>d，產生的電能為__________，通過導線橫截面的電荷量為__________12．（12分）某同學測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻，現有待測電池、電流表（量程0~0.6A，內阻約0.1Ω）、電壓表（量程0~3V，內阻約3kΩ）、滑動變阻器（阻值0~10Ω，額定電流2A）、開關各一個、導線若干．為了防止實驗測量時數據過密（即要求電壓變化范圍相對大一些），另外還配有一個定值電阻R0（阻值為1Ω、額定功率為5W）(1)請按照圖甲設計的電路圖用筆畫線將圖乙實物電路圖補充完整_______(2)該同學按照要求連接好電路并進行實驗，根據實驗數據繪出了圖所示的U－I圖像，則電源的電動勢E＝______V，電源內阻r＝_____Ω(3)在上述實驗過程中存在系統(tǒng)誤差．在下圖所繪圖像中，虛線代表沒有誤差情況下，電壓表兩端電壓的真實值與通過電源電流真實值關系的圖像，實線是根據測量數據繪出的圖像，則圖中能正確表示二者關系的是______（選填選項下面的字母）A、B、C、D、四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下圖甲為小型旋轉電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉動，線圈的匝數n＝100、電阻r＝10Ω，線圈的兩端經集流環(huán)與電阻R連接，電阻R＝90Ω，與R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表．在t＝0時刻，線圈平面與磁場方向平行，穿過每匝線圈的磁通量Φ隨時間t按下圖乙所示正弦規(guī)律變化．求：(1)交流發(fā)電機產生的電動勢最大值；(2)電路中交流電壓表的示數14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy內，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限以ON為直徑的半圓形區(qū)域內，存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B；一質量為m、電量為q的正電粒子，從y軸正半軸上y＝h處的M點，以速度v0垂直于y軸射入電場，經x軸上x＝處的P點進入磁場，射出磁場時的速度方向垂直于y軸。不計粒子重力。求：(1)電場強度大?。?2)粒子在磁場中運動的速度大小和軌道半徑(3)從粒子離開磁場至到達y軸所用的時間15．（12分）如圖1所示，水平面上有兩根足夠長的光滑平行金屬導軌MN和PQ，兩導軌間距為l，電阻均可忽略不計．在M和P之間接有阻值為R的定值電阻，導體桿ab質量為m、電阻為r，并與導軌接觸良好．整個裝置處于方向豎直向上磁感應強度為B的勻強磁場中．現給ab桿一個初速度v0，使桿向右運動（1）當ab桿剛好具有初速度v0時，求此時ab桿兩端的電壓U；a、b兩端哪端電勢高；（2）請在圖2中定性畫出通過電阻R的電流i隨時間t變化規(guī)律的圖象；（3）若將M和P之間的電阻R改為接一電容為C的電容器，如圖3所示．同樣給ab桿一個初速度v0，使桿向右運動．請分析說明ab桿的運動情況

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．根據等量異種電荷的電場線分布，可知a點和d點的電場強度大小相等，但方向不同，則電場強度不同；故A錯誤。B．根據順著電場線方向電勢降低，知b點的電勢比c點的電勢高。故B錯誤。C．f點的電勢比g點的電勢低，電子從f點移動到g點，電場力做正功，電勢能減小，則電子在f點的電勢能比在g點的電勢能大。故C正確。D．因d點和e點電勢相等，則電子從d點到e點電勢能不變，電場力做功為零，故D錯誤。故選C2、C【解析】分別對P、Q兩個物體進行受力分析，運用力的平衡條件解決問題．由于不知具體數據，對于靜摩擦力的判斷要考慮全面【詳解】對物體Q受力分析，受重力、拉力、支持力，可能有靜摩擦力；當靜摩擦力沿斜面向上時，有T+f=mgsinθ，當用水平向左的恒力推Q時，靜摩擦力f會減小，也可能摩擦力大小不變，方向相反．當靜摩擦力沿著斜面向下時，有T=f+gsinθ，當用水平向左的恒力推Q時，靜摩擦力會增加；故AB錯誤．對物體P受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故繩子的拉力等于物體P的重力；當用水平向左的恒力推Q時，P、Q仍靜止不動，故繩子的拉力仍然等于物體P的重力，輕繩上拉力一定不變．故C正確，D錯誤；故選C3、D【解析】在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，分析變阻器接入電路的電阻如何變化，分析外電路總電阻的變化，根據歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，以及電源內阻消耗的功率如何變化，再判斷電流表的示數的變化【詳解】B、電流表的示數，U變小，變小；故B錯誤.C、電源內阻消耗的功率，I變大，P變大；故C錯誤.A、D、在滑動觸頭由a端滑向b端過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，電路中總電流I變大，路端電壓，U變?。还蔇正確，A錯誤.故選D.【點睛】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，首先分析變阻器接入電路的電阻如何變化，接著分析總電阻、總電流和路端電壓的變化，再分析局部電流、電壓的變化，即按“局部到整體再到局部”的思路進行分析4、B【解析】由有效值的定義可得：，代入數據解得，故B正確，ACD錯誤；故選B。5、B【解析】由“垂直紙面向里的無限大范圍的勻強磁場中有一通有恒定電流的導線AB”可知，考查了磁場對電流的作用，根據安培力的計算公式，由電流與磁場的夾角為θ，可得安培力的表達式為F＝BILsinθ，進而分析安培力變化【詳解】線圈在磁場中轉動過程中，通電導線始終與磁場夾角逐漸減小，根據F＝BILsinθ可知，受到的安培力大小變小，故B正確，ACD錯誤【點睛】本題關鍵是記住安培力大小公式，當磁感應強度B的方向與導線方向成θ角時，F＝BILsinθ；當磁場和電流垂直時，安培力最大，為F＝BIL；當磁場和電流平行時，安培力等于零6、B【解析】根據右手螺旋定則可知直線MN處的磁場方向垂直于MN向里，磁場大小先減小后增大，根據左手定則可知，帶負電的小球受到的洛倫茲力方向在豎直向下，根據F=qvB可知，其大小是先減小后增大，由此可知，小球將做勻速直線運動，小球對桌面的壓力先減小后增大，故ACD錯誤，B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB．電荷在電場中一定受到電場力的作用，故電荷在某處不受電場力的作用，則該處的電場強度為零，A正確；B．通電導線在磁場中不一定受到磁場力的作用，當導線與磁場方向平行時，導線所受磁場力總為零，但該處的磁感應強度不為零，B錯誤；CD．對于電場強度，它等于試探電荷受到的電場力與所帶電荷量的比值；對于磁感應強度，它等于垂直磁場方向放置的通電導線所受的磁場力與該段通電導線的長度和電流的乘積的比值，C正確，D錯誤。故選AC。8、AD【解析】由圖可知，在0-T時間內由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針方向；在T-2T時間內由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，故A正確，B錯誤；由圖可知，0-T和T-2T時刻線圈中磁通量的變化率相同，根據法拉第電磁感應定律得：，故感應電動勢的大小不變，根據閉合電路的歐姆定律得：，可知感應電流的大小不變，故C錯誤，D正確；故選AD【點睛】由右圖可知磁感應強度的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應定律可知電動勢的大小，根據閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化情況9、BD【解析】A項：根據右手定則可知，金屬棒AB逆時針切割磁感時，產生的感應電流應該是從B向A，故A錯誤；B項：據E＝BLv以及v＝rω可得切割磁感線時產生電動勢E＝BLv＝Br，切割磁感線的導體相當于電源，則AB兩端的電壓相當于電源的路端電壓，根據閉合電路歐姆定律可知，UAB＝，故B正確；C項：切割磁感線的AB相當于電源，在AB內部電流方向由B向A，故金屬棒A相當于電源正極，故與A接近的電容器M板帶正電，故C錯誤；D項：由B分析知，AB兩端的電壓為，則電容器兩端的電壓也為，所以電容器所帶電荷量Q＝CU＝，故D正確故選BD10、ACD【解析】A．設兩球原來離地高度為h，兩球質量均為m，初速度大小為v0。兩個球在運動的過程中機械能守恒，根據機械能守恒定律，則可得落地時的動能為因m、h、v0均相等，則兩球落地時動能相等，故A正確；B．根據路程是物體運動軌跡的長度，可知從拋出到落地兩球經過的路程不等，豎直上拋的物體路程較長，故B錯誤；C．初始時兩球的機械能相等，在運動過程中兩球的機械能均保持不變，所以落地時，兩球的機械能相等，故C正確；D．兩個小球的初位置和末位置都相同，故兩個球的落地時位移相同，故D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.③.④.【解析】根據公式E=Blv求出線圈切割磁感線產生的感應電動勢，由閉合電路歐姆定律求出感應電流，即可由焦耳定律求出線圈產生的電能，由q=It求解電量【詳解】線圈進入磁場的過程中，產生的感應電動勢為：E=Bav，由閉合電路歐姆定律得感應電流：，如果：L<d，由焦耳定律得，線圈產生的電能為：，通過導體截面的電荷量為；如果：L>d，由焦耳定律得，線圈產生的電能為通過導體截面的電荷量為12、①.或②.1.5V③.0.6Ω④.A【解析】（1）實物電路圖如圖；或（2）由U－I圖像可得電源的電動勢E＝1.5V，電源內阻（3）在測量電路中，由于電壓表的內阻不是無窮大，導致電壓表有分流，通過電源的實際電流大于安培表的電流，即在電流表讀數相同的情況下，無誤差時通過電源的電流值比有誤差時偏大，而當外電路短路時的短路電流不變，如圖所示；則圖線A正確；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】（1）根據求的最大值；（2）電壓表測量的為有效值，根據閉合電路的歐姆定律求電壓表的示數.【詳解】（1）線圈轉動的角速度為：產生的最大感應電動勢為：（2）產生的感應電動勢的有效值為：根據閉合電路的歐姆定律得：電壓表的示數為14、（1）（2）；；（3）【解析】(1)在電場中粒子做類平拋運動，則有：解得：⑵粒子在磁場中運動的速度大?。涸陔妶鲋校航獾茫毫Ｗ舆M入勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則：解得