2025屆廣西全州縣二中物理高二上期末學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

2025屆廣西全州縣二中物理高二上期末學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、半徑為r帶缺口的剛性金屬環(huán)在紙面上固定放置,在環(huán)的缺口兩端引出兩根導線,分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板A、B連接,兩板間距為d且足夠大,如圖甲所示.有一變化的磁場垂直于紙面,規(guī)定向外為正,變化規(guī)律如圖乙所示.在平行金屬板A、B正中間有質量未知、電荷量大小為q的帶電液滴,液滴在0到0.1s處于靜止狀態(tài),已知重力加速度為10m/s2.則以下說法正確的是()A.液滴帶正電B.第0.3s時液滴的運動方向改變C.液滴質量為D.第0.4s內液滴位移大小為0.04(單位:米)2、世界上第一臺發(fā)電機──法拉第圓盤發(fā)電機的原理如圖所示，將一個圓形金屬盤放置在電磁鐵的兩個磁極之間，并使盤面與磁感線垂直，盤的邊緣附近和中心分別裝有與金屬盤接觸良好的電刷A、B，兩電刷與靈敏電流計相連．當金屬盤繞中心軸按圖示方向轉動時，則A.穿過銅盤的磁通量不變，電刷B的電勢高于電刷A的電勢B.若僅將電刷B向盤邊緣移動，使電刷A、B之間距離增大，靈敏電流計的示數(shù)將變小C.若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑動，靈敏電流計的示數(shù)將變小D.金屬盤轉動的轉速越大，維持其做勻速轉動所需外力做功的功率越小3、關于科學家在電磁學中的貢獻，下列說法不符合歷史事實的是（）A.庫倫測出了靜電力常量KB.安培提出了左手定則判斷磁場對電流的作用力方向C.洛倫茲提出了分子電流假說D.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應4、如圖所示，邊長為L的正方形導線框abcd處于磁感應強度為B0的勻強磁場中，bc邊與磁場右邊界重合．現(xiàn)發(fā)生以下兩個過程：一是僅讓線框以垂直于邊界的速度ν勻速向右拉出磁場：二是僅使磁感應強度隨時間均勻變化．若導線框在上述兩個過程中產(chǎn)生的感應電流大小相等，則磁感應強度的變化率為A. B.C. D.5、在勻強磁場中，一不計重力的帶電粒子穿過一塊金屬薄板運動軌跡如圖所示，下列判斷正確的是（）A.帶電粒子帶正電B.帶電粒子的運動方向為順時針C.帶電粒子在金屬板上部分運動的時間大于在下部分運動的時間D.帶電粒子在金屬板上部分運動的時間小于在下部分運動的時間6、放入電場中某點的電荷所受的靜電力F跟它的電荷量q的比值，叫做該點的電場強度E，即E=。下列說法正確的是（）A.若將放入該點的電荷從電場中移出，則該點的電場強度變?yōu)?B.若將放入該點的電荷量增加一倍，則該點的電場強度將減少一半C.放入該點的電荷所受的靜電力的方向就是該點的電場強度的方向D.電場強度的單位是V/m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，一圓柱形磁鐵豎直放置，在它的下方有一帶負電小球置于光滑絕緣水平面上，小球在水平面上做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A.小球所受的合力可能不指向圓心B.小球對地面的壓力大于小球的重力C.俯視觀察，小球的運動方向一定是順時針D.俯視觀察，小球的運動方向一定是逆時針8、—列自右向左傳播的簡諧橫波，在t=0時刻的波形圖如圖所示，此時坐標為（1，0）的質點剛好開始振動，在t1=0.3s時刻，P質點在t=0時刻后首次位于波峰位置，Q點的坐標是（-3，0），則以下說法正確的是（）A.這列波的傳播速度為0.lm/sB.在t=0時刻，質點P向上運動C.在t2=0.4s時刻，質點A具有最大的正向加速度D.在t3=0.5s時刻，質點Q首次位于波峰9、如圖所示的空間存在水平向右的勻強電場E和垂直紙面向外的勻強磁場B，質量為m，帶電荷量為+q的小環(huán)套在粗糙且足夠長的豎直絕緣桿上，由靜止開始（）A.小球的加速度不斷減小，直至為零B.小球的加速度先增大后減小，直至為零C.小球的速度先增大后減小，直至某一值D.小球的動能不斷增大,直至某一最大值10、如圖所示，虛線右側存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，具有一定電阻的正方形金屬線框的右邊與磁場的邊界重合．在外力作用下，金屬線框從0時刻由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域，t1刻線框全部進入磁場．若規(guī)定時針方向為感應電流i的正方向，則感應電流i、外力大小F、線框中電功率的瞬時值P以及通過導體橫截面的電荷量q隨時間t變化的關系可能正確的是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學習小組用多用電有歐姆檔測量某一電阻，并對電阻歐姆檔進行了一些研究，下圖是多用電表歐姆檔內部電路示意圖，電流表的滿偏電流為，電源電動勢為。（1）請根據(jù)下列步驟完成電阻測量并回答相關問題：①旋動定位螺絲，使指針對準電流的“0”刻度線；②將選擇開卷旋轉到電阻檔“×100”的位置；③將插入“+”、“-”插孔的表筆短接，旋動電阻檔調零旋鈕，使指針對準電阻的“0”刻度線；④將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度太小。為了得到比較準確的測量結果，應該將選擇開關旋轉到電阻檔________（填“”或“”）的位置，進行到測量前還需要新進行歐姆調零；⑤測量出該電阻的阻值。（2）該歐姆表的內阻是________。（3）若表針偏轉到滿刻度的處時，待測電阻的阻值是_________。12．（12分）同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下：①用螺旋測微器測量其直徑如圖1所示，可知其直徑為_______mm；②用多用電表的電阻“×10”檔，按正確步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖2，則該電阻的阻值約為_______Ω，他還需要換檔重新測量嗎？_______（答“需要”或“不需要”）。③為更精確地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R電流表A1（量程0～3mA，內阻約50Ω）電流表A2（量程0～15mA，內阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內阻約25kΩ）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ）開關S，導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，電流表應選用______，電壓表應選用______，滑動變阻器應選用______。④請在圖3中補充連線完成本實驗________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，相距為R的兩塊平行金屬板M．N正對著放置，s1．s2分別為M．N板上的小孔，s1．s2．O三點共線，它們的連線垂直M．N，且s2O=R．以O為圓心．R為半徑的圓形區(qū)域內存在磁感應強度為B．方向垂直紙面向外的勻強磁場．D為收集板，板上各點到O點的距離以及板兩端點的距離都為2R，板兩端點的連線垂直M．N板．質量為m．帶電量為+q的粒子，經(jīng)s1進入M．N間的電場后，通過s2進入磁場．粒子在s1處的速度和粒子所受的重力均不計（1）當M．N間的電壓為U時，求粒子進入磁場時速度的大小υ；（2）若粒子恰好打在收集板D的中點上，求M．N間的電壓值U0；（3）當M．N間的電壓不同時，粒子從s1到打在D上經(jīng)歷的時間t會不同，求t的最小值14．（16分）一長為L的細線，上端固定，下端栓一質量為m、帶電荷量為q的小球。處于如圖所示的水平向右的勻強電場中。開始時，將線與小球拉成水平，小球靜止在A點，釋放后小球由靜止開始向下擺動，當細線轉過60°角時小球到達B點時的速度恰好為零。試求（1）AB間電勢差；（2）勻強電場的電場強度E的大??；（3）小球到達B點時，細線對小球拉力的大小。15．（12分）如圖所示，在與水平方向夾角為60°的光滑金屬導軌間有一電源，在相距1m的平行導軌上放一質量為m＝0.3kg的金屬棒ab，通以從b→a，I＝3A的電流，磁場方向豎直向上，這時金屬棒恰好靜止．求：（1）勻強磁場磁感應強度的大??；（2）ab棒對導軌壓力的大小。(g＝10m/s2)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由楞次定律可以判斷出兩極板哪個是正極，哪個是負極；由法拉第電磁感應定律可以求出感應電動勢，然后由勻強電場場強與電勢差的關系可以求出兩極板間的場強大小【詳解】A、根據(jù)題意液滴在0～0.1s處于靜止狀態(tài)，知液滴受到向上的電場力和向下的重力平衡，根據(jù)楞次定律，線圈中的感應電動勢沿順時針方向，A板接高電勢，B板接低電勢，兩板間的電場方向向上與電場力的方向相反，所以液滴帶負電，故A錯誤；B、根據(jù)楞次定律，在0.1s～0.3s內，線圈內感應電動勢逆時針方向，上極板接低電勢，下極板接高電勢，兩極板間電場向下，電場力向下，根據(jù)牛頓第二定律，其中，解得a=2g，液滴向下做初速度為0的勻加速運動，在第0.3s時速度最大，運動方向不改變，故B錯誤；C、根據(jù)法拉第電磁感應定律，兩極板間的電場強度，根據(jù)受力平衡，有，得；故C正確.D、根據(jù)楞次定律在0.3s～0.4s內，感應電動勢順時針方向，上極板接高電勢，下極板接低電勢，電場方向向上，液滴在0.3s～0.4s內做勻速直線運動，0.1s~0.3s勻加速直線運動，位移為，0.3s時速度v=at=2g×0.2=0.4g，在0.3s-0.4s勻速直線運動，位移，所以在第0.4s時液滴距初始位置距離為0.08g，故D錯誤；故選C.【點睛】本題考查了楞次定律、法拉第電磁感應定律、勻強磁場場強與電勢差的關系的應用，注意將產(chǎn)生感應電流的部分看作電源，則可知電容器兩端的電壓等于線圈兩端的電壓2、C【解析】根據(jù)右手定則判斷AB間感應電流方向，即可知道電勢高低．僅減小電刷A、B之間的距離，感應電動勢將減小，靈敏電流計的示數(shù)變?。岣咿D速，靈敏電流計的示數(shù)變大．根據(jù)歐姆定律分析將滑動變阻器滑動頭向左滑，靈敏電流計的示數(shù)如何變化【詳解】根據(jù)安培定則可知，電磁鐵產(chǎn)生的磁場方向向右，由右手定則判斷可知，金屬盤產(chǎn)生的感應電流方向從B到A，則電刷A的電勢高于電刷B的電勢，故A錯誤．若僅將電刷B向盤邊緣移動，使電刷A、B之間距離增大，切割磁感線的有效長度增大，產(chǎn)生的感應電動勢增大，感應電流增大，則靈敏電流計的示數(shù)變大，故B錯誤．若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路電流減小，磁場減弱，靈敏電流計的示數(shù)將減小，故C正確．金屬盤轉動的轉速越大，感應電動勢增大，感應電流增大，電功率增大，安培力增大，維持金屬盤做勻速轉動所需外力做功的功率越大，故D錯誤；故選C3、C【解析】A．庫倫也用類似的扭秤裝置測出了靜電力常量k，故A正確；B．安培提出了左手定則判斷磁場對電流的作用力方向，故B正確；C．安培提出了分子電流假說，故C錯誤；D．奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，故D正確。故選C。4、A【解析】僅讓線框以垂直于邊界的速度v勻速向右運動時產(chǎn)生的感應電動勢為E=BLv；僅使磁感應強度隨時間均勻變化產(chǎn)生的感應電動勢為，根據(jù)感應電流大小相等，感應電動勢大小相等，即可求解【詳解】僅讓線框以垂直于邊界的速度v勻速向右運動時產(chǎn)生的感應電動勢為E1=B0Lv；僅使磁感應強度隨時間均勻變化產(chǎn)生的感應電動勢為；據(jù)題線框中感應電流大小相等，則感應電動勢大小相等，即E1=E2．解得，故選A5、B【解析】A．由于粒子穿過金屬板后速度變小，故其軌道半徑變小，因此粒子從上半部分運動到下半部分，初速度如下圖所示，由左手定則可知，粒子帶負電，故A錯誤；B．由A中分析可知，粒子做順時針圓周運動，故B正確；CD．由可知，粒子做圓周運動周期與速度無關，故C、D錯誤；故選B。6、D【解析】A．放入該點的電荷是試探電荷，若將放入該點的電荷從電場中移出，則該點的電場強度不變，選項A錯誤；B．若將放入該點的電荷量增加一倍，該點的電場強度不變，選項B錯誤；C．放入該點的正電荷所受的靜電力的方向就是該點的電場強度的方向，選項C錯誤；D．據(jù)勻強電場的場強公式知，電場強度的單位可以是V/m，選項D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．小球所受力的合力提供向心力，做勻速圓周運動的物體所受合力一定指向圓心，故A錯誤；B．由圖可知，小球處磁場的方向是斜向上，洛倫茲力垂直于磁場的方向，又洛倫茲力應該受指向圓心方向的分量提供向心力，故洛倫茲力的方向是斜向下，并不指向圓心，如圖，結合受力的特點可知，小球在豎直方向上，受到的支持力一定等于重力與洛倫茲力沿豎直方向向下的分力的和，根據(jù)牛頓第三定律可知，小球對地面的壓力大于小球的重力，故B正確；CD．根據(jù)前面分析的洛倫茲力的方向，由左手定則判斷帶負電的小球的運動方向一定是逆時針，故C錯誤，D正確；故選BD。8、ACD【解析】由在t1=0.3s時，P質點在t=0時刻后首次位于波峰位置，即可求出周期，根據(jù)圖象讀出波長，從而求出波速，根據(jù)t=0時波形如圖所示，結合由波傳播方向來確定質點的振動方向．根據(jù)時間與周期的關系，分析質點A的運動狀態(tài)．當圖中波峰傳到Q點時，Q點第一次到達波谷，進而求出時間【詳解】波向左傳播，P質點在t=0時刻向下運動，由題有T=t1=0.3s，可得，周期為T=0.4s，由圖知，波長為λ=4cm=0.04m，所以波速為，故A正確，B錯誤．在t2=0.4s=1T時刻，質點A仍位于波谷，具有最大的負向位移，因而有最大的正向加速度，故C正確．當圖中波峰傳到Q點時，Q點第一次到達波谷，所用時間，所以在t3=0.5s時刻，質點Q首次位于波峰，故D正確．故選ACD【點睛】利用波形平移法判斷質點的振動方向是解此類題的關鍵，要熟練運用波形平移法研究波的傳播過程，靈活應用運動學公式t=x/v求波傳播的時間9、BD【解析】小球下滑過程中，受到重力、摩擦力（有時有）、彈力（有時有）、向右的電場力、向左的洛倫茲力，開始階段，洛倫茲力小于電場力時，小環(huán)向下做加速運動時，速度增大，洛倫茲力增大，小球所受的桿的彈力向左，大小為N隨著v增大而減小，滑動摩擦力f=μN也減小，小球所受的合力f減小，F(xiàn)合增大，加速度a增大；當洛倫茲力等于電場力時，合力等于重力，加速度最大；小球繼續(xù)向下做加速運動，洛倫茲力大于電場力，小球所受的桿的彈力向左，大小為v增大，N增大，f增大，F(xiàn)合減小，a減小，mg=f時，a=0，故加速度先增大后減小，直到為零；小球的速度先增大，后不變；桿對小球的彈力先減小后反向增大，最后不變；洛倫茲力先增大后不變。故BD正確。故選BD。10、ACD【解析】線框做勻加速運動，其速度v=at，感應電動勢E=BLv，感應電流，i與t成正比，故A正確；線框進入磁場過程中受到的安培力，由牛頓第二定律得：，得，F(xiàn)-t圖象是不過原點的傾斜直線，故B錯誤；線框的電功率，故P-t圖象應是開口向上，過原點的拋物線，故C正確；線框的位移，則電荷量，故q-t圖象應是開口向上，過原點的拋物線，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×②.③.【解析】（1）④[1]．將選擇開關旋轉到電阻擋“×100”的位置，將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度太小，說明所選擋位太小，為準確測量電阻阻值，應該將選擇開關旋轉到電阻擋×1k的位置。（2）[2]．歐姆表內阻為：（3）[3]．若表針偏轉到滿刻度的2/3處時，由閉合電路歐姆定律得：即：解得：RX=3.75×103Ω；12、①.4.745②.220③.不需要④.A2⑤.V1⑥.R1⑦.【解析】(1)[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+24.5×0.01mm=4.745mm；(2)[2]歐姆表讀數(shù)=表盤讀數(shù)×倍率=22Ω×10=220Ω；