2025屆安徽省利辛縣闞疃金石中學物理高二上期中檢測試題含解析

2025屆安徽省利辛縣闞疃金石中學物理高二上期中檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、庫侖定律的適用范圍是（）A．真空中兩個帶電球體間的相互作用B．真空中任意帶電體間的相互作用C．真空中兩個靜止的點電荷間的相互作用D．真空中靜止的兩個帶電體2、在如圖甲所示的電路中，電源的電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，當開關(guān)閉合后，下列說法中正確的是（）A．L1中的電流為L2中的電流的2倍B．L1的電阻為7.5ΩC．L2消耗的電功率為0.375WD．L1消耗的電功率為0.75W3、如圖所示，正點電荷電場中有A、B兩點，將一電荷量q＝＋3.2×10－19C的檢驗電荷從電場中的A點移至B點，電場力做功W＝＋6.4×10－20J，則A、B兩點間的電勢差U等于()A．0.5VB．0.2VC．5VD．2V4、下列說法中正確的是（）A．當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大B．氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能有關(guān)，與分子的密集程度無關(guān)C．有規(guī)則外形的物體是晶體，沒有確定的幾何外形的物體是非晶體D．由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢5、在伏安法測電阻的實驗中，電壓表的內(nèi)阻Rv=1k，電流表的內(nèi)阻RA=1，待測電阻的阻值約為10，那么要使測量結(jié)果更接近真實值，應(yīng)該選用的電路是（）A．電流表內(nèi)接法 B．電流表外接法 C．兩種電路都可以 D．無法確定6、如圖所示，實線是電場線，一帶電粒子只在電場力的作用下沿虛線由A運動到B的過程中，其速度－時間圖象是選項中的()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，長為L、傾角為30°的光滑絕緣斜面固定于靜電場中，一帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由斜面頂端的A點開始沿斜面下滑，到達斜面底端B點的速度仍為v0，途中小球始終未離開斜面，重力加速度為g，則A．小球的電勢能可能先減小后增大B．A、B兩點間的電勢差為C．若處于勻強電場中，則該電場的場強最小值為D．若處于勻強電場中，則該電場的場強可能等于8、一臺電動機的線圈電阻與一只電爐的電阻相同，都通過相同的電流，在相同時間內(nèi)（）A．電爐放熱與電動機放熱相等 B．電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓C．電爐兩端電壓等于電動機兩端電壓 D．電動機消耗的功率大于電爐的功率9、一重球從高處下落到b點時和彈簧接觸，壓縮彈簧至最低點c點后又被彈簧彈起，則重球從b至c的運動過程中A．速度逐漸減小B．加速度先減小后增大C．克服彈力做的功等于重力做的功D．重球在c點的加速度大于重力加速度g10、下列關(guān)于歐姆表的說法中正確的是（）A．測量電阻前要把紅、黑表筆相接，調(diào)整調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上B．測量電阻時，如果指針偏角過小，應(yīng)換用高倍率檔C．測量電阻時，表針偏轉(zhuǎn)角度越大，說明被測電阻的阻值越大D．測量電阻時，每次更換倍率后，不需要重新調(diào)零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小明在研究由某種新材料制成的圓柱體電學元件(圖甲所示)的過程中，進行了如下操作：(1)用20分度的游標卡尺測量其長度如圖乙所示，由圖可知其長度為________mm，用螺旋測微器測量其直徑如圖丙所示，其直徑為________mm；12．（12分）某實驗小組利用單擺測當?shù)氐闹亓铀俣?，實驗裝置如圖甲所示：（1）實驗中，發(fā)現(xiàn)某次測得的重力加速度的值偏大，其原因可能是（_______）A．以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來進行計算B．單擺所用擺球質(zhì)量太大C．把（n-1）次全振動時間誤當成n次全振動時間D．開始計時時，秒表過早按下（2）從懸點到小球重心的距離記為擺長l，通過不斷改變擺長l的長度，該小組測得多組擺長l和對應(yīng)的周期的平方T2，然后在圖乙所給的坐標系中作出了l-T2圖像，則根據(jù)圖像可求得當?shù)氐闹亓铀俣萭=______（用圖乙中所給字母表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m＝2.0×10－11kg、電荷量q＝＋1.0×10－5C，從靜止開始經(jīng)電壓為U1＝100V的電場加速后，從兩平行金屬板的中間水平進入偏轉(zhuǎn)電場中，微粒從金屬板邊緣射出電場時的偏轉(zhuǎn)角θ＝30°，并接著進入一個方向垂直紙面向里、寬度為D＝34.0cm的勻強磁場區(qū)域．微粒重力忽略不計．求：（1）帶電微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的速率v1；（2）偏轉(zhuǎn)電場中兩金屬板間的電壓U2；（3）為使帶電微粒不會由磁場右邊射出，該勻強磁場的磁感應(yīng)強度B至少多大？（=1.7）14．（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢E=6.0V，內(nèi)阻r=0.6Ω，電阻R2=0.5Ω，當開關(guān)S斷開時，電流表的示數(shù)為1.5A，電壓表的示數(shù)為3.0V，試求：(1)電阻R1和R3的阻值；(2)當S閉合后，電壓表的示數(shù)和電源的輸出功率各為多少?15．（12分）有規(guī)格為“220V1000W”的電爐，求它在正常工作時的電阻；如果電壓只有110V，求它實際消耗的功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

庫侖定律適用于真空中兩個靜止的點電荷間的相互作用，選項C正確，ABD錯誤；故選C.2、D【解析】

由伏安特性曲線可以讀出L1電壓為U1=3.0V時的電流為I1=0.25A，由L2電壓U2=1.5V，讀出電流為I2=0.20A，故A錯誤；根據(jù)R=UI可得L1的電阻：R=3.00.25Ω=12Ω，故B錯誤；L2消耗的功率為P2=U2I2=1.5×0.20W=0.30W，故C錯誤；L1消耗的功率為P1=U1I1=3×0.25W=0.75W，故D3、B【解析】

試題分析：UAB=WABq=考點：本題考查電勢差與電場力做功關(guān)系公式的應(yīng)用．4、D【解析】當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，隨分子間距離的增大分子力做正功，故分子勢能減小，故A錯誤．氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能和分子的密集程度都有關(guān)，故B錯誤．食鹽是單晶體，單晶體的某些物理性質(zhì)可能具有各向異性，所以食鹽晶體的物理性質(zhì)沿各個方向不一定都是一樣的，故C錯誤．但由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，故D正確．故選D．【點睛】當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，隨分子間距離的增大分子力做正功，故分子勢能減??；氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能和分子的密集程度有關(guān)；晶體和非晶體的區(qū)別是否具有熔點．單晶體具有規(guī)則的幾何外形，而多晶體和非晶體沒有規(guī)則的天然外形；由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢．5、B【解析】

由題意可知，所以說明待測電阻阻值較小，所以應(yīng)用電流表外接法A．電流表內(nèi)接法與分析不符，故A錯誤；B．電流表內(nèi)接法與分析相符，故B正確；C．兩種電路都可以與分析不符，故C錯誤；D．無法確定與分析不符，故D錯誤．6、B【解析】

電場線的疏密程度表示場強大小，A點電場線密集，故電場強度大，電場力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直減小，由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，與電場強度方向相反，故粒子帶負電，電場力做負功，速度慢慢減小，所以粒子做加速度減小的減速運動，故B正確．【點睛】考點：考查了電場線，速度時間圖像根據(jù)帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，再結(jié)合電場強度方向判斷電性，然后根據(jù)電場線的疏密程度判斷加速度的大小，從而判斷粒子的運動情況選擇速度圖象．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A．小球從A運動到B的過程中，重力勢能減小，在AB兩點的動能相等，則電勢能增加，則整個過程中小球的電勢能可能先減小后增大，例如當在斜面下面某位置放置一個負點電荷時，則選項A正確；B．從A到B由動能定理：解得A、B兩點間的電勢差為選項B正確；CD．若處于勻強電場中，則當場強方向沿斜面向上時，該電場的場強最小，則最小值為則若處于勻強電場中，則該電場的場強可能等于，選項C錯誤，D正確；故選BD.8、ABD【解析】

A．電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用，根據(jù)焦耳定律Q=I2rt，知電爐和電動機的電阻相同，電流相同，則在相同的時間內(nèi)電爐和電動機產(chǎn)生的電熱相等，故A正確；BC．設(shè)電流為I，電阻為r，則電爐兩端電壓U爐=Ir，電動機兩端電壓U機＞Ir，所以U機＞U爐即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓，故B正確，C錯誤；D．電動機消耗的電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一部分轉(zhuǎn)化為機械能，電爐消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而相等時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量相等，則在相同的時間內(nèi)，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，則電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率，故D正確。故選ABD。9、BD【解析】

AB.小球與彈簧接觸,開始重力大于彈力,加速度方向向下,做加速運動,向下運動的過程中,彈力增大,則加速度減小,加速度減小到零,速度達到最大,然后彈力大于重力,加速度方向向上,做減速運動,向下運動的過程中,彈力增大,則加速度增加,所以速度先增大后減小,加速度先減小后增大.故A錯誤,B正確.C.重球從b至c的運動過程中,重力做正功，彈力做負功，而動能減小，根據(jù)動能定理可知：克服彈力做功大于重力做的功，故C錯；D.若小球從彈簧處由靜止釋放,到達最低點,根據(jù)運動的對稱性,知加速度等于g,方向豎直向上,若從某一高度下降,下降的更低,則加速度大于g，故D對；故選BD【點睛】根據(jù)小球的受力得出加速度的方向,根據(jù)加速度的方向與速度方向的關(guān)系,判斷小球的運動情況,從而得出速度和加速度的變化10、AB【解析】

因歐姆表內(nèi)部電源電動勢及內(nèi)阻會發(fā)生變化，故在使用之前應(yīng)先進行歐姆調(diào)零，A正確；指針偏角過小，則電阻大，要換用高倍率檔，B正確；歐姆表的零處于滿偏處，刻度盤與電流表的刻度相反，故表針偏轉(zhuǎn)角度越大，則說明被測電阻的阻值越小，C錯誤；每次調(diào)整倍率時都要重新調(diào)零，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.204.700【解析】游標卡尺的主尺讀數(shù)為4mm，游標讀數(shù)為0.05×4mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為4.20mm；螺旋測微器固定刻度為4.5mm，可動刻度為0.01×20.0=0.200mm，所以最終讀數(shù)為4.700mm．12、AC【解析】

（1）[1]．根據(jù)得：A、以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來進行計算，則L偏大，測得的g偏大，選項A正確；B、單擺所用擺球質(zhì)量大小與重力加速度無關(guān)．故B錯誤．C、把（n-1）次全振動時間誤當成n次全振動時間，則周期測量值偏小，重力加速度測量值偏大，故C正確．D、開始計時時，秒表過早按下，則測得的T偏大，則g測量值偏小，故D錯誤．（2）[2]．根據(jù)得：，則解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)104m/s(2)(3)0.1T【解析】

由題意可知考查帶電粒子在組合場中的運動規(guī)律，根據(jù)動能定理、牛頓第二定律【詳解】(1)從靜止開始經(jīng)電壓為U1＝100V的電場加速，由動能定理可得代入數(shù)值可得。設(shè)粒子離開偏轉(zhuǎn)電場時的速度為v2，由幾何關(guān)系可得=從進入偏轉(zhuǎn)電場到離開偏轉(zhuǎn)電場由動能定理可得代入數(shù)值可得。(3)畫出粒子運動軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可得代入可得B=0.1T?！军c睛】求偏轉(zhuǎn)電場中兩金屬板間的電壓可