2025屆重慶市康德卷物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題含解析

2025屆重慶市康德卷物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線A、B、C為某電場(chǎng)中的三條等勢(shì)線，其電勢(shì)分別為、、，實(shí)線為帶電粒子在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌跡，P、Q為軌跡與等勢(shì)線A、C的交點(diǎn)，帶電粒子只受電場(chǎng)力，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.粒子可能帶負(fù)電B.粒子在P點(diǎn)的動(dòng)能大于Q點(diǎn)動(dòng)能C.粒子在P點(diǎn)電勢(shì)能大于粒子在Q點(diǎn)電勢(shì)能D.粒子在P點(diǎn)受到電場(chǎng)力大于在Q點(diǎn)受到的電場(chǎng)力2、下列各圖中，已標(biāo)出電流及電流的磁場(chǎng)方向(B圖表示通電環(huán)形導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)，“”表示導(dǎo)線中電流I的方向垂直于紙面向里，“”表示導(dǎo)線中電流I的方向垂直于紙面向外，其中正確的是()A. B.C. D.3、如圖所示，一質(zhì)量為m的帶電絕緣小球用絲線懸吊于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將小球分別從等高點(diǎn)A和B由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，則小球第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)相同的物理量是A.速度B.絲線的拉力C.洛倫茲力D.向心加速度4、如圖所示，一根放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直，圖中已分別標(biāo)明電流、磁感強(qiáng)度和安培力這三者方向的關(guān)系，其中正確的是（）A. B.C. D.5、如圖所示，為一水平旋轉(zhuǎn)的橡膠盤(pán)，帶有大量均勻分布的負(fù)電荷，在圓盤(pán)正上方水平放置一通電直導(dǎo)線，電流方向如圖。當(dāng)圓盤(pán)高速繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，通電直導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的方向是（）A.水平向里 B.水平向外C.豎直向上 D.豎直向下6、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，r<R1，C為電容器，電流表、電壓表為理想電流表和理想電壓表．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小B.電容器C所帶電荷量增多C.電源的輸出功率增大，效率降低D.a點(diǎn)的電勢(shì)升高二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在電場(chǎng)力作用下形成圖中所示的運(yùn)動(dòng)軌跡．M和N是軌跡上的兩點(diǎn)，其中M點(diǎn)是軌跡的最右點(diǎn)．不計(jì)重力，下列表述正確的是()A.粒子所受電場(chǎng)力的方向沿電場(chǎng)方向B.粒子在M點(diǎn)的速率最小C.粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能始終在增加D.粒子在電場(chǎng)中的加速度不變8、將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場(chǎng)強(qiáng)度大小、電容和極板所帶的電荷量分別用d、U、E、C和Q表示．下列說(shuō)法正確的是()A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)兩倍，則E變?yōu)樵瓉?lái)的一半B.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍C.保持C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍D.保持d、C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則E變?yōu)樵瓉?lái)的一半9、如圖，虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，已知b等勢(shì)面上的電勢(shì)為1V.一電子經(jīng)過(guò)a等勢(shì)面時(shí)的動(dòng)能為4eV，速度方向沿電場(chǎng)方向，從a等勢(shì)面到d等勢(shì)面的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做的功為3eV.下列說(shuō)法正確的是A.電子在c等勢(shì)面上的電勢(shì)能為零B.電子到達(dá)f等勢(shì)面動(dòng)能為零C.電子初速度方向垂直虛線向右D.a、b兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差為2V10、如圖所示，勁度數(shù)為的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為的物體接觸（未連接），彈簧水平且無(wú)形變．用水平力F緩慢推動(dòng)物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了，此時(shí)物體靜止．撤去F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的最大距離為4．物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為．則（）A.撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)B.撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為C.物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）設(shè)金屬導(dǎo)體的橫截面積為，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為，自由電子定向移動(dòng)速度為，那么在時(shí)間內(nèi)通過(guò)某一橫截面積的自由電子數(shù)為_(kāi)________；若電子的電荷量為，導(dǎo)體中的電流為，則電子定向移動(dòng)的速率為_(kāi)________。12．（12分）有以下可供選用的器材及導(dǎo)線若干條，要求使用個(gè)數(shù)最少的儀器盡可能精確地測(cè)量一個(gè)電流表的滿(mǎn)偏電流A．被測(cè)電流表A1：滿(mǎn)偏電流約700～800，內(nèi)阻約100Ω，刻度均勻、總格數(shù)為N；B．電流表A2：量程0.6A，內(nèi)阻0.1Ω；C．電壓表V：量程3V，內(nèi)阻3kΩ；D．滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值200Ω；E．滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值1kΩ；F．電源E：電動(dòng)勢(shì)3V、內(nèi)阻1.5Ω；G．開(kāi)關(guān)一個(gè).（1）選用的器材應(yīng)為_(kāi)____________．（填A(yù)→G字母代號(hào)）（2）在虛線框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖，并在每個(gè)選用的儀器旁標(biāo)上題目所給的字母序號(hào)（）（3）測(cè)量過(guò)程中測(cè)出多組數(shù)據(jù)，其中一組數(shù)據(jù)中待測(cè)電流表A1的指針偏轉(zhuǎn)了n格，可算出滿(mǎn)偏電流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符號(hào)代表的物理量是_____________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，電源內(nèi)阻為1Ω，定值電阻R1=4Ω，R2=5Ω，（1）若在a、b之間接一個(gè)C=100μF的電容器，閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后，求電容器上所帶的電量；（2）在a、b之間接一個(gè)多大的電阻Rx可使得R1消耗的功率最大？14．（16分）如圖所示，坐標(biāo)系中第二象限存在著垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第三象限存在著與x軸正方向成45°、電場(chǎng)強(qiáng)度為E=500N/C的斜向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，還有一根處于兩坐標(biāo)軸角平分線上的無(wú)限長(zhǎng)的電荷接收棒，一個(gè)不計(jì)重力的帶正電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O處以v=2×104m/s的速度進(jìn)入磁場(chǎng)，A粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向垂直于磁場(chǎng)且與x軸負(fù)方向成45°，最終打到接收棒上被吸收，若A粒子的比荷為106C/kg（1）求A粒子到達(dá)x軸時(shí)的坐標(biāo)和在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（2）B粒子的比荷為2.5×105C/kg，以相同的速度從同一位置進(jìn)入磁場(chǎng)，求A粒子和B粒子到達(dá)吸收棒的位置相隔多遠(yuǎn)15．（12分）電磁感應(yīng)現(xiàn)象是電磁學(xué)中最重大的發(fā)現(xiàn)之一，它揭示了電、磁現(xiàn)象之間的本質(zhì)聯(lián)系電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率成正比，即，這就是法拉第電磁感應(yīng)定律（1）如圖所示，把矩形線框abcd放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)里，線框平面跟磁感線垂直．設(shè)線框可動(dòng)部分ab的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，它以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)．請(qǐng)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律推導(dǎo)出閉合電路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv（2）兩根足夠長(zhǎng)的光滑直金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為θ的絕緣斜面上，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)．兩導(dǎo)軌間接有阻值為R的電阻．一根質(zhì)量為m的均勻直金屬桿MN放在兩導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直．整套裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于斜面向上．導(dǎo)軌和金屬桿的電阻可忽略．讓金屬桿MN由靜止沿導(dǎo)軌開(kāi)始下滑．求①當(dāng)導(dǎo)體棒的速度為v（未達(dá)到最大速度）時(shí)，通過(guò)MN棒的電流大小和方向；②導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A．因電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，故電場(chǎng)線如圖所示，由粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡彎曲的方向可知粒子受力沿電場(chǎng)線的方向，故粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；B．若粒子從P到Q，則電場(chǎng)力做負(fù)功，粒子動(dòng)能減小，故P點(diǎn)動(dòng)能大于Q點(diǎn)動(dòng)能；若粒子從Q到P，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，P點(diǎn)動(dòng)能大于Q點(diǎn)動(dòng)能，故粒子在P點(diǎn)動(dòng)能一定大于Q點(diǎn)的動(dòng)能，故B正確；C．結(jié)合能量守恒定律，粒子在P點(diǎn)電勢(shì)能與動(dòng)能之和等于粒子在Q點(diǎn)電勢(shì)能與動(dòng)能之和，可知，粒子在P點(diǎn)電勢(shì)能小于粒子在Q點(diǎn)電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；D．因Q點(diǎn)處的等勢(shì)面密集，故Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，故電荷在Q點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故D錯(cuò)誤2、B【解析】根據(jù)安培定則判斷電流周?chē)艌?chǎng)方向，直導(dǎo)線大拇指指向?yàn)殡娏鞣较?，而環(huán)導(dǎo)線四指指向即為電流方向，從而進(jìn)行判斷【詳解】A.根據(jù)安培定則，螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)方向向右．故A錯(cuò)誤；B.從上往下看，線框的電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，根?jù)安培定則知，磁場(chǎng)的方向向上．故B正確；C.直線電流的方向豎直向上，根據(jù)安培定則知，直線電流右邊的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．故C錯(cuò)誤；D.由于電流的方向豎直向上，根據(jù)安培定則知，磁場(chǎng)方向應(yīng)該逆時(shí)針．故D錯(cuò)誤故選B.3、D【解析】A.拉力與洛倫茲力對(duì)小球不做功，僅僅重力作功，則小球機(jī)械能守恒，所以小球分別從A點(diǎn)和B點(diǎn)向最低點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)且兩次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相同，速度大小相同，方向相反。故A錯(cuò)誤；B.由A選項(xiàng)可知，速度大小相等，則根據(jù)牛頓第二定律可知，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則拉力的大小也不同，故B錯(cuò)誤；C、由于小球的運(yùn)動(dòng)方向不同，則根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向不同，但大小卻相同，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)，可知小球的向心加速度大小相同，且方向指向固定點(diǎn)，即加速度相同，故D正確。故選：D。4、D【解析】根據(jù)左手定則的內(nèi)容：伸開(kāi)左手，使大拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從垂直穿入掌心，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向，可得：A.根據(jù)左手定則可知，安培力的方向是垂直導(dǎo)體棒向左，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.根據(jù)左手定則可知，安培力的方向是垂直導(dǎo)體棒向下，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.根據(jù)左手定則可知，安培力的方向是垂直導(dǎo)體棒向下，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.根據(jù)左手定則可知，安培力的方向是垂直導(dǎo)體棒向下，故D項(xiàng)正確5、A【解析】帶負(fù)電圓盤(pán)如題目圖轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，形成逆時(shí)針?lè)较颍◤纳舷蛳拢┑碾娏?，根?jù)右手螺旋定則可知，在圓盤(pán)上方形成的磁場(chǎng)方向豎直向上，根據(jù)左手定則，伸開(kāi)左手，讓四指和電流方向一致，磁感線穿過(guò)手心，則大拇指指向垂直紙面向里，因此安培力的方向水平向里，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6、C【解析】在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯(lián)部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據(jù)干路電流與通過(guò)R2的電流變化情況，分析電流表的變化．根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系，分析電源的輸出功率如何變化．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)等于R2兩端的電壓【詳解】在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大．電阻R2兩端的電壓U2=E-I（R1+r），I增大，則U2變小，電容器板間電壓變小，其帶電量減?。鶕?jù)外電路中順著電流方向，電勢(shì)降低，可知，a的電勢(shì)大于零，a點(diǎn)的電勢(shì)等于R2兩端的電壓，U2變小，則a點(diǎn)的電勢(shì)降低，通過(guò)R2的電流I2減小，通過(guò)電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，則IA增大．即電流表示數(shù)變大．故ABD錯(cuò)誤．據(jù)題：r＜R1，當(dāng)外電路總電阻減小時(shí)，內(nèi)外電阻更加接近，電源的輸出功率增大．電源的效率，路端電壓U減小，則電源的效率降低，故C正確．故選C【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，要抓住不變量：電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻及定值電阻的阻值不變，進(jìn)行分析．根據(jù)電流方向判斷電勢(shì)高低，由電壓的變化判斷電勢(shì)的變化二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力的方向向左，在向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的速度減小，電勢(shì)能增加，根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)分析可以得出結(jié)論【詳解】A、粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，受電場(chǎng)力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，故可知粒子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)的反方向，故A錯(cuò)誤；B、粒子受到的電場(chǎng)力向左，在向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的速度減小，運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)，粒子的速度最小，故B正確；C、當(dāng)粒子向右運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力做負(fù)功電勢(shì)能增加，當(dāng)粒子向左運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，粒子的電勢(shì)能先增加后減小，故C錯(cuò)誤.D、粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中只受到恒定的電場(chǎng)力作用，故粒子在電場(chǎng)中的加速度大小不變，方向不變，故D正確；故選BD.【點(diǎn)睛】本題就是對(duì)電場(chǎng)力做功特點(diǎn)的考查，掌握住電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小.8、ACD【解析】保持U不變，根據(jù)E=可得E與d的關(guān)系；保持E不變，根據(jù)U=Ed可得U與d成正比；保持C不變，根據(jù)公式C=可知將Q與U成正比；保持d、C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，根據(jù)公式C=可知，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，根據(jù)公式E=即可得到E的變化【詳解】A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍后，根據(jù)E=可得E變?yōu)樵瓉?lái)的一半，A正確；B.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的一半，根據(jù)U=Ed可得U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，B錯(cuò)誤；C.根據(jù)公式C=可知將Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，C正確；D.根據(jù)C=可得C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，根據(jù)公式E=可知d不變，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，E變?yōu)樵瓉?lái)的一半，D正確【點(diǎn)睛】本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，學(xué)生抓住電容器的幾個(gè)相關(guān)公式即可分析出結(jié)果9、ABC【解析】A．虛線a、b、c、d代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，電子經(jīng)過(guò)a時(shí)的動(dòng)能為4eV，從a到d的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做的功為3eV，則電勢(shì)能增加3eV，因此ad等勢(shì)面之間的電勢(shì)差為3V，由于電子的電勢(shì)能增加，所以等勢(shì)面從a到d電勢(shì)是降低的，因?yàn)閎上的電勢(shì)為1V，故a上的電勢(shì)為2V，c上的電勢(shì)為0V，電子在c等勢(shì)面上的電勢(shì)能為零．故A正確B．結(jié)合A的分析可知，各相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差為1V，則af之間的電勢(shì)差為4V，電子從a到f將克服電場(chǎng)力做功為4eV，則電子到達(dá)f的動(dòng)能為0．故B正確C．電子到達(dá)f的動(dòng)能為0，可知電子從a向右運(yùn)動(dòng)．故C正確D．b上的電勢(shì)為1V，a上的電勢(shì)為2V，所以ab之間的電勢(shì)差為1V．故D錯(cuò)誤10、BD【解析】A．撤去F后，物體水平方向上受到彈簧的彈力和滑動(dòng)摩擦力，滑動(dòng)摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，彈力先大于滑動(dòng)摩擦力，后小于滑動(dòng)摩擦力，則物體向左先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故物體先做變加速運(yùn)動(dòng)，再做變減速運(yùn)動(dòng)，最后物體離開(kāi)彈簧后做勻減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．剛開(kāi)始時(shí)，由牛頓第二定律有：解得：B正確；C．由題意知，物體離開(kāi)彈簧后通過(guò)的最大距離為3x0，由牛頓第二定律得：將此運(yùn)動(dòng)看成向右的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則：聯(lián)立解得：，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)彈簧的彈力與滑動(dòng)摩擦力大小相等、方向相反時(shí)，速度速度最大時(shí)合力為零，則有解得，所以物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為：D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.②.【解析】[1]在時(shí)間內(nèi)通過(guò)某一橫截面積的自由電子數(shù)為：；[2]根據(jù)電流的定義式：解得：12、①.ACDFG②.③.④.U為電壓表讀數(shù)，RV為電壓表內(nèi)阻【解析】（1）[1]．其中AFG為必選器材，為了滑動(dòng)方便，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，以及電壓表V，題目中的電流表量程0.6安，指針偏角過(guò)小誤差較大，舍去；故選擇的器材有：ACDFG；（2）[2]．電壓表量程3V，內(nèi)阻3kΩ，滿(mǎn)偏電流為，與待測(cè)電流表類(lèi)似，可以當(dāng)作電流表使用；與待測(cè)電流表串聯(lián)即可；因?yàn)橐缶_，故采用滑動(dòng)變阻器分壓式接法，電壓可以連續(xù)調(diào)節(jié)，電路圖如圖所示：（3）[3][4]．待測(cè)電流表總格數(shù)為N，電流等于電壓表電流，為：；電流表與電壓表串聯(lián)，電流相等，故：n：N=I：Ig故其中U為電壓表讀數(shù)，RV為電壓表內(nèi)阻；四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）3×10-4C；（2）Rx=0時(shí)，功率最大【解析】（1）電容器與R2并聯(lián)，由串并聯(lián)電路規(guī)律及閉合電路歐姆定律可求得電容器上所帶電量；（2）R1為定值電阻，則當(dāng)電路中電流最大時(shí)，R1消耗的功率最大【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流I==0.6A；則R2兩端的電壓U2=IR2=0.6×5=3V；Uc=U2則電容器上所帶電量Q=UcC=3×100×10-6=3×10-4C；（2）當(dāng)R1中電流最大時(shí)，其消耗的功率最大；則可知只有將ab短路時(shí)，電路中電流才能達(dá)最大；故Rx=0時(shí)，功率最大【點(diǎn)睛】本題考查閉合