2025屆湖南省湘西物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆湖南省湘西物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示是醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連．現(xiàn)分別加速氘核()和氦核()．下列說法中正確的是()A．它們的最大速度相等B．它們的最大動(dòng)能相同C．兩次所接高頻電源的頻率不相同D．僅增大高頻電源的頻率可增大粒子的最大動(dòng)能2、如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P向右移動(dòng)過程中，電流表和電壓表的示數(shù)變化情況正確的是A．IA減小，UV增大B．IA減小，UV減小C．IA增大，UV減小D．IA增大，UV增大3、用跨過光滑定滑輪的繩(繩不可伸長(zhǎng))把湖中小船拉靠岸，如圖所示，已知拉繩的速度v不變，則船速()A．逐漸增大 B．先減小后增大C．逐漸減小. D．先增大后減小4、如圖1所示,真空中有一半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電球體（實(shí)線）,以球心為坐標(biāo)原點(diǎn),沿半徑方向建立x軸。理論分析表明,x軸上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)隨x變化關(guān)系如圖2所示,則()A．c處場(chǎng)強(qiáng)和a處的場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反B．球內(nèi)部的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)C．a(chǎn)、c兩點(diǎn)處的電勢(shì)一定相等D．將一個(gè)正試探電荷沿x軸從b移到c的過程中，電場(chǎng)力做正功5、如圖所示，桌面離地高h(yuǎn)，質(zhì)量為m的小球從離桌面高H處自由落下，不計(jì)空氣阻力，設(shè)桌面為零勢(shì)面，則小球觸地前的瞬間機(jī)械能為（）A．mgH B．mgh C．mg(H+h) D．mg(H-h)6、電場(chǎng)中M、N兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小分別為EM、EN，電勢(shì)分別為φM、φN.某帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，若此過程中帶電粒子的動(dòng)能始終保持不變，下列判斷正確的是（）A．EM＞EN，φM＞φNB．EM＜EN，φM=φNC．EM=EN，φM=φND．EM＜EN，φM＜φN二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下圖是驗(yàn)證楞次定律實(shí)驗(yàn)的示意圖，豎直放置的線圈固定不動(dòng)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對(duì)線圈的運(yùn)動(dòng)方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中正確的是A． B． C． D．8、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻r=1Ω，燈泡L上標(biāo)有“6V、12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=0.50Ω。閉合電鍵后，燈泡恰好正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)也恰好正常工作，以下判斷正確的是A．電動(dòng)機(jī)的輸入功率為12WB．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為6WC．電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率為75%D．電源的輸出功率為24W9、如圖所示的是伏安法測(cè)電阻的部分電路，開關(guān)先后接通a和b時(shí)，觀察電壓表和電流表示數(shù)的變化，那么（）A．若電壓表示數(shù)有顯著變化，測(cè)量R的值時(shí)，S應(yīng)接a，測(cè)量值偏小B．若電壓表示數(shù)有顯著變化，測(cè)量R的值時(shí)，S應(yīng)接b，測(cè)量值偏大C．若電流表示數(shù)有顯著變化，測(cè)量R的值時(shí)，S應(yīng)接a，測(cè)量值偏小D．若電流表示數(shù)有顯著變化，測(cè)量R的值時(shí)，S應(yīng)接b，測(cè)量值偏大10、如圖所示是兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，周圍有1、2、3、4、5、6各點(diǎn)，其中1、2之間距離與2、3之間距離相等，2、5之間距離與2、6之間距離相等．兩條虛線互相垂直且平分，那么關(guān)于各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的敘述正確的是()A．1、3兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．5、6兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．4、5兩點(diǎn)電勢(shì)相同D．1、3兩點(diǎn)電勢(shì)相同三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）根據(jù)試題的要求填空．（1）用如下圖(甲)所示的多用電表測(cè)量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個(gè)部件S、T．請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量：①旋動(dòng)部件________，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的"0"刻線．②將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋"×l00"的位置．③將插入"十"、"－"插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件______，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的_______(填"0"或"∞")刻線．④將兩表筆分別與侍測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過?。疄榱说玫奖容^準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，請(qǐng)從下列選項(xiàng)中挑出合理的步驟，并按__________的順序進(jìn)行操作，再完成測(cè)量A．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋"×1k"的位置B．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋"×10"的位置C．將兩表筆的金屬部分分別接在被測(cè)電阻的兩根引線上D．將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，對(duì)電表進(jìn)行校準(zhǔn)（2）在用多用表測(cè)量另一電阻的阻值時(shí)，電表的讀數(shù)如圖（乙）所示，該電阻的阻值為_________．（3）他用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，其中某一次測(cè)量結(jié)果如下圖所示，其讀數(shù)為________mm．12．（12分）某研究性學(xué)習(xí)小組為了研究標(biāo)有“3.0V，1.5W”字樣小燈泡的伏安特性曲線，設(shè)計(jì)并完成了有關(guān)實(shí)驗(yàn)．以下是實(shí)驗(yàn)中可供選擇的器材A．直流電源E(5V，內(nèi)阻約0.5Ω)；B．電流表A1(0～3A，內(nèi)阻約0.1Ω)；C．電流表A2(0～0.6A，內(nèi)阻約1Ω)；D．電壓表V1(0～3V，內(nèi)阻約3kΩ)；E．電壓表V2(0～15V，內(nèi)阻約15kΩ)；F．滑動(dòng)變阻器R1(0～10Ω，額定電流1A)G．滑動(dòng)變阻器R2(0～1000Ω，額定電流0.5A)；H．開關(guān)、導(dǎo)線等(1)電流表應(yīng)該選______，電壓表應(yīng)該選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選______．（填寫對(duì)應(yīng)器材前的字母序號(hào)）(2)在虛線框中畫出電路圖_____(3)實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得小燈泡兩端的電壓與通過它的電流的數(shù)據(jù)描繪出該小燈泡的U-I曲線，如圖所示根據(jù)圖所作出的小燈泡U-I曲線，可判斷下圖中關(guān)系圖象可能正確的是_____．(圖中P為小燈泡的功率，I為通過小燈泡的電流)(4)某同學(xué)將兩個(gè)完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接到如圖所示的電路中，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻r=3Ω，則此時(shí)每個(gè)小燈泡的實(shí)際功率為________W(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在O處固定一個(gè)電荷量為Q=+1.0×10-9C的點(diǎn)電荷，現(xiàn)用長(zhǎng)L=0.2m的絕緣細(xì)線拴一個(gè)質(zhì)量m=0.06kg的帶電小球(可視為點(diǎn)電荷)后也懸掛于O處，細(xì)線所受拉力達(dá)到F=6mg時(shí)就會(huì)被拉斷。將小球拉至與懸點(diǎn)O等高，并且使細(xì)線伸直，然后由靜止釋放，當(dāng)懸線轉(zhuǎn)過90°到到達(dá)B位置時(shí)，細(xì)線恰好拉斷。之后小球?qū)腂點(diǎn)進(jìn)入板間距d=0.08m的兩平行板電容器，并恰好沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)(進(jìn)入電容器后不考慮O處點(diǎn)電荷對(duì)小球的作用力)，且此時(shí)電路中的電動(dòng)機(jī)剛好能正常工作。已知電源的電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻1Ω，定值電阻、、的阻值均為6Ω，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為1Ω。忽略空氣阻力和電容器的邊緣效應(yīng)，取g=10m/s2，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2。求：（1）小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）小球所帶的電荷量；（3）電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率。14．（16分）如圖所示，固定在水平面上間距為的兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌，垂直于導(dǎo)軌放置的兩根金屬棒和長(zhǎng)度也為、電阻均為，兩棒與導(dǎo)軌始終接觸良好．兩端通過開關(guān)與電阻為的單匝金屬線圈相連，線圈內(nèi)存在豎直向下均勻增加的磁場(chǎng)，磁通量變化率為常量．圖中虛線右側(cè)有垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為．的質(zhì)量為，金屬導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，電阻忽略不計(jì)．（1）閉合，若使保持靜止，需在其上加多大的水平恒力，并指出其方向；（2）斷開，在上述恒力作用下，由靜止開始到速度大小為的加速過程中流過的電荷量為，求該過程安培力做的功．15．（12分）如圖所示,一個(gè)電子由靜止開始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后,又沿中心軸線從O點(diǎn)垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的P點(diǎn),O′點(diǎn)為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量m=9.0×10?31kg,電荷量e=1.6×10?19C,加速電場(chǎng)電壓U0=2500V,偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓U=200V,極板的長(zhǎng)度L1=6.0cm,板間距離d=2.0cm,極板的末端到熒光屏的距離L2=3.0cm(忽略電子所受重力,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。求：(1)電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度v0；(2)電子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過程中電場(chǎng)力對(duì)它所做的功W；(3)電子打在熒光屏上的P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離h。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

A．根據(jù)得兩粒子的比荷相等，所以最大速度相等。故A正確。B．最大動(dòng)能兩粒子的比荷相等，但電量不等，所以最大動(dòng)能不等。故B錯(cuò)誤。C．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期兩粒子的比荷相等，所以周期和頻率相等。故C錯(cuò)誤。D．根據(jù)，知僅增大高頻電源的頻率不能增大粒子動(dòng)能，故D錯(cuò)誤；2、A【解析】

滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P向右移動(dòng)，R2接入電路電阻增大，電路總電阻增大，電路總電流I減小，電源內(nèi)電壓減小，電源外電壓U增大；電阻R4的電流I4=I減小，電阻R4兩端的電壓U4減?。浑娮鑂1和R3兩端的電壓U13=U-U4增大，流過R1和R3的電流I13增大，電阻R【點(diǎn)睛】電路動(dòng)態(tài)分析問題，按局部到整體，再對(duì)局部分析各元件上電壓或電流的變化。靈活應(yīng)用閉合電路的歐姆定律，電動(dòng)勢(shì)、路端電壓和內(nèi)電壓關(guān)系，串并聯(lián)電路的電壓電流關(guān)系是解決動(dòng)態(tài)電路的關(guān)鍵。3、A【解析】

船的運(yùn)動(dòng)分解如圖：小船的運(yùn)動(dòng)可以分解為沿繩子收縮方向和垂直繩子方向兩種運(yùn)動(dòng)方式，假設(shè)繩子與水平面夾角為θ，由幾何關(guān)系可得：拉繩的速度v不變，船向左移動(dòng)時(shí)θ變大，逐漸減小，則v船逐漸增大，故選A.4、D【解析】由圖2可知：c處場(chǎng)強(qiáng)和a處的場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相同，故A錯(cuò)誤；由圖象可得，球內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度從圓心向外逐漸增大，球內(nèi)部的電場(chǎng)為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；由圖象得，電場(chǎng)線的方向一定是從圓心指向無窮遠(yuǎn)處，沿電場(chǎng)線的方向降低，所以a處的電勢(shì)高于b處的電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；將一個(gè)正試探電荷沿x軸從b移到c的過程中，所受的電場(chǎng)力向右，位移也向右，所以電場(chǎng)力做正功，故D正確。所以D正確，ABC錯(cuò)誤。5、A【解析】

設(shè)桌面為零勢(shì)面，小球的初機(jī)械能E1EA.mgH與計(jì)算結(jié)果E2=mgH相符，故B.mgh與計(jì)算結(jié)果E2=mgH不相符，故BC.mg(H+h)與計(jì)算結(jié)果E2=mgH不相符，故CD.mg(H-h)與計(jì)算結(jié)果E2=mgH不相符，故6、C【解析】試題分析：因帶電粒子在MN兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能始終保持不變，故粒子的速率大小不變，可知粒子所受的電場(chǎng)力始終與速度垂直，電場(chǎng)力不做功，可知兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，電勢(shì)相等，故選C.考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】

A.當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上。故A不符合題意；

B.當(dāng)磁鐵S極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上，故B不符合題意；

C.當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向與圖中電流方向相同。故C符合題意；

D.當(dāng)磁鐵N極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下，故D符合題意；8、BC【解析】A項(xiàng)：燈泡恰好正常發(fā)光可知：I=PU=2A，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓UB項(xiàng)：電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出C項(xiàng)：電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率η=PD項(xiàng)：電源的輸出功率P1點(diǎn)晴：本題考查非純電阻電路，注意部分電路歐姆定在非純電阻電路中不成立。9、AD【解析】

AB.電壓表示數(shù)有明顯變化，說明電流表內(nèi)阻較大，分壓較大，應(yīng)采用電流表外接法，即S接a，可減小誤差，此時(shí)電流偏大，測(cè)量值偏小，故A正確B錯(cuò)誤。CD.電流表示數(shù)有明顯變化，說明電壓表內(nèi)阻較小，分流較大，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，即S接b，可減小誤差，此時(shí)，電壓表示數(shù)偏大，電阻測(cè)量值偏大，故C錯(cuò)誤D正確。10、ABC【解析】

由等量異種電荷周圍電場(chǎng)線和等勢(shì)線的分布可知AB正確；4和5兩個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)均為零，因此相等，3點(diǎn)的電勢(shì)為正，1點(diǎn)的電勢(shì)為負(fù)，因此不相等，C正確D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ST0ADC150000.396～0.398【解析】

電表使用前要使指針指在0刻線位置，通過調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕實(shí)現(xiàn)；歐姆表測(cè)量前要進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數(shù)誤差最小，故測(cè)量電阻時(shí)，要通過選擇恰當(dāng)?shù)谋堵适怪羔樦冈谥兄惦娮韪浇?；每次換擋要重新調(diào)零；歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×倍率；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀，注意其精度是0.01mm．【詳解】解：(1)①電表使用前要調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針指在0刻線位置，故調(diào)節(jié)S旋鈕；③歐姆表測(cè)量前要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故調(diào)節(jié)T旋鈕，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的0刻線；④指針偏轉(zhuǎn)度過小，說明電阻偏大，故需選擇較大的倍率；每次換擋要重新調(diào)零，按A、D、C的順序進(jìn)行操作(2)歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×倍率=15×1000Ω=15000Ω；(3)螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為0mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×39.8mm=0.398mm，所以最終讀數(shù)為：0mm+0.398mm=0.398mm；12、CDFB0.32（0.30-0.33）【解析】

（1）[1][2][3]．燈泡額定電壓為3.0V，電壓表應(yīng)選擇D；燈泡額定電流：電流表應(yīng)選擇C；描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，故選F；（2）[4]．電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示：（3）[5]．由圖甲所示U-I圖象可知，隨電壓與電流增大，燈泡電阻R增大，由P=I2R可知，，I2-P圖線斜率的倒數(shù)表示電阻，I2-P圖線的斜率應(yīng)減小，故B正確，ACD錯(cuò)誤；（4）[6]．設(shè)流過每個(gè)燈泡的電流為I，路端電壓：U=E-2Ir=3-6I，在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：

由圖示圖線可知，燈泡兩端電壓：U=0.9V，電流：I=0.35A，燈泡實(shí)際功率：P=UI=0.9×0.35≈0.32W；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為2m/s；

（2）小球所帶的電荷量為8×10-3C；

（3）電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為4.0W?！窘馕觥?/p>

（1）由機(jī)械能守恒得：代入數(shù)據(jù)解得：vB=2m/s（2）到達(dá)B點(diǎn)繩恰好作用力為6mg，由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：q=8×10-3C（3）設(shè)電容器兩端電壓為U，由二力平衡得：

①由歐姆定律得：

②所以，電動(dòng)機(jī)兩端電壓：UM=E-U-Ir

③P機(jī)=P總-P熱=IUM-I2rM

④聯(lián)立①②③④解得：P機(jī)=4.0W14、（1），方向水平向右；（2）【解析】

（1）設(shè)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，由法拉第電磁感應(yīng)定律，則①設(shè)與并聯(lián)的電阻為，有②閉合時(shí)，設(shè)線圈中的電流為，根據(jù)閉合電路歐姆定律得③設(shè)中的電流為，有④設(shè)受到的安培力為