甘肅省武威市第十八中學2025屆物理高二第一學期期中教學質量檢測試題含解析

甘肅省武威市第十八中學2025屆物理高二第一學期期中教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、銀行、醫(yī)院、公交等機構發(fā)行的磁卡，都是利用磁性材料記錄信息的．關于磁卡的使用和保存，下列做法不合適的是（）A．用軟紙輕擦磁卡 B．用磁卡拍打桌面C．使磁卡遠離熱源 D．使磁卡遠離磁體2、電場中有一點P，下列說法中正確的有（）A．若放在P點的電荷的電荷量減半，則P點的場強減半B．若P點沒有試探電荷，則P點場強為零C．P點的場強越大，則同一電荷在P點受到的電場力越大D．P點的場強方向為放在該點的電荷所受電場力的方向3、圖是科學史上一張著名的實驗照片，顯示一個帶電粒子在云室中穿過某種金屬板運動的徑跡。云室放置在勻強磁場中，磁場方向垂直照片向里，云室中橫放的金屬板對粒子的運動起阻礙作用，分析此徑跡可知粒子（）A．帶正電，由下往上運動B．帶正電，由上往下運動C．帶負電，由上往下運動D．帶負電，由下往上運動4、質量為m1=1kg和m2（未知的兩個物體在光滑的水平面上正碰，碰撞時間極短，其x-t圖象如圖所示，則A．被碰物體質量為5kgB．此碰撞一定為彈性碰撞C．碰后兩物體速度相同D．此過程有機械能損失5、伏安法是一種常用的測量導體電阻的方法，某同學分別用如圖（a）、（b）兩種接法測量一個電阻器的阻值，以下結論正確的是（）A．用圖（a）接法測得的電阻值偏大B．用圖（b）接法測得的電阻值偏大C．用圖中兩種接法測得的電阻值都偏大D．用圖中兩種接法測得的電阻值都偏小6、在如圖所示電路中，開關S1、S2、S3、S4均閉合，C是極板水平放置的平行板電容器，板間懸浮著一油滴P，斷開哪個開關后P會向下運動A．S1 B．S2 C．S3 D．S4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一質量力m.帶電量力q的微粒，從兩平行金屬板正中央沿與勻強電場雷直方向射入。不計重力。當入射速度為v時，它恰好旁過電場而不碰金屬板，現使微粒入時速度為，仍恰恰好穿過電場。保持其他量不變時，可行的方法是()A．使粒子帶電荷量為原來的倍B．使兩板間電壓減為原來的倍C．使兩板間距離增為原來的2倍D．便兩板間距離增為原來的倍8、某實驗小組用如圖所示的實驗裝置來驗證楞次定律，當條形磁鐵自上而下穿過固定的線圈時A．N極從上向下靠近線圈時，將受到線圈的排斥力B．S極從上向下遠離線圈時，將受到線圈的排斥力C．通過電流表的感應電流方向是先a→→b，后b→→aD．通過電流表的感應電流方向是先b→→a，后a→→b9、如圖所示的皮帶傳動裝置，主動輪O1上兩輪的半徑分別為3r和r，從動輪O2的半徑為2r，A、B、C分別為輪緣上的三點，設皮帶不打滑，則下列比例關系正確的是()A．A、B、C三點的加速度之比aA:aB:aC=6:2:1B．A、B、C三點的線速度大小之比vA:vB:vC=3:2:2C．A、B、C三點的角速度之比ωA:ωB:ωC=2:2:1D．A、B、C三點的加速度之比aA:aB:aC=3:2:110、兩個點電荷Q1、Q2固定于x軸上，將一帶正電的試探電荷從足夠遠處沿x軸負方向移近Q2（位于坐標原點）的過程中，試探電荷的電勢能Ep隨位置變化的關系如圖所示，則下列判斷正確的是（）A．M點電勢為零B．N點場強為零C．Q2的電荷量小于Q1的電荷量D．試探電荷從N點運動到M點的過程中，電場力做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定一根粗細均勻合金絲電阻率的實驗中，利用螺旋測微器測定合金絲的直徑為______________mm.12．（12分）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數如圖甲所示，讀數為______mm；用游標為20分度的卡尺測量球的直徑，示數如圖乙所示，讀數為________cm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量m=1kg的通電導體棒在安培力作用下靜止在傾角為37°、寬度L=1m的光滑絕緣框架上，磁場方向垂直于框架平面向下（磁場僅存在于絕緣框架內）．右側回路中，電源的電動勢E=8V、內阻r=1Ω，額定功率為8W、額定電壓為4V的電動機M正常工作．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s1．試求：（1）電動機當中的電流IM與通過電源的電流I總．（1）金屬棒受到的安培力大小及磁場的磁感應強度大?。?4．（16分）如圖所示，R為電阻箱，V為理想電壓表．當電阻箱讀數為R1=2Ω時，電壓表讀數為U1=4V；當電阻箱讀數為R2=5Ω時，電壓表讀數為U2=5V．求：（1）電源的電動勢E和內阻r；（2）當電阻箱R讀數為多少時，電源的輸出功率最大？最大值為多少？15．（12分）電路如圖所示，已知電源電動勢為E=12V，內阻r=8Ω，定值電阻R1=2Ω，滑動變阻器R2（1）當R2為多少時，R1（2）當R2為多少時，R2（3）當R2為多少時，電源有最大輸出功率？并求出該最大功率

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

磁卡用力拍打或者加熱會使次體內部分子運動加快，運動的分子無規(guī)則性，磁性會消失；靠近磁體會是內部的磁性分子排布發(fā)生變化，改變磁性，所以A、C、D均為不妥的保存和使用，B項不會消磁。故選B.2、C【解析】

AB．電場中某點的電場強度是由電場本身決定的，與放在該點的試探電荷的電量以及電荷的有無均無關，選項AB錯誤；C．根據F=Eq可知，P點的場強越大，則同一電荷在P點受到的電場力越大，選項C正確；D．P點的場強方向為放在該點的正電荷所受電場力的方向，選項D錯誤。故選C。3、A【解析】

粒子穿過金屬板后，速度變小，由半徑公式可知，半徑變小，粒子運動方向為由下向上；又由于洛侖茲力的方向指向圓心，由左手定則，粒子帶正電．所以A正確．故選A．4、B【解析】

AC．由圖象可知，碰撞前m2是靜止的，m1的速度為：碰后m1的速度為：m2的速度為：即碰后兩物體速度大小相等，方向相反，速度不相同；兩物體碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2′即：1×4=1×（-2）+m2×2解得：m2=3kg選項AC錯誤；BD．碰撞前總動能：碰撞后總動能：碰撞前后系統(tǒng)動能不變，故碰撞是彈性碰撞，故B正確，D錯誤；5、A【解析】試題分析：a圖接法：電壓表的示數為R兩端的電壓和安培表兩端的電壓之和，即U=UR+UA電流表的示數I是通過R的真實值，則；b圖接法中：電流表的示數為通過電阻的電流和電壓表的電流之和，即I=IR+IV電壓表的示數U是R兩端電壓的真實值，則，故A選項正確?？键c：伏安法測電阻.【名師點睛】此題考查了伏安法測電阻的兩個電路；知道待測電阻遠大于電流表內阻時，電流表的分壓小，可忽略不計，用電流表內接法．測量值偏大．待測電阻遠小于電壓表內阻時，電壓表的分流小，可忽略不計，用電流表外接法，測量值偏?。?、C【解析】四個開關全部閉合時，電容器兩端的電壓等于兩端電壓，斷開S1，電容器仍連在兩端，兩板間的電壓不變，場強不變，油滴所受的電場力不變，油滴仍處于平衡狀態(tài)，A錯誤；斷開S2，在電容器連在電源兩端，穩(wěn)定后其電壓等于電動勢大小，故板間場強增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上運動．與題意不符，故C錯誤；斷開S3，則電容器與電源斷開連接，電容器通過電阻放電，板間場強逐漸減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下運動，B正確；斷開S4，電容器的電量不變，板間場強不變，油滴仍處于靜止狀態(tài)，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

設平行板長度為l，寬度為2d，板間電壓為U，恰能穿過一電場區(qū)域而不碰到金屬板上,則沿初速度方向做勻速運動：垂直初速度方向做勻加速運動：則：A．使粒子的帶電量減少為原來的，則：所以A正確.B．使兩板間所接電源的電壓減小到原來的一半,則：故B錯誤.C．使兩板間的距離增加到原來的2倍，此時垂直初速度方向距離應為2d，則：所以C正確.D．使兩板間的距離增加到原來的4倍，此時垂直初速度方向距離應為4d，則：故D錯誤.8、AD【解析】

當條形磁鐵沿固定線圈的中軸線自上至下經過固定線圈時，穿過線圈的磁通量向下，且先增加后減小，根據楞次定律判斷感應電流的磁場方向，再結合右手螺旋定則判斷感應電流的方向?！驹斀狻緼項：由“來拒去留”可知，N極從上向下靠近線圈時，穿過線圈的磁通量增大，所以磁鐵受到線圈的排斥力，故A正確；B項：由“來拒去留”可知，S極從上向下遠離線圈時，穿過線圈的磁通量減小，所以磁鐵受到線圈的吸引力，故B錯誤；C項：當條形磁鐵沿固定線圈的中軸線自上至下經過固定線圈時，穿過線圈的磁通量向下，且先增加后減小，根據楞次定律，感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，故感應電流的磁場先向上后向下，故感應電流先逆時針后順時針（俯視），即先b→G→a，后a→G→b，故C錯誤，D正確。故應選：AD。【點睛】本題是楞次定律的基本應用。對于電磁感應現象中，導體與磁體的作用力也可以根據楞次定律的另一種表述判斷：感應電流的磁場總要阻礙導體與磁體間的相對運動。9、AC【解析】

C、B點和C點具有相同大小的線速度，根據v=rω，知B、C兩點的角速度之比等于半徑之反比，所以ωB:ωC=rC:rB=2:1.而A點和B點具有相同的角速度，則得ωA:ωB:ωC=2:2:1；選項C正確.B、根據v=rω，知A、B的線速度之比等于半徑之比，所以vA:vB=3:1．B、C線速度相等，所以vA:vB:vC=3:1:1；選項B錯誤.A、D、根據得aA:aB:aC=vAωA:vBωB:vCωC=6:2:1；選項A正確，D錯誤.故選AC.10、ABC【解析】

A．分析圖象可知試探電荷在M點電勢能為零，由電勢能公式可知解得，故A正確；B．該過程中只有電場力（重力忽略不計）做功，電勢能和動能之和不變，試探電荷在N點時電勢能為最小，則動能最大，速度最大，加速度為零，電場力為零，說明N點場強為零，故B正確；C．設Q2到N點的距離為，Q1到N點距離為，N點場為零，由點電荷場強公式可得因，可知Q2電荷量小于Q1的電荷量，故C正確；D．由圖象分析可知試探電荷從N點運動到M點的過程中，電勢能增大，說明電場力做負功，故D錯誤。故選ABC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.644--0.646mm【解析】試題分析：旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為0.01×14.5mm=0.145mm，所以最終讀數為0.645mm（0.644mm-0.646mm）；考點：螺旋測微器【名師點睛】螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．12、0.615~0.619；0.670【解析】試題分析：螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為11.7×0.01mm=0.117mm，所以最終讀數為0.5mm+0.117mm=0.617mm，游標卡尺的主尺讀數為：0.6cm=6mm，游標尺上第14個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為14×0.05mm=0.70mm，所以最終讀數為：6mm+0.70mm=6.70mm=0.670mm，故答案為0.617；0.670考點：本題考查了螺旋測微器的使用；刻度尺、游標卡尺的使用.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電動機當中的電流是1A，通過電源的電流是4A；（1）金屬棒受到的安培力大小是6N，磁場的磁感應強度大小3T．【解析】試題分析：（1）由P=UI求出電動機中的電流，由串并聯(lián)電路的電壓關系得到內電阻上的電壓，由歐姆定律得到干路電流；（1）進而得到磁場中導線的電流，由平衡條件得到安培力，由安培力公式得到B．解：（1）電動機的正常工作時，有：PM=UIM代入數據解得：IM=1A通過電源的電流為：I總===4A（1）導體棒靜止在導軌上，由共點力的平衡可知，安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力，即：F=mgsin37°=6N流過電動機的電流I為：I=I總IM=4A1A=1AF=BIL解得：B=3T答：（1）電動機當中的電流是1A，通過電源的電流是4A；（1）金屬棒受到的安培力大小是6N，磁場的磁感應強度大小3T．【點評】本題借助安培力與電路問題考查了平衡條件的應用，解答的關鍵是正確找出兩個支路的電流之間的關系．是一道很好的綜合題．14、(1)E=6Vr=1Ω；(2)R=1Ω，P=9W【