廣渠門中學(xué)2025屆物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

廣渠門中學(xué)2025屆物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．新能源是指新開發(fā)的能源B．一次能源是直接來自于自然界的能源C．石油是二次能源D．二次能源就是新能源2、如圖所示，物體受到沿斜面向下的拉力F仍能靜止在粗糙斜面上，下列說法正確的是（）A．這說明牛頓第二定律是錯(cuò)誤的B．斜面對物體沒有摩擦力C．撤去拉力F后物體仍能靜止D．撤去拉力F后物體將沿斜面向上運(yùn)動3、下列四幅圖中，能正確描述點(diǎn)電荷電場線的是()A．B．C．D．4、如圖所示，平行板電容器中懸浮一個(gè)帶電微粒P，今把A、B兩個(gè)半方形金屬盒相對插入電容器兩板間，當(dāng)A、B合攏時(shí)，對微粒運(yùn)動情況的判斷正確的是（）A．向上運(yùn)動B．向下運(yùn)動C．仍保持靜止D．條件不足，無法判斷5、如圖所示，Q為一帶正電的點(diǎn)電荷，P為原來不帶電的枕形金屬導(dǎo)體，a、b為導(dǎo)體內(nèi)的兩點(diǎn)．當(dāng)導(dǎo)體P處于靜電平衡狀態(tài)時(shí)（）A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小Ea、Eb的關(guān)系為Ea＞EbB．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小Ea、Eb的關(guān)系為Ea＜EbC．感應(yīng)電荷在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小Ea′和Eb′的關(guān)系是Ea′＞Eb′D．感應(yīng)電荷在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小Ea′和Eb′的關(guān)系是Ea′=Eb′6、銅的摩爾質(zhì)量為M，密度為，每摩爾銅原子有n個(gè)自由電子。今有一根橫截面積為S的銅導(dǎo)線，當(dāng)通過的電流為I時(shí)，電子定向移動的速率為（）A．光速c B． C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、關(guān)于閉合電路的說法，正確的是（）A．電源短路時(shí)，電源的內(nèi)電壓等于電動勢B．電源短路時(shí)，路端電壓等于零C．電源斷路時(shí)，路端電壓最大D．電源的負(fù)載增加時(shí)，路端電壓也增大8、如圖所示，在光滑的水平面上，有A、B兩個(gè)小球，A的動量為10kg?m/s，B球的動量為12kg?m/s；A追上B球并相碰，碰撞后，A球的動量變?yōu)?kg?m/s，方向沒變，則A、B兩球的質(zhì)量的比值可能為A．0.5 B．0.55 C．0.65 D．0.689、如圖所示，甲、乙為兩個(gè)獨(dú)立電源的路端電壓U與通過它們的電流I的關(guān)系圖線，下列說法中正確的是()A．路端電壓都為U0時(shí)，它們的外電阻相等B．電流都是I0時(shí)，兩電源的內(nèi)電壓相等C．電源甲的電動勢大于電源乙的電動勢D．電源甲的內(nèi)阻小于電源乙的內(nèi)阻10、如圖，O是一固定的點(diǎn)電荷，虛線a、b、c是該點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中的三條等勢線，正點(diǎn)電荷q僅受電場力的作用沿實(shí)線所示的軌跡從a處運(yùn)動到b處，然后又運(yùn)動到c處，由此可見（）A．O為負(fù)電荷B．在整個(gè)過程中q的速度先變大后變小C．在整個(gè)過程中q的加速度先變大后變小D．在整個(gè)過程中，電場力做功為0三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）某同學(xué)分別使用10分度游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量金屬棒的長度L和直徑d，某次測量的示數(shù)如圖甲和乙所示，長度L＝__________mm，直徑d＝________mm.（2）某興趣小組探究用不同方法測定干電池的電動勢和內(nèi)阻，他們提出的實(shí)驗(yàn)方案中有如下四種器材組合．為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，其中可行的實(shí)驗(yàn)方案有____________.A．一個(gè)安培表、一個(gè)伏特表和一個(gè)滑動變阻器B．一個(gè)伏特表和和一個(gè)滑動變阻器C．一個(gè)安培表和一個(gè)電阻箱D．兩個(gè)安培表和一個(gè)滑動變阻器12．（12分）在“探究小車的速度隨著時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，打出的紙帶如圖所示。已知交流電源的頻率為50Hz，A、B、C為計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔T為____________s；打下B點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度為__________m/s

（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）用一根長為L的絲線吊著一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場中，如圖所示，絲線與豎直方向成37°角?，F(xiàn)突然將該電場方向變?yōu)橄蛳碌笮〔蛔儯豢紤]因電場的改變而帶來的其他影響（重力加速度為g），求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大?。浚?）電場方向變?yōu)橄蛳滦∏蚪?jīng)過最低點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度多大？（3）電場方向變?yōu)橄蛳滦∏蚪?jīng)過最低點(diǎn)時(shí)絲線對小球的拉力多大？14．（16分）如圖所示，足夠長的光滑絕緣水平臺左端固定一被壓縮的絕緣輕質(zhì)彈簧，一個(gè)質(zhì)量m=0.04kg、電量q=+2×10﹣4C的可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球與彈簧接觸但不栓接．某一瞬間釋放彈簧彈出小球，小球從水平臺右端A點(diǎn)飛出，恰好能沒有碰撞地落到粗糙傾斜軌道的最高B點(diǎn)，并沿軌道滑下．已知AB的豎直高度h=0.41m，傾斜軌道與水平方向夾角為α=37°、傾斜軌道長為L=2.0m，帶電小球與傾斜軌道的動摩擦因數(shù)μ=0.1．傾斜軌道通過光滑水平軌道CD與光滑豎直圓軌道相連，在C點(diǎn)沒有能量損失，所有軌道都絕緣，運(yùn)動過程小球的電量保持不變．只有過山車模型的豎直圓軌道處在范圍足夠大豎直向下的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)E=2.0×103V/m．（cos37°=0.8，sin37°=0.6，取g=10m/s2）求：(1)被釋放前彈簧的彈性勢能？(2)要使小球不離開軌道（水平軌道足夠長），豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)該滿足什么條件？(3)如果豎直圓弧軌道的半徑R=0.9m，小球進(jìn)入軌道后可以有多少次通過豎直圓軌道上距水平軌道高為0.01m的某一點(diǎn)P？15．（12分）如圖所示，變壓器原線圈輸入電壓為220V，副線圈輸出電壓為36V，兩只燈泡的額定電壓均為36V，L1額定功率為12W，L2額定功率為6W．試求：(1)該變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比；(2)兩燈均正常工作時(shí)原線圈中的電流以及只有L1工作時(shí)原線圈中的電流．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

新能源是指新近才開始使用的可以重復(fù)使用的能源，故A錯(cuò)誤；一次能源是直接來自自然界而未經(jīng)加工轉(zhuǎn)換的能源，如石油，故B正確，石油屬于常規(guī)能源，屬于化石能源，不可再生，不是二次能源，也不是新能源，故CD錯(cuò)誤；故選B?！军c(diǎn)睛】本題題考查了新能源和常規(guī)能源的區(qū)別：常規(guī)能源又稱傳統(tǒng)能源．已經(jīng)大規(guī)模生產(chǎn)和廣泛利用的煤炭、石油、天然氣、水能等能源．新能源在新技術(shù)的基礎(chǔ)上系統(tǒng)地開發(fā)利用的可再生能源，如太陽能、風(fēng)能、生物質(zhì)能、海洋能、地?zé)崮?、氫能等?、C【解析】

A、牛頓第二定律反映了物體的加速度與所受的合外力成正比，而拉力F不是物體所受的合外力，所以撤去F后物體的合外力為零，加速度為零，說明牛頓第二定律是正確的，故A錯(cuò)誤；BCD、設(shè)斜面的傾角為α，物體的質(zhì)量為m，撤去F前物體靜止在斜面上，合力為零，則物體必定受到沿斜面向上的靜摩擦力，大小為f=F+mgsinα，則最大靜摩擦力至少fm=F+mgsinα；撤去F后，因?yàn)橹亓Φ南禄至gsinα＜fm，所以物體仍靜止，所受的靜摩擦力為f′=mgsinα，故BD錯(cuò)誤，C正確。故選C．【點(diǎn)評】本題要掌握牛頓第二定律的內(nèi)容，知道加速度與合力成正比，而不是與拉力成正比．能根據(jù)物體的受力情況，確定最大靜摩擦力的范圍，判斷出物體能否運(yùn)動．3、B【解析】電場線從正電荷出發(fā)，終于止負(fù)電荷，故正電荷的電場線應(yīng)向外發(fā)散，負(fù)電荷的電場線應(yīng)向內(nèi)聚攏，B正確．4、B【解析】

帶電微粒在勻強(qiáng)電場中懸浮，說明重力與靜電力平衡，若兩個(gè)金屬盒相對插入，電容變大，電壓減小，場強(qiáng)減小，直到當(dāng)它們合攏時(shí)，金屬盒有靜電屏蔽的作用，其內(nèi)部場強(qiáng)將變?yōu)榱?，所以帶電微粒所受靜電力減小，向下運(yùn)動。A．向上運(yùn)動，故A錯(cuò)誤；B．向下運(yùn)動，故B正確；C．仍保持靜止，故C錯(cuò)誤；D．條件不足，無法判斷，故D錯(cuò)誤。故選B。5、C【解析】

AB.處于靜電平衡的導(dǎo)體，內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，故a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小Ea、Eb的關(guān)系為Ea=Eb，故AB錯(cuò)誤；CD.處于靜電平衡的導(dǎo)體，內(nèi)部合場強(qiáng)為零，則感應(yīng)電荷在ab兩點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)應(yīng)該和外部電場在ab兩點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等方向相反，根據(jù)可知Ea′＞Eb′故C正確，D錯(cuò)誤；6、D【解析】

每摩爾銅的體積為：單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為：電流的微觀表達(dá)式得：聯(lián)立解得：故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】電源短路時(shí)，即外電阻R=0，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電源內(nèi)電壓等于電動勢，路端電壓為零，故AB正確；電源斷路時(shí)，路端電壓等于電源的電動勢，路端電壓最大，故C正確；電源的負(fù)載增加時(shí)，總電阻減小，通過電源的電流I增大，由路端電壓U=E-Ir，可知路端電壓減小，故D錯(cuò)誤。所以ABC正確，D錯(cuò)誤。8、CD【解析】

根據(jù)動量公式p=mv，可知球的速度、動量和質(zhì)量之間的關(guān)系為A球追上B球并相碰，所以碰撞前A球速度大于B球速度，則有得到A球追上B球并相碰，碰撞后，A球動量變?yōu)?kg?m/s，方向沒變，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒得有代入解得根據(jù)碰撞過程總動能不增加得到代入數(shù)據(jù)解得碰撞后兩球同向運(yùn)動，A的速度不大于B的速度，則代入數(shù)據(jù)解得所以有故選CD。9、AC【解析】考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：根據(jù)閉合電路歐姆定律得知：電源的路端電壓與電流的關(guān)系式為U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，即圖線與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)表示電源電動勢的大小，圖線的斜率的大小表示電源的內(nèi)阻大?。獯穑航猓郝范穗妷憾紴閁0時(shí)，電路中的電流相等都為I0，跟據(jù)歐姆定律可知它們的外電阻相等，故A正確根據(jù)閉合電路歐姆定律得知：U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，即圖線與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)表示電源電動勢的大小，由圖可知電動勢電源甲的電動勢大于電源乙的電動勢．而圖線的斜率的大小表示電源的內(nèi)阻大小，圖線甲的斜率大于圖線乙的斜率，電源甲的內(nèi)阻大于電源乙的內(nèi)阻．則當(dāng)電流都是I0時(shí)，甲電源的內(nèi)電壓較大，故BCD錯(cuò)誤故選A點(diǎn)評：對于物理圖象的理解，關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律推導(dǎo)出解析式，再從數(shù)學(xué)角度來理解圖象的物理意義．10、CD【解析】

A．粒子的所受合力的方向大致指向軌跡的彎曲的方向，知正電荷所受的電場力背離點(diǎn)電荷向外，知O為正電荷．故A錯(cuò)誤．B．從從a處運(yùn)動b處，然后又運(yùn)動到c處電場力先做負(fù)功，再做正功，則動能先減小再增大，所以速度先減小再增大．故B錯(cuò)誤．C．越靠近點(diǎn)電荷，電場線越密，則電荷所受電場力越大，加速度越大，則加速度先增大后減小，故C正確．D．a(chǎn)與c在同一個(gè)等勢面上，兩點(diǎn)間的電勢差為零，根據(jù)W=qU，知電場力做功為零，故D正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、23.56.715AC【解析】

（1）[1][2]．長度L＝23mm+0.1mm×5=23.5mm，直徑d＝6.5mm+0.01mm×21.5=6.715mm.（2）[3]．通過改變電路的阻值從而獲得多組數(shù)據(jù)，根據(jù)U-I圖象與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)求解電動勢和內(nèi)阻。

A．安培表測電流，伏特表測路端電壓，滑動變阻改變電路的阻值從而獲得多組數(shù)據(jù)，故A正確；

B．伏特表測路端電壓，但是滑動變阻器不能讀出電阻值，從而不能得到電流，則不能測出電動勢和內(nèi)阻，故B錯(cuò)誤。C．安培表測電流，再由電流和定值電阻可得路端電壓，通過改變接入定值電阻的個(gè)數(shù)改變電路的電阻，故C正確；

D．兩個(gè)安培表和一個(gè)滑動變阻器，不管怎么組合，不能測出路端電壓，故不能測出電動勢和內(nèi)阻，故D錯(cuò)誤。12、0.10.50【解析】

交流電的頻率為50Hz，則每打兩個(gè)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為0.02s，則每相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，故相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間0.10s．

打B點(diǎn)時(shí)小車的速度為：v【點(diǎn)睛】本題比較簡單，屬于簡單基礎(chǔ)題目，考查了勻變速直線運(yùn)動規(guī)律在實(shí)驗(yàn)中的簡單應(yīng)用，注意實(shí)際打點(diǎn)與計(jì)數(shù)點(diǎn)的區(qū)別．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）【解析】

（1）以小球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰η闆r：重力mg、電場力qE、絲線的拉力FT，如圖所示。由平衡條件得mgtan37°=qE故（2）當(dāng)電場方向變?yōu)橄蛳潞?，小球受到的電場力豎直向下，向下做圓周運(yùn)動，重力和電場力都做正功，由動能定理得解得（3）小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)，由重力、電場力和絲線的拉力的合力提供了向心力，根據(jù)牛頓第二定律得解得14、(1)0.32J(2)或(3)6【解析】

(1)據(jù)小球從A到B平拋運(yùn)動過程，求出小球到B點(diǎn)時(shí)豎直分速度，由速度的分解求出小球到A點(diǎn)的速度；對彈簧將球彈出過程應(yīng)用機(jī)械能守恒，求出小球被釋放前彈簧的彈性勢能。(2)要使小球不離開軌道，有兩種臨界情況：