四川省遂寧第二中學(xué)2025屆高三上物理期中達標(biāo)測試試題含解析

四川省遂寧第二中學(xué)2025屆高三上物理期中達標(biāo)測試試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一名消防隊員在模擬演習(xí)訓(xùn)練中，沿著長為12m的豎直立在地面上的鋼管從頂端由靜止先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時速度恰好為零．如果他加速時的加速度大小是減速時加速度大小的2倍，下滑的總時間為3s，那么該消防隊員A．下滑過程中的最大速度為4m/sB．加速與減速運動過程中平均速度之比為2∶1C．加速與減速運動過程的時間之比為1∶2D．加速與減速運動過程的位移大小之比為1∶42、從手中豎直向上拋出的小球，與水平天花板碰撞后又落回到手中，設(shè)豎直向上的方向為正方向，小球與天花板碰撞時間極短．若不計空氣阻力和碰撞過程中動能的損失，則下列能夠描述小球從拋出到落回手中整個過程運動規(guī)律的圖象是（）A．B．C．D．3、如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，其電勢分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子不計重力在該區(qū)域內(nèi)運動的軌跡，軌跡上有a、b、c三點，已知帶電粒子所帶電荷量為，在a點處的動能為，則該帶電離子（）A．可能帶負(fù)電 B．在b點處的電勢能為C．在b點處的動能為零 D．在c點處的動能為4、如圖所示，AB為光滑豎直桿，ACB為構(gòu)成直角的光滑L形直軌道，C處由一小圓弧連接可使小球順利轉(zhuǎn)彎（即通過轉(zhuǎn)彎處不損失機械能）．套在桿上的兩個小球自A點靜止釋放，分別沿AB軌道和ACB軌道運動，如果沿ACB軌道運動的時間是沿AB軌道運動時間的1．5倍，則BA與CA的夾角為A．60° B．53° C．45° D．30°5、如圖所示為示波管構(gòu)造的示意圖，現(xiàn)在XX′上加上Ux－t信號，YY′上加上Uy－t信號（如圖2甲、乙所示），則在屏幕上看到的圖形是選項中的（）A．B．C．D．6、質(zhì)量為2kg的質(zhì)點在xOy平面上做曲線運動，在x方向的速度圖象和y方向的位移圖象如圖所示，下列說法中不正確的是()A．質(zhì)點的初速度大小為5m/sB．質(zhì)點所受的合外力為3N，做勻變速曲線運動C．2s內(nèi)質(zhì)點的位移大小約為12mD．2s末質(zhì)點速度大小為6m/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小球，電梯中有質(zhì)量為50kg的乘客，在電梯運行時乘客發(fā)現(xiàn)輕質(zhì)彈簧的伸長量始終是電梯靜止時的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判斷（）A．電梯可能加速下降，加速度大小為5m/s2B．電梯可能減速上升，加速度大小為2.5m/s2C．乘客處于失重狀態(tài)D．乘客對電梯地板的壓力為425N8、如圖所示為豎直截面為半圓形的容器，O為圓心，且AB為沿水平方向的直徑。一物體在A點以向右的水平初速度vA拋出，與此同時另一物體在B點以向左的水平初速度vB拋出，兩物體都落到容器的同一點P。已知∠BAP＝37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列說法正確的是A．物體B比A先到達P點B．A、B物體一定同時到達P點C．拋出時，兩物體的速度大小之比為vA∶vB＝16∶9D．拋出時，兩物體的速度大小之比為vA∶vB＝9∶169、將一小球豎直向上拋出，取豎直向上為正方向，設(shè)小球在拋出點的重力勢能為零，小球所受空氣阻力大小恒定。從拋出到落回拋出點的過程中，小球的加速度a、速度v、機械能E、動能Ek與其離開拋出點高度h之間的關(guān)系正確的是（）A． B．C． D．10、如圖所示，輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與一物塊相連，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為．開始時用力推著物塊使彈簧壓縮，將物塊從A處由靜止釋放，經(jīng)過B處時速度最大，到達C處速度為零，AC=L.在C處給物塊一初速度，物塊恰能回到A處．彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為g.則物塊（）A．在B處彈簧可能為原長B．在C處的初速度大小一定是C．從C到A的運動過程中，也是在B處的速度最大D．從C到A經(jīng)過B處的速度大于從A到C經(jīng)過B處的速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理學(xué)習(xí)興趣小組的同學(xué)用如圖所示的裝置驗證動能定理。（1）有兩種工作頻率為的打點計時器供試驗選用：A．電磁打點計時器B．電火花打點計時器為使紙帶在運動時受到的阻力較小，應(yīng)選擇____________（選填“”或“”）（2）保持長木板水平，將紙帶固定在小車后端，紙帶穿過打點計時器的限位孔。實驗中，為消除摩擦力的影響，在砝碼盤中慢慢加入沙子，直到小車開始運動。同學(xué)甲認(rèn)為此時的摩擦力的影響已得到消除。同學(xué)乙認(rèn)為還應(yīng)從盤中取出適量沙子，直至輕推小車觀察到小車做勻速運動?？捶ㄕ_的同學(xué)是____________（選填“甲”或“乙”）。（3）消除摩擦力的影響后，在砝碼盤中加入砝碼，接通打點計時器電源，松開小車，小車運動。紙帶被打出一系列點，選中紙帶上合適的某點點。測出小車的質(zhì)量為，再測出紙帶上起點到點的距離。小車動能的變化量可用△算出。砝碼盤中砝碼的質(zhì)量為，重量加速度為；實驗中，小車的質(zhì)量應(yīng)________________（選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“接近”）砝碼、砝碼盤和沙子的總質(zhì)量，小車所受合力做的功可用算出。多次測量，若與△均基本相等則驗證了動能定理。12．（12分）在探究小球做圓周運動所需向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系的實驗中．（1）在探究向心力的大小F與角速度ω的關(guān)系時，要保持___相同．A．ω和rB．ω和mC．m和rD．m和F（2）本實驗采用的實驗方法是___．A．累積法B．控制變量法C．微元法D．放大法（3）通過本實驗可以得到的正確結(jié)果是___．A．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比D．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）（1）創(chuàng)設(shè)一個質(zhì)點簡單的直線運動情景，設(shè)出字母來表示相關(guān)物理量，推導(dǎo)動量定理表達式．（要求畫出受力分析圖與運動情景圖）（2）利用如圖所示情景推導(dǎo)勻強電場中電場強度與電勢差的關(guān)系式：E=U/d(d為A、B兩點間沿電場線方向的距離）14．（16分）如圖所示，在水平軌道右側(cè)安放半徑為R的豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設(shè)特殊材料，調(diào)節(jié)其初始長度為l．水平軌道左側(cè)有一輕質(zhì)彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態(tài)．小物塊A（可視為質(zhì)點）從軌道右側(cè)以初速度v0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道．已知R=0.1m，l=1.0m，v0=1m/s，物塊A質(zhì)量為m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數(shù)為μ=0.1，軌道其他部分摩擦不計，取g=10m/s1．求：（1）物塊A與彈簧剛接觸時的速度大?。唬?）物塊A被彈簧以原速率彈回返回到圓形軌道的高度；（3）調(diào)節(jié)PQ段的長度l，A仍以v0從軌道右側(cè)沖上軌道，當(dāng)l滿足什么條件時，A物塊能第一次返回圓形軌道且能沿軌道運動而不會脫離軌道．15．（12分）如圖所示，上表面光滑，長度為3m、質(zhì)量M=10kg的木板，在F=50N的水平拉力作用下，以v0=5m/s的速度沿水平地面向右勻速運動．現(xiàn)將一個質(zhì)量為m3kg的小鐵塊（可視為質(zhì)點）無初速地放在木板最右端，當(dāng)木板運動了L1m時，又將第二個同樣的小鐵塊無初速地放在木板最右端，以后木板每運動1m就在其最右端無初速地放上一個同樣的小鐵塊．（g10m/s2）求：（1）木板與地面間的動摩擦因數(shù)；（2）剛放第三個小鐵塊時木板的速度；（3）從放第三個小鐵塊開始到木板停下的過程，木板運動的距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由題意可知考查勻變速直線運動規(guī)律，根據(jù)運動學(xué)公式計算可得．【詳解】A．設(shè)下滑過程中的最大速度為v，由位移公式可得故A錯誤．B．加速與減速運動過程中平均速度之比都為，平均速度之比為1∶1，故B錯誤．C．由可知加速度度大小和時間成反比，加速時的加速度大小是減速時加速度大小的2倍，所以加速與減速運動過程的時間之比為1∶2，故C正確．D．加速與減速運動過程平均速度度大小相等，位移大小之比等于時間之比為1∶2，故D錯誤．【點睛】消防隊員先從靜止勻加速運動，再做勻減速運動速度減為零，兩個階段平均速度大小相等，位移之比等于時間之比，加速度大小之比等于時間的反比．2、C【解析】試題分析：小球先減速上升，突然反向后加速下降，速度時間圖象反映了各個不同時刻小球的速度情況，根據(jù)實際情況作圖即可．解：小球先減速上升，突然反向后加速下降；設(shè)豎直向上的方向為正方向，速度的正負(fù)表示方向，不表示大??；故速度v先是正值，不斷減小，突然變?yōu)樨?fù)值，且絕對值不斷變大；故選C．【點評】速度時間圖象形象直觀地反映了物體速度隨時間的變化情況，速度的正負(fù)表示方向，絕對值表示大?。?、D【解析】

A．根據(jù)電場線和等勢線垂直，且由高電勢處指向低電勢處，得出場強方向向上，由帶電粒子的運動軌跡可判定，粒子所受電場力向上，則粒子帶正電荷，A錯誤；B．b點處的電勢能：B錯誤；C．由能量守恒，a點處動能和電勢能總和：則b點處的動能為：C錯誤；D．c點處的動能為：D正確。故選D。4、B【解析】

設(shè)AB的長度為2L，小球沿AB做自由落體運動，運動的時間滿足：，可解得…①，小球沿AC段運動時，，且，所需的時間滿足；，解得：，在C點小球的速度，以后沿BC做勻加速運動，其加速度為：，且，故：，其中，代入后解得：，即，B正確【點睛】本題的關(guān)鍵是能正確對ABC進行受力和運動分析，把運動的時間正確表示；可視為多過程的運動分析，一定明確前后過程的銜接物理量．5、A【解析】

因水平方向所加為掃描電壓，可使電子在水平方向移動，且與豎直向的周期相同，則熒光屏上顯示的波形與豎直向的電壓波形相似.A.由上分析可知，A正確；BCD.由上分析可知，BCD錯誤。6、D【解析】

A.由x方向的速度圖象可知，初速度為3m/s，由y方向的位移圖象可知在y方向做勻速直線運動，速度為vy＝4m/s，由平行四邊形定則可知，質(zhì)點的初速度為，故A正確；B.由x方向的速度圖象可知，在x方向的加速度為1.5m/s2，受力Fx＝3N，由y方向的位移圖象可知在y方向做勻速直線運動，受力Fy＝0，所以質(zhì)點的合力為3N，由于質(zhì)點的初速度方向與合外力方向不在一條直線上，所以質(zhì)點做勻加速曲運動，故B正確；C.2s內(nèi)x軸方向的位移為：，y軸方向的位移為：，所以質(zhì)點在2s末內(nèi)的位移為：，故C正確D．2s末x軸方向的速度為：，y軸方向的速度為：，所以質(zhì)點在2s末的速度為：，故D錯誤；本題選錯誤的，故應(yīng)選D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】電梯靜止不動時，小球受力平衡，有mg=kx，電梯運行時彈簧的伸長量變?yōu)殪o止時的3/4，說明彈力變小了，根據(jù)牛頓第二定律，有mg-34kx=ma，即a=2.5m/s2，加速度向下，電梯可能加速下降或減速上升，乘客處于失重狀態(tài)，選項AC錯誤，選項B正確；以乘客為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：m′g-FN=m′a，乘客對地板的壓力大小為FN=m′g-m′a=500-50×2.5N=375N，選項D錯誤．故選點睛：此題是牛頓第二定律的應(yīng)用問題；關(guān)鍵是對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷出小球的加速度方向，由于小球和電梯相對靜止，從而得到電梯的加速度，最后判斷電梯的超、失重情況．8、BC【解析】

AB.兩物體同時拋出，都落到P點，由平拋運動規(guī)律可知兩物體下落了相同的堅直高度，由得：即同時到達P點，A錯誤；B正確.CD.在水平方向，拋出的水平距離之比等于拋出速度之比，設(shè)圓的半徑為R，由幾何關(guān)系得而，聯(lián)立上述表達式得所以vA∶vB＝16∶9，故C正確；D錯誤9、AD【解析】

A．小球所受空氣阻力大小恒定，上升階段是勻減速直線運動，取向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有a1大小恒定，方向向下，小球所受空氣阻力大小恒定，下降階段是勻加速直線運動，取向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有a2大小恒定，方向向上，且有故A正確；B．上升階段是勻減速直線運動，取向上為正方向，有非一次線性函數(shù)，同理可知，下降過程的圖像也非一次線性函數(shù)，故B錯誤；C．上升過程機械能E與小球離拋出點高度h的關(guān)系為下降過程機械能E與小球離拋出點高度h的關(guān)系為由圖像可知，故C錯誤；D．上升過程動能Ek與小球離拋出點高度h的關(guān)系為下降過程動能Ek與小球離拋出點高度h的關(guān)系為且落回出發(fā)點的動能小于拋出時的動能，故D正確。故選AD。10、BD【解析】

物塊從A到C的過程中，合力為零時速度最大．對來回兩個過程，分別運用能量守恒定律列式，可求初速度．根據(jù)物塊返回時受力情況判斷其運動情況．【詳解】物塊從A到C的過程中，彈簧的彈力先大于滑動摩擦力，后小于滑動摩擦力，物塊先加速后減速，所以當(dāng)彈力等于滑動摩擦力時速度最大，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)．故A錯誤．設(shè)釋放前彈簧的彈性勢能為Ep．根據(jù)能量守恒定律得：

從A→C的過程有：Ep=μmgL；

從C→A的過程有：Ep+μmgL=mv02；解得，在C處的初速度v0=2，故B正確．從C到A的運動過程中，物塊經(jīng)過B時彈力向右，滑動摩擦力也向右，合力不為零，所以B點的速度不是最大，故C錯誤．兩次經(jīng)過B點時彈簧的彈性勢能相同，設(shè)為EpB．BC間的距離為S．根據(jù)能量守恒定律得，從B→C的過程有：EpB+mvB12=μmgS，即得mvB12=μmgS-EpB；從C→B的過程有：EpB+μmgS+mvB22=mv02，即得mvB22=mv02-EpB-μmgS；將Ep=μmgL和Ep+μmgL=mv02，代入上式得：mvB22=2μmgL-EpB-μmgS＞mvB12，可知，vB2＞vB1．即從C到A經(jīng)過B處的速度大于從A到C經(jīng)過B處的速度．故D正確．故選BD．【點睛】本題關(guān)鍵是分析清楚物體向右運動的過程中速度的變化情況，根據(jù)力和運動的關(guān)系分析．運用分段法研究能量的轉(zhuǎn)化情況．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B乙遠(yuǎn)大于【解析】

（1）[1]電火花打點計時器的阻力較小，故選電火花打點計時器；（2）[2]由于最大靜摩擦力大于滑動摩擦力，故小車開始運動后，要取出部分沙子，故乙同學(xué)正確；（3）[3]這里用砝碼盤和砝碼的質(zhì)量代替小車受到的拉力，故應(yīng)滿足小車質(zhì)量要遠(yuǎn)大于小車質(zhì)量，故填“遠(yuǎn)大于”。12、CBD【解析】

(1)[1]在研究向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系時，需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關(guān)系，所以：在探究向心力的大小F與角速度ω的關(guān)系時，要保持小球的質(zhì)量與運動的半徑相同，故C正確；(2)[2]在實驗時需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關(guān)系，該方法為控制變量法，故B正確；(3)[3]A．根據(jù)向心力的公式，在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度平方成正比，故A錯誤；B．根據(jù)向心力的公式在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小的平方成正比，故B錯誤；C．根據(jù)向心力的公式在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，故C錯誤；D．根據(jù)向心力的公式在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比，故D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）Ft=（2）E=U/d【解析】

（1）如圖，有一質(zhì)量為m的物塊，受到恒力F的作用以初速度v0在光滑水平面上運動，經(jīng)過Δt時間后的速度為v，則由牛頓第二定律有：，由運動學(xué)公式