山東省濰坊市第一中學2025屆物理高二上期中綜合測試模擬試題含解析

山東省濰坊市第一中學2025屆物理高二上期中綜合測試模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，甲、乙兩圖分別有等量同種的電荷A1、B1和等量異種的電荷A1、B1．在甲圖電荷A1、B1的電場中，a1、O1、b1在點電荷A1、B1的連線上，c1、O1、d1在A1、B1連線的中垂線上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙圖電荷A1、B1的電場中同樣也存在這些點，它們分別用a1、O1、b1和c1、O1、d1表示，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1．則A．a(chǎn)1、b1兩點的場強相同，電勢相同B．c1、d1兩點的場強相同，電勢相同C．a(chǎn)1、b1兩點的場強相同，電勢相同D．c1、d1兩點的場強相同，電勢相同2、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度B＝0.2T，通電直導線與磁場方向垂直，導線長度L＝0.2m，導線中電流I＝1A。該導線所受安培力F的大小為()A．0.01N B．0.02NC．0.03N D．0.04N3、如圖所示是兩個同種等電荷量的點電荷A、B形成的電場，圖中示意性地畫了幾條電場線，其中O點為A、B連線的中心，PQ是AB的垂直平分線。下列說法中正確的是A．PQ直線上電場強度處處為零，PQ直線上所有點電勢相等B．PQ直線上O點處電場強度為零，PQ直線上O點電勢最高C．PQ直線上電場強度沿中垂線指向O，PQ直線上O點電勢最高D．PQ直線上O點處電場強度最大，電勢也最高4、關于電容器，以下說法正確的是()A．電容器極板越大，帶電量就越大B．電容器電荷量越大，電容就越大C．電容器A的電容比B的大，說明A的帶電荷量比B的多D．電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量5、豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成θ角，如圖所示，由于漏電，使A、B兩小球的電量逐漸減少，懸線與豎直方向夾角θ逐漸變小，如圖所示，則在電荷漏完之前懸線對懸點P的拉力的大小將()A．保持不變B．先變小后變大C．逐漸變小D．逐漸變大6、關于元電荷，下列表述正確的是（）A．元電荷就是電子或者質子 B．物體所帶的電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍C．元電荷的值等于1C D．只有電子和質子所帶的電荷量等于元電荷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，等腰直角三角形ab．區(qū)域內存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，直角邊bc的長度為L．三個相同的帶正電粒子從b點沿bc方向分別以速率v1、v1、v3射入磁場，在磁場中運動的時間分別為t1、t1、t3，且t1：t1：t3=3：3：1．不計粒子的重力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是A．粒子的速率關系一定是v1=v1<v3B．粒子的速率可能是v1<v1<v3C．粒子的比荷D．粒子的比荷8、將一質量為1kg的小球以v0=4m/s的速度從A點豎直上拋，經(jīng)1s后到達B點，若選豎直向上方向為正方向，不計空氣阻力，g取10m/s2，以下說法正確的是A．小球到達B點時的速度為－6m/sB．小球到達B點時的動量為6kg?m/sC．小球從A點運動到B點的過程中，重力的沖量為10N?sD．小球從A點運動到B點的過程中，動量的變化量為－10kg?m/s9、如圖所示，矩形區(qū)域ABCD內存在豎直向下的勻強電場，兩個帶正電的粒子a和b以相同的水平速度射入電場，粒子a由頂點A射入，從BC的中點P射出，粒子b由AB的中點O射入，從頂點C射出．若不計重力，則A．a(chǎn)和b在電場中運動的時間之比是1∶2B．a(chǎn)和b在電場中運動的時間之比是2∶1C．a(chǎn)和b的荷質比（即粒子的電荷量與質量之比）是1∶8D．a(chǎn)和b的荷質比（即粒子的電荷量與質量之比）是8∶110、如圖電路中，電源電動勢、內電阻、R1、R2為定值。閉合S后，將R的滑鍵向右移動，電壓表的示數(shù)變化量的絕對值為△U，電阻R2的電壓變化量的絕對值為，電源電流變化量的絕對值為△I，下列說法正確的是（）A．通過R1的電流增大，增大量等于 B．通過R2的電流增大，增大量小于C．與△I的比值保持不變 D．△U與△I的比值保持不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定電源的電動勢和內電阻”的實驗中，已連接好部分實驗電路．（1）按如圖甲所示的電路圖連好實驗電路．為避免燒壞電流表，閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于端（選填“左”或“右”）（2）如圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U－I圖像，由圖可知，電源的電動勢E＝V，內阻r＝Ω．（3）在其他操作規(guī)范的情況下，該實驗誤差產(chǎn)生的主要原因是，測得電源的電動勢．（填“偏大”或“偏小”）12．（12分）某實驗小組在測定金屬絲的電阻率的實驗,已知實驗中所用的電流表內阻約為幾歐,電壓表內阻約為1KΩ,電源為干電池．(1)若選圖甲為本次的實驗電路,閉合開關前,滑動變阻器的滑片應置于_____端(選填或“b”)．若測得金屬絲的長度為L金屬絲(橫截面為圓形)的直徑為d,電流表的讀數(shù)為I,電壓表讀數(shù)為U，則該金屬絲的電阻率ρ=_______(用測量的字母代號表示),但用此電路測量的金屬絲電阻仍然會比真實值偏_____(選填“大”或“小”).(2)若已知實驗所用的電流表內阻的準確值現(xiàn)選擇圖乙為本次的實驗電路,請按圖乙在圖丙完成實物連線_______．由實驗測得的電流I和電壓U描出的圖象如圖丁所示,則(計算結果保留兩位有效數(shù)字).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個質量為m、帶電荷+q的粒子，在t=0時刻以初速v0從孔O射入兩豎直放置的平行金屬板間，左極板接地，如圖甲所示；右極板電勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，變化的周期為T。不計粒子的重力。（1）若粒子在t=T/2達到右極板且速度減為零，求右極板電勢U0（2）在（1）的情況下，試求粒子在t=T/4時的電勢能。（3）在一個周期內，若要使該粒子恰好能回到小孔O，則右極板電勢U是（1）情況U0的多少倍。14．（16分）如圖所示，已知豎直桿O1O1長為1.0m，水平桿長L1=0.1米，用長L1=0.12米的細繩懸掛小球，整個裝置可繞豎直桿O1O1轉動，當該裝置以某一角速度轉動時，繩子與豎直方向成45°角，取g=10m/s1．求：（1）該裝置轉動的角速度；（1）如果運動到距離桿最遠時刻懸掛小球的細繩突然斷了，小球將做平拋運動．求小球落地點與豎直桿在地面上點O1的距離s．（答案可用根式表示）15．（12分）如圖所示，abcd是一個用粗細均勻、同種材料的導線彎折成的長方形線框，共有n匝。線框豎直放置，ab長度為L，bc長度為。勻強磁場方向垂直于金屬框平面向里，磁感應強度大小為B。若金屬框a、b兩端與一電源相連，過ab邊的電流大小為I，求金屬框受到的安培力。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：由等量同種電荷的電場分布可知，a1、b1兩點的電勢相同，場強大小相同，但是方向不同，選項A錯誤；c1、d1兩點的電勢相同，場強大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；由等量異種電荷的電場分布可知，a1、b1兩點的場強相同，電勢不相同，選項C錯誤；c1、d1兩點的場強相同，電勢相同，選項D正確.考點：電場強度；電勢.2、D【解析】

根據(jù)F=BIL可知導線所受安培力F的大小為F=0.2×1×0.2N=0.04N，故選D.3、B【解析】

ABD．PQ直線上只有O點處電場強度為零，PQ直線上O點電勢最高，從O點向兩側電勢逐漸降低，選項AD錯誤，B正確；C．PQ直線上電場強度沿中垂線背離O，PQ直線上O點電勢最高，選項C錯誤；4、D【解析】

A項：電容器帶電量多少，看電容器是否充電，故A錯誤；B項：電容器的電容與所帶電量和兩端間的電壓無關，由本身的性質決定，故B錯誤；C項：電容器A的電容比B的大，說明A儲存電荷的本領比B的強，故C錯誤；D項：由電容的定義式C=QU可知，電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量，故5、A【解析】以小球為研究對象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖．作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G．根據(jù)△FBF1∽△PQB得：

又FF1=F2，得：；在A、B兩質點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變，故A正確，BCD錯誤．故選A．點睛：本題是力學中動態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關系，進行分析，也可以應用函數(shù)法求解．6、B【解析】

元電荷又稱“基本電荷量”，任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，元電荷只是自然界存在的最小電荷量，不是指電子或者質子，也不是只有電子和質子所帶的電荷量等于元電荷，元電荷的值通常取，故選項B正確，ACD錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

根據(jù)題設條件，三個相同的帶電粒子從b點沿bc方向以不同速度進入三角形磁場區(qū)域，粒子在磁場中做勻速圓周運動洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子軌道半徑與速度成正比，又因為三個粒子在磁場中運動的時間之比為，顯然它們在磁場中的偏轉角度之比為．即粒子1、1打在ab上，而粒子3打在ac上，軌跡如圖所示：

AB．粒子1、1打在ab上，而粒子3打在ac上，粒子3的速度比1、1的速度大，無法確定粒子1、1的速度關系，1、1兩粒子的速度即可能相等也可能不相等，故A錯誤，B正確；

C．對速度為的粒子，其偏轉角度為，粒子在磁場中的運動時間：，則：，故C錯誤；

D．對速度為的粒子偏轉，運動軌跡如圖所示，由幾何關系知：，解得：，粒子在磁場中做勻速圓周運動洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，；故D正確。故選BD。8、AD【解析】

A．小球到達點時的速度為選項A正確；B．小球到達B點時的動量為選項B錯誤；C．小球從A點運動到B點的過程中，重力的沖量為選項C錯誤；D．小球從A點運動到B點的過程中，動量的變化量等于重力的沖量，為－10kg?m/s，選項D正確。9、AD【解析】試題分析：粒子水平方向上做勻速直線運動，a、b兩粒子的水平位移之比為2：2，根據(jù)x=v0t，知時間比為2：2．選項A正確，B錯誤；粒子在豎直方向上做勻加速直線運動，根據(jù)y=at2知，y之比為2：2，則a、b的加速度之比為8：2．根據(jù)牛頓第二定律知，加速度，加速度之比等于電荷量與質量的比值之比，則兩電荷的比荷之比為8：2．故D正確，C錯誤．故選AD．考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】解決本題的關鍵知道粒子在垂直于電場方向和沿電場方向上的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解．10、BCD【解析】

A．將R的滑鍵向右移動，減小，電路中的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知干路電流增大，通過電流增大，則分壓增大，根據(jù)可知路端電壓減小，所以與構成的并聯(lián)電路部分分壓減小，所以通過的電流減小，根據(jù)歐姆定律可知減小量等于，A錯誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知滑鍵向右移動后，結合數(shù)學知識可知可知結合歐姆定律可知B正確；C．根據(jù)B選項分析可知C正確；D．對變形得則D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）左（2）2.94~2.97V0.70~0.74Ω（3）伏特表內阻分流；偏小【解析】試題分析：（1）閉合開關前應讓電路中的電流最小，使滑動變阻器的接入電路的電阻最大，所以閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于左端；（2）U–I圖像的圖線延長線與U軸的交點即為電動勢E，E=2.94~2.97V；圖線斜率的值即為電源的內阻r，即Ω（3）在其他操作規(guī)范的情況下，該實驗誤差產(chǎn)生的主要原因是電壓表的分流作用，由于電壓表的分流作用測得電源的電動勢偏?。键c：測定電源的電動勢和內阻點評：中等難度．本實驗的誤差主要來自電壓表的分流．在畫圖線時，要使較多的點落在這條直線上或使各點均勻分布在直線的兩側．個別偏離直線太遠的點舍去不予考慮．這樣，就可使偶然誤差得到部分的抵消，從而提高測量精度．此題圖線與橫軸交點不表示短路電流，計算內阻要在直線上任取兩個相距較遠的點，用計算出電源的內電阻．12、小【解析】

（1）根據(jù)歐姆定律和電阻定律求出電阻率的表達式，并由此分析測量值與真實值之間的大小關系；（2）根據(jù)乙圖連接好實物圖，由歐姆定律求出．【詳解】（1）若選用甲電路，閉合開關前，為保護電路，滑動變阻器的有效阻值要最大，故滑片應置于b端，根據(jù)歐姆定律有：，根據(jù)電阻定律有：，，聯(lián)立解得：，由于電壓表的分流作用，實際流過R的電流較小，故測量值小于真實值；（2）根據(jù)乙圖的電路圖，畫出實物連接圖如圖所示：由丁圖可知．【點睛】對于電學實驗一定不要單純靠記憶去解決問題，一定要在理解的基礎之上，靈活運用歐姆定律及串并聯(lián)的相關知識求解．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）U0=mv0【解析】

（1）在0到T/2時間內，粒子做勻減速運動，到右板速度恰好為零。qU解得：U0（2）當T/4時，粒子的速度為v02。由能量關系：所以：U1此時粒子的