2025屆上海市七寶高中物理高二第一學期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆上海市七寶高中物理高二第一學期期中統(tǒng)考模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于物體的重心，下列敘述正確的是（）A．重心就是物體的幾何中心B．同一物體放置的位置不同，其重心在物體的位置也不同C．重心一定在物體上D．質量分布均勻的規(guī)則物體，其重心在物體的幾何中心2、下列有關電場的公式說法正確的是（）A．由公式可知，在電場中某點放入不同的試探電荷，若試探電荷受到的電場力增大為原來的二倍時，該點的電場強度也增大為原來的二倍B．由公式可知，將放在點電荷電場中某點的試探電荷的電量變成原來的二倍時，該點的電場強度也變?yōu)樵瓉淼亩?。C．由公式可知，當電容器帶的電量變成原來二倍時，電容器的電容也變?yōu)樵瓉矶禗．由公式可知，當平行板電容器兩板正對面積變成原來二倍時，電容器的電容也變?yōu)樵瓉矶?、如圖所示，放在絕緣支架上帶正電的導體球A，靠近放在絕緣支架上不帶電的導體B，導體B用導線經開關接地，現把S先合上再斷開，再移走A，則導體B()A．不帶電B．帶負電C．帶正電D．不能確定4、某同學按如圖電路進行實驗，電壓表和電流表均為理想電表，實驗中由于電路發(fā)生故障，發(fā)現兩電壓表示數相同(但不為零)，若這種情況的發(fā)生是由用電器引起的，則可能的故障原因是（）A．R3短路 B．R1短路 C．R3斷開 D．R2斷開5、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R2為定值電阻，R為滑動變阻器。當R的滑片P在某一位置時，閉合開關S，電壓表的讀數為U=1.00V，電流表A1的讀數I1=0.80A，電流表A2的讀數為I2=1.20A?，F將R的滑片P繼續(xù)向b端移動過程中，三個電表可能得到的讀數是（）A．U=0.70V，I1=0.60A，I2=1.30AB．U=0.80V，I1=0.60A，I2=1.40AC．U=0.90V，I1=0.70A，I2=1.40AD．U=1.10V，I1=0.70A，I2=1.50A6、有兩個共點力，大小分別是4N和7N，則它們的合力大小A．最大是12NB．最小是3NC．可能是28ND．可能是1N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一平行板電容器的電容為C，兩極板M、N間距離為d，所接電源的電動勢為E，兩板間a、b、c三點的連線構成一等腰直角三角形．三角形的兩直角邊長均為L，其中ab邊與兩板平行，以下說法正確的是A．電容器所帶電荷量為CEB．兩極板間勻強電場的電場強度大小為C．a、c兩點間的電勢差為D．若增大兩板間距離時，a、c兩點間電勢差不變8、光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域ABCD處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形的某一條邊平行，一質量為m、帶電荷量為q的小球由AC邊的中點，以垂直于該邊的水平初速度v0進入該正方形區(qū)域，當小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時，具有的動能可能為()A．m＋qEL B．m＋qELC．m D．m－qEL9、如圖所示，實線表示勻強電場的電場線，其處于豎直平面內且與水平方向成α角，水平方向的勻強磁場與電場正交。現有一帶電滴沿圖中虛線L斜向上做直線運動，L與水平方向成β角，且α＞β，則下列說法中正確的是A．液滴一定帶正電B．電場線方向一定斜向下C．液滴一定做勻速直線運D．液滴機械能一定增加10、下列關于磁感應強度大小的說法正確的是A．通電導線受磁場力大的地方磁感應強度不一定大B．通電導線在磁感應強度大的地方受力一定大C．放在勻強磁場中各處的通電導線，受力大小和方向處處相同D．磁感應強度的大小和方向跟放在磁場中的通電導線受力的大小和方向無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，（1）某同學用螺旋測微器測金屬絲直徑時，測得結果如圖1所示，則該金屬絲的直徑為mm．（2）用量程為3V的電壓表和量程為0.6A的電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數如圖2所示，則電壓表的讀數為V，電流表的讀數為A．（3）用米尺測量金屬絲的長度L=0.810m．利用以上測量數據，可得這種材料的電阻率為Ω?m（保留二位有效數字）．12．（12分）在做“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗時，所用器材有：電動勢為6V的電源，額定電壓為2.5V的小燈泡，以及符合實驗要求的滑動變阻器、電表、開關和導線.要求能測出盡可能多組數據，如圖是沒有連接完的實物電路.(已連接好的導線有a、b、c、d、e、f六根)(1)請你用筆畫線代替導線，將實物電路連接完整_______________________________；(2)連好電路，閉合開關，移動變阻器滑片P，發(fā)現小燈泡始終不亮，但電壓表有示數，電流表幾乎不偏轉，則故障的原因可能是_________________________________________；(3)排除故障后閉合開關，移動滑片P到某處，電壓表的示數為2.2V，若要測量小燈泡的額定功率，應將滑片P向________端滑動(選填“左”或“右”)；(4)圖線是曲線而不是過原點的直線，原因是___________________________________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）由電子加速器、偏轉電場組成裝置可以實現電子擴束．偏轉電場由加了電壓相距為d的兩塊水平平行放置的導體板組成，如圖1所示．大量電子由靜止開始，經電壓為的加速電場加速后，連續(xù)不斷地沿平行板的方向從兩板正中間射入偏轉電場；當兩板不帶電時，這些電子通過兩板之間的時間為，當在兩板間加如圖2所示的周期為、偏轉電壓峰值為的交變電壓時所有電子恰好都能從兩板間通過，已知電子的電荷量為，質量為m，電子重力和它們之間相互作用力均忽略不計；求：（1）電子進入偏轉電場的初速度大??；（2）偏轉電場的電壓；（3）哪個時刻進入偏轉電場的電子，會從距離中線上方飛出偏轉電場．14．（16分）長為的平行金屬板水平放置,兩極板帶等量的異種電荷,板間形成勻強電場,一個帶電量為、質量為的帶電粒子,以初速度緊貼上極板垂直于電場線方向進入該電場,剛好從下極板邊緣射出,射出時速度恰與下極板成角,如圖所示,不計粒子重力。求：(1)粒子從下極板邊緣射出時速度的大小;(2)勻強電場的場強;(3)兩板間的電勢差.15．（12分）如圖所示，有一提升重物用的直流電動機，內阻RM＝0.6Ω，R＝10Ω，U＝160V，電壓表的讀數為110V．則：(1)通過電動機的電流是多少？(2)輸入到電動機的電功率是多少？(3)電動機工作1h所產生的熱量是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

重力的作用點叫做重心，并不一定是物體的幾何中心，故A錯誤；重心位置與物體的重量分布情況和形狀有關，與物體的位置無關，故B錯誤；物體的重心不一定在物體上，如空心的球體重心在球心上，不在物體上，故C錯誤；重心位置與物體的重量分布情況和形狀有關，故質量分布均勻的規(guī)則物體，其重心在物體的幾何中心，故D正確；故選D.【點睛】重力的作用點叫做重心，物體的重心與物體的質量分布及物體形狀有關，質量分布均勻、形狀規(guī)則的物體其重心在它的幾何中心．可以用懸掛法確定物體的重心.2、D【解析】公式為電場強度的定義式，電場強度只和電場本身的性質有關，與試探電荷受到的電場力以及試探電荷的電荷量無關，A錯誤；公式中的Q是場源電荷的電荷量，不是試探電荷的電荷量，B錯誤；電容器電容的決定式為，計算式為，所以電容器電容的大小和兩極板間的電勢差以及所帶電荷量無關，當平行板電容器兩板正對面積變成原來二倍時，電容器的電容也變?yōu)樵瓉矶?，C錯誤D正確．3、B【解析】當閉合開關時S，由于靜電感應的作用，金屬導體B右端帶的正電荷會被從大地上來的負電荷中和，所以導體B右端不再帶有電荷，左端帶負電，再斷開S，再移走A，則導體B帶負電．故選B．4、D【解析】A：R3短路，兩電壓表均被短路，電壓表示數相同(均為零)。故A項錯誤。B：R1短路，由圖可知RP與R2串聯(lián)后與R3并聯(lián)，然后接在電源上。電壓表V1測并聯(lián)部分電壓，V2測R2兩端的電壓。兩電壓表示數不同。故B項錯誤。C：R3斷開，由圖可知RP與R2串聯(lián)，然后再與R1串聯(lián)。電壓表V1測RP與R2的電壓，V2測R2兩端的電壓。兩電壓表示數不相同。故C項錯誤。D：R2斷開，R3與R1串聯(lián)接在電源上，兩電壓表均測R3的電壓。兩電壓表示數相同(但不為零)。故D項正確。5、C【解析】將R的滑片P繼續(xù)向b端移動過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變小，根據“串反并同”可知：I2增大，I1減小，U減小，再由I總=ER總點晴：解決本題關鍵理解掌握電路動態(tài)分析“串反并同”的方法，即與變化電阻串聯(lián)的用電器的電流、電壓、電功率的變化與變化電阻的變化情況相反，反之相同。6、B【解析】試題分析：當兩個共點力方向一致時其合力有最大值，當方向相反時合力有最小值；由此可知其合力最大值為11N，最小值為3N，故ACD錯誤、B正確，應選B。考點：本題考查了共點力的合成的相關知識。【名師點睛】兩個共點力的合力的最大值出現在兩個共點力方向相同時，最小值出現在兩個共點力方向相反時。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

根據電容器的電壓、電荷量和電容的關系可知，電荷量，所以選項A正確；根據勻強電場中電勢差與電場強度的關系可知，極板間的電場強度為，所以選項B正確；同理可知ac間的電勢差，所以選項C錯誤；增大兩板間距離時，兩極板間的電勢差不變，故電場強度變小，所以可知ac兩點間的電勢差變小，故選項D錯誤；8、BC【解析】

要考慮電場方向的可能性，如圖，可能平行于AB向左或向右，也可能平行于AC方向，分析電場力做功情況，然后根據動能定理求解即可．【詳解】若電場方向平行AB，則粒子做加速或減速直線運動，則離開電場時電場力做功W=EqL，若做加速運動，則為若為減速運動，則為：電場力與初速度方向相互垂直，小球發(fā)生偏轉，電場力一定做正功；假設受電場力向上，粒子從AB邊離開時，電場力做功為，根據動能定理得：解得：若從BD邊離開，則電場力做功可能為0到，根據動能定理可知，粒子動能可能為：到故應選BC．【點睛】解決本題的關鍵分析電場力可能的方向，判斷電場力與重力做功情況，再根據動能定理求解動能，注意找出所有可能的運動情況才能準確求解，要注意明確電場處在水平地面上，而不是豎直平面．9、ACD【解析】A.當帶電液滴帶正電，且電場線方向斜向上時，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線向上的電場力F.垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力f作用，這三個力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線l做勻速直線運動，如果帶電液滴帶負電、或電場線方向斜向下時，帶電液滴所受合力不為零，不可能沿直線運動，故A正確，B錯誤；C.帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線方向的電場力F.垂直于速度方向的洛倫茲力f而做直線運動，如果做變速直線運動，洛倫茲力將不斷變化，這三個力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運動，故C正確；D.電場力做正功，洛倫茲力不做功，液滴機械能一定增加，故D正確。故選：ACD.點睛：帶電液滴做直線運動，要么合力為零做勻速直線運動，要么所受合力與速度方向在同一直線上，做勻變速直線運動；對帶電液滴進行受力分析，然后答題．10、AD【解析】

磁感應強度是描述磁場強弱的物理量，通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度比值與磁場力及電流元均無關電流元所受磁場力是由左手定則來確定．【詳解】當通電導線放入磁場中，受磁場力大的地方，磁感應強度不一定越大，磁場力大小還與導線中流動的電流大小，也跟導線和磁感應強度的方向之間的夾角有關．故A正確；放在勻強磁場中各處的通電導線受力為，受力大小與電流、導線的長度及導線與磁場的夾角有關．所以通電導線在磁感應強度大的地方受力不一定大，通電導線受磁場力大的地方磁感應強度不一定大．故B錯誤，C錯誤；磁感應強度的大小跟垂直放在磁場中的通電導線受力的大小沒有關系，與通電導線電流大小也沒有關系，它由磁場的性質決定．故D正確；故選AD．【點睛】磁感應強度是通過比值定義得來，例如電場強度也是這種定義，電場強度與電場力及電荷量均沒有關系再如密度也是，密度與物體的質量及體積均無關同時電流元放入磁場中不一定有磁場力，還受放置的角度有關．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）2.935；（2）2.60，0.52；（3）4.2×10﹣5Ω?m【解析】解：（1）螺旋測微器的讀數為：d=2.5mm+43.5×0.01mm=2.935mm；（2）因電壓表的每小格讀數為0.1V，所以應估讀到0.01V，所以電壓表的讀數為：U=2.60V；同理，電流表的每小格讀數為0.02A，應估讀到0.01A，所以電流表的讀數為：I=0.52A．（3）根據R=得：帶入數據得：ρ=4.2×10﹣5Ω?m故答案為：（1）2.935；（2）2.60，0.52；（3）4.2×10﹣5Ω?m【點評】考查電阻定律的應用，掌握螺旋測微器及電流表或電壓表的讀數方法．12、c段導線斷路或燈泡燈絲斷了右燈絲的電阻會隨溫度的升高而增大【解析】

(1)要“描繪小燈泡的伏安特性曲線”則滑動變阻器要采用分壓接法；(2)電流表幾乎不偏轉，則說明出現斷路，而電壓表有示數，則說明電壓表兩側的電路完好無損；(3)要增大小燈泡兩端的電壓，則要增大與小燈泡并聯(lián)的部分電阻；(4)U-I圖象的斜率代表燈絲的電阻，功率越大，燈絲的溫度越高?！驹斀狻?1)要“描繪小燈泡的伏安特性曲線”則電壓要從0開始連續(xù)可調，故滑動變阻器要采用分壓接法，由于小燈泡為小電阻故電流表要采用外接法；因燈泡電壓為2.5V，故電壓表量程為3V；實物圖連接如圖所示：(2)電流表幾乎不偏轉，則說明出現斷路，而電壓表有示數，則說明導線a、b、e、d、f完好，故只能是c段導線斷路或燈泡損壞；(3)小燈泡的額定電壓為2.5V，而此時電壓表的示數為2.2V，故要增大小燈泡兩端的電壓，則應該增大滑片P和左端之間的電阻，故應將滑片P向右端滑動；(4)該曲線的斜率k=UI【點睛】本題考查了故障的分析、電流表、滑動變阻器的連接，實物圖的連接，圖象的理解和運用。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3），（n=1,2,3,…）【解析】

電子在加速電場中，由動能定理得電子進入偏轉電場的初速度v0大小，電子在偏轉電場中做分段類平拋運動，豎直方向做分段勻變速運動，從圖可以看出在時刻進入偏轉電場電子，出偏轉電場時上、下偏移量