北京市第一○一中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中考試數(shù)學(xué)試題含答案

北京一零一中2024—2025學(xué)年度第一學(xué)期期中考試高二數(shù)學(xué)（本試卷滿分120分，考試時間100分鐘）一、選擇題共10小題，每小題4分，共40分.在每小題列出的四個選項中，選出符合題目要求的一項.1.點到直線的距離等于（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】直接利用點到直線的距離公式求解即可.點到直線的距離等于.故選：C2.橢圓的離心率為（）A.2 B. C. D.【答案】C【解析】【分析】利用橢圓方程求出，借助離心率公式計算即可.因為，所以，解得，故離心率為.故選：C.3.如圖，在四面體中，，，.點，分別為棱，的中點，則（）A. B.C D.【答案】D【解析】【分析】由，再結(jié)合三角形法則即可求解.，，故選：D4.在正方體中，分別為和的中點，則異面直線與.所成角的余弦值是（）A.0 B. C. D.【答案】B【解析】【分析】建立空間直角坐標(biāo)系，轉(zhuǎn)化為求解兩向量夾角的余弦值即可.設(shè)正方體棱長為，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，則，，則，由異面直線與.所成角為銳角，則余弦值面直線與.所成角的余弦值為.故選：B.5.若直線：與直線：平行，則（）A.3 B.C.3或 D.3或1【答案】A【解析】【分析】根據(jù)給定條件，利用兩直線平行的充要條件列式計算即得.由直線：與直線：平行，得，所以.故選：A6.在長方體中，，則二面角的余弦值為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】畫出長方體，為二面角所成的平面角，求出的值即可得出答案.長方體中，，，，平面,平面,,又平面平面，為二面角所成的平面角，，所以二面角的余弦值為.故選：D.7.對于直線：，下列說法不正確的是（）A.恒過定點2,0 B.當(dāng)時，不經(jīng)過第二象限C.的斜率一定存在 D.當(dāng)時，的傾斜角為60°【答案】D【解析】【分析】利用直線過定點的求法判斷A，利用直線的斜截式，結(jié)合其與坐標(biāo)的交點判斷B，將直線方程化為斜截式可判斷C，利用直線的斜率與傾斜角的關(guān)系判斷D，從而得解.對于A，直線：，可化為，當(dāng)時，，所以直線過點，故A正確；對于B，當(dāng)時，直線為，即，其斜率是2，與坐標(biāo)軸的交點分別是和，因此直線過一、三、四象限，不過第二象限，故B正確.對于C，直線方程可化為，斜率為，一定存在，故C正確；對于D，當(dāng)時，直線的斜率為，傾斜角為，故D錯誤；故選：D.8.若直線經(jīng)過點，則（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】由點可知點在單位圓上運動，由題意可得直線和單位圓有公共點，借助圓心到直線的距離與半徑的關(guān)系可求.因為，所以點在單位圓上，因為直線過點，所以直線和單位圓有公共點，所以圓心到直線的距離，可得，故選：D.9.在平面直角坐標(biāo)系中，動點到兩個定點，的距離之積等于12，化簡得曲線：，下列結(jié)論不正確的是（）A.曲線關(guān)于軸對稱 B.的最大值為3C.的最小值為 D.的最大值為4【答案】B【解析】【分析】令可判斷A；結(jié)合條件利用基本不等式可判斷B；將曲線方程進行變形，結(jié)合換元法與二次函數(shù)的性質(zhì)可判斷C；利用兩點間的距離公式，結(jié)合的范圍可判斷D.對于A：方程中的換成方程不變，所以曲線C關(guān)于軸對稱，故A正確；對于B：由題意，得，令，則，，所以，因為當(dāng)且僅當(dāng)，時，，此時才有，但顯然不成立，所以不可能取得這個值，故B錯誤；對于C：由題意得，所以，當(dāng)且僅當(dāng)時，等號成立，故C正確；對于D：因為，即，則，解得，因為，而，，，此時，所以，即最大值為4，故D正確，故選：B.10.如圖，棱長為2的正方體中，點為的中點.動點滿足，，.給出下列四個結(jié)論：①平面平面；②設(shè)直線與平面所成角為，則的取值范圍是；③設(shè)平面，則三棱錐的體積為；④以的邊所在直線為旋轉(zhuǎn)軸，將旋轉(zhuǎn)，則在旋轉(zhuǎn)過程中，的取值范圍是.其中正確結(jié)論的個數(shù)是（）A.1 B.2 C.3 D.4【答案】D【解析】【分析】①如圖建立坐標(biāo)系，求出平面與平面法向量，即可判斷兩平面關(guān)系；②由坐標(biāo)系可求出表達式，后由表達式幾何意義可得其范圍，即可得范圍；③由空間幾何知識可得點P位置，后由題可得，由空間向量知識可得點P到平面距離，即可得三棱錐的體積；④由題可得軌跡，畫出平面圖，由圓外一點到圓上點距離最值可得的取值范圍.①如圖建立以D為原點的空間直角坐標(biāo)系，則.則，，，.設(shè)平面法向量為n1=x1取.設(shè)平面法向量為，則，取.注意到，則①平面平面，故①正確；②由①可得，則，又，則.又平面的法向量可取，則.注意到表示點到點的距離.如下圖所示，則當(dāng)與S無限接近時，λ?12當(dāng)無限接近或時，，則，則.故②正確；③如圖，連接，過作MC平行線，則N為AD中點，四點共面，連接，則與交點即為P.注意到與相似，則，則.，設(shè)平面的法向量為，則，取，則點P到平面距離為：，又.則，故③正確.④連接，設(shè)，中點為F.由題可得，則軌跡為以為圓心，以為半徑在平面上圓.又M在平面上的射影為中點G，則，因，則.如下列平面圖，連接EF，則，則.則如圖，當(dāng)E，H，G三點共線時，最短，為；當(dāng)G，E，I三點共線時，最長，為.則，即的取值范圍是.故④正確.故選：D【點睛】關(guān)鍵點睛：對于較復(fù)雜立體幾何問題，常建立坐標(biāo)系，將空間中點，線，面關(guān)系，角度，距離轉(zhuǎn)化為空間向量表達式.二、填空題共6小題，每小題5分，共30分.11.如果直線與直線互相垂直，則實數(shù)的值是______.【答案】【解析】【分析】由題設(shè)條件，可利用兩直線垂直的條件建立方程，解此方程即可得出的值．因為直線與直線互相垂直,所以，解得.故答案為：.12.已知圓的面積為，則__________．【答案】【解析】【分析】根據(jù)圓的面積求出圓的半徑，利用圓的標(biāo)準(zhǔn)方程求出半徑即可列方程求解.圓化為標(biāo)準(zhǔn)方程為：，圓的面積為，圓的半徑為，，解得．故答案為：13.過點的直線與圓：交于，兩點，為圓心，當(dāng)最小時，直線的方程是______.【答案】【解析】【分析】根據(jù)給定條件，判斷直線與圓的位置關(guān)系，求出直線的斜率，再利用直線的點斜式方程求解即可.點在圓：的內(nèi)部，則直線和圓相交，當(dāng)最小時，圓心到直線的距離最大，此時直線，直線的斜率，因此直線的斜率為，所以直線的方程為，即.故答案為：14.已知橢圓，左右焦點分別為，，過的直線交橢圓于A，B兩點，若的最大值為，則的值是______.【答案】【解析】【分析】根據(jù)橢圓定義，結(jié)合通徑的性質(zhì)求解的最值，列方程即可求解.由可知，焦點在x軸上，∵過的直線交橢圓于A，B兩點，∴，∴.當(dāng)AB垂直x軸時AB最小，值最大，此時，∴，解得.故答案為：215.如圖，長方形中，，，為的中點，現(xiàn)將沿向上翻折到的位置，連接，，在翻折的過程中（從初始位置開始，直到點再次落到平面內(nèi)），點到平面距離的最大值為______，的中點的軌跡長度為______.【答案】①.②.【解析】【分析】第一空，直觀想象翻折過程中點的運動軌跡，結(jié)合點面距離的定義判斷得所求為，從而得解；第二空，利用平行線的傳遞性，將問題等價于點的軌跡長試，從而得解.第一空：過作交于，易知當(dāng)平面時，點到平面距離取得最大值，因為在中，，，，所以，；第二空，取的中點，連接，則，又，則平行且相等，四邊形是平行四邊形，所以點F的軌跡與點的軌跡形狀完全相同.過作的垂線，垂足為，則的軌跡是以為圓心，為半徑的半圓弧，從而PD的中點F的軌跡長度為.故答案為：；.16.已知直線：與：相交于，兩點，為弦的中點.給出下列三個結(jié)論：①弦長度的最小值為；②點的軌跡是一個圓；③若點，點，則不存在點使得；其中所有正確結(jié)論的序號是______.【答案】①③【解析】【分析】求出直線過的定點，再利用圓的性質(zhì)求出弦長最小值判斷①；利用圓的性質(zhì)求出點的軌跡判斷②；判斷兩圓的位置關(guān)系判斷③即可得答案.直線：過定點，：的圓心，半徑，顯然點在內(nèi)，，對于①，當(dāng)時，弦長度最小，最小值為，①正確；對于②，當(dāng)與都不重合時，，則點在以線段為直徑的圓上，當(dāng)與之一重合時，點也在以線段為直徑的圓上，此圓圓心，半徑為1，而直線不包含過點且垂直于軸的直線，即點的坐標(biāo)不能是，所以點的軌跡是以線段為直徑的一個圓，除點外，②錯誤；對于③，以點與為直徑端點的圓的圓心，半徑為，而，即以為直徑的圓和以為直徑的圓相離，點在以為直徑的圓外，因此不存在點使得，③正確，所以所有正確結(jié)論的序號是①③.故答案為：①③【點睛】關(guān)鍵點點睛：命題③，確定以為直徑的圓和以為直徑的圓相離是解決問題的關(guān)鍵.三、解答題共4小題，共50分.解答應(yīng)寫出文字說明、演算步驟或證明過程.17.如圖，在四棱錐中，底面為正方形，平面，.（1）求證：平面平面；（2）求平面與平面夾角的余弦值；（3）求點到平面的距離.【答案】（1）證明見解析；（2）；（3）.【解析】【分析】（1）根據(jù)給定條件，利用線面垂直的性質(zhì)判定及面面垂直的判定推理即得.（2）建立空間直角坐標(biāo)系，求出平面與平面的法向量，再利用面面角的向量求法求解.（3）利用空間向量求出點到平面距離.【小問1詳解】在四棱錐中，平面，平面，則，由底面為正方形，得，而平面，因此平面，而平面，所以平面平面.【小問2詳解】由平面，平面，得，，又，則直線兩兩垂直，以A為原點，直線分別為軸建立空間直角坐標(biāo)系，如圖，由，則，，設(shè)平面的法向量，則，令，則，所以為平面的一個法向量，由平面，得為平面的一個法向量，設(shè)平面與平面夾角為，則，所以平面與平面夾角的余弦值為.【小問3詳解】由（2）知，平面的一個法向量為，，所以點到平面的距離.18.已知圓過點和點，且圓心在直線上，直線過點.（1）求圓的方程；（2）若與圓相切，求的方程；（3）若與圓相交于，兩點，線段的中點為，與：的交點為，求證：為定值.【答案】（1）；（2）或；（3）證明見解析.【解析】【分析】（1）設(shè)出圓心坐標(biāo)，借助兩點間距離公式求出圓心和半徑即可得圓的方程.（1）按直線l1的斜率存在與否分類，借助點到直線的距離公式求解即可.（2）設(shè)出直線的方程，求出點的坐標(biāo)，再利用兩點間距離公式計算即得.【小問1詳解】設(shè)圓心，由圓心在直線上及點和點都在圓上，得，即，解得，即，所以圓的方程為.【小問2詳解】當(dāng)直線的斜率不存在時，點到直線的距離為2，直線與圓相切，方程為；當(dāng)直線的斜率存在，設(shè)直線為，即，圓心到直線的距離等于半徑2，即，解得，方程為，所以直線方程是或.【小問3詳解】由（2）知，直線的斜率必定存在，且不為0，其方程為：，由，解得，即，又直線與垂直，則直線所在的直線方程為，由，解得，即，因此.所以為定值.19.羨除是《九章算術(shù)》中記載的一種五面體.如圖，五面體是一個羨除，其中四邊形與四邊形均為等腰梯形，且，，，為中點，平面與平面交于.（1）求證：平面；（2）已知點是線段上的動點，從條件①、條件②中選擇一個作為已知，求直線與平面所成角的正弦值的最大值.條件①：平面平面；條件②：.【答案】（1）證明見解析；（2）.【解析】【分析】（1）證明四邊形為平行四邊形，利用線面平行的判定定理即可證明；（2）若選條件①，則需先證兩兩垂直，進而建立空間直角坐標(biāo)系，利用向量法表示出與平面所成角的正弦值，借助二次函數(shù)即可解決；若選條件②，取的中點，連接，證明得到平面平面，進而轉(zhuǎn)化為條件①的解題過程.小問1詳解】因為，且為中點，所以又因為，，且為中點，所以，所以四邊形為平行四邊形，所以，又因為平面，平面，所以平面.【小問2詳解】若選條件①：平面平面，取的中點，取的中點，連接，因為四邊形與四邊形均為等腰梯形，所以，，因為平面平面，且平面平面，面，所以平面，因為平面，所以，所以兩兩垂直.故以為原點，以所在直線分別為軸，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系；因為，，所以，所以，，因為點是線段上的動點，所以AQ=λAE=所以，設(shè)平面的法向量為，則，即，令，則，所以平面的法向量為，設(shè)直線與平面所成角，則，結(jié)合二次函數(shù)的知識可知：當(dāng)時，直線與平面所成角的正弦值的最大值為.若選條件②：，取的中點，連接，因為四邊形與四邊形均為等腰梯形，且，，所以，在中，，所以.所以二面角為直二面角，所以平面平面，又平面平面，面，所以平面，因為平面，所以，所以兩兩垂直.故以為原點，以所在直線分別為軸，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系；因為，，所以，所以，，因為點是線段上的動點，所以AQ=λAE=所以，設(shè)平面的法向量為，則，即，令，則，所以平面的法向量為，設(shè)直線與平面所成角，則，結(jié)合二次函數(shù)的知識可知：當(dāng)時，直線與平面所成角的正弦值的最大值為.【點睛】方法點睛：計算線面角，一般有如下幾種方法：（1）利用面面垂直的性質(zhì)定理，得到線面垂直，進而確定線面角的垂足，明確斜線在平面內(nèi)的射影，即可確定線面角；（2）在構(gòu)成線面角的直角三角形中，可利用等體積法求解垂線段的長度，從而不必作出線面角，則線面角滿足（為斜線段長），進而可求得線面角；（3）建立空間直角坐標(biāo)系，利用向量法求解，設(shè)為直線的方向向量，為平面的法向量，則線面角的正弦值為.20.已知集合（，），若與滿足，且（），則稱集合可分，稱為的一個分法.（1）已知是的一個分法，試寫出，，，，，的值；（2）若集合可分，證明：集合的分法一定有偶數(shù)個；（3）判斷，是否可分.若可分，寫出共有幾種分法，并推出所有的分法；若不可分，說明理由.【答案】（1）（2）證明見解析；（3）答案見解析；【解析】【分析】（1）由題可得與的值，后由題可得的可能值，討論后可得答案；（2）證明集合的任意一種分法，與另一種分法相互對應(yīng)即可；（3）由題可得表達式，利用為整數(shù)，可完成判斷.后利用列舉法結(jié)合（2）中結(jié)論可推出所有分法.【小問1詳解】由題及集合互異性，可知互不相同.則，.因，則，又1，2，4，則或5.若，與題意不符，則.此時，1到8中還剩下3與7，則.綜上，；【小問2詳解】證明：若可分，則存在與滿足，且（）.下面證明：若為的一個分法，則也為的一個分法，且與不同.因，則.又因互不相同，則互不相同.結(jié)合，則為一個分法.又因為奇數(shù)，則.若，因，