陜西省西安市電子科技大學附中2025屆物理高二第一學期期中教學質量檢測試題含解析

陜西省西安市電子科技大學附中2025屆物理高二第一學期期中教學質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，平行的實線表示電場線，虛線表示一個帶電粒子穿越電場的運動軌跡，a、b是此軌跡上的兩點．不計帶電粒子所受重力，下列說法中正確的是（）A．電場方向一定是向右的B．該粒子一定帶負電荷C．粒子在a點的動能一定小于在b點的動能D．該粒子一定是由a向b運動2、下述說法正確的是A．根據E＝，可知電場中某點的場強與電場力成正比B．帶電荷量Q和3Q的點電荷A、B相互作用時，B受到的靜電力是A受到的靜電力的3倍C．根據庫侖定律表達式F＝k，當兩電荷之間的距離r→0時，兩電荷之間的庫侖力F→∞D．根據E=，可知點電荷電場中某點的場強與該點電荷的電量Q成正比3、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，C為電容器，R為定值電阻，R為滑動變阻器。開關閉合后，燈泡L能正常發(fā)光；當滑動變阻器的滑片向右移動后，下列說法中正確的是（）A．燈泡L變亮B．電容器C的帶電量將增大C．兩端的電壓減小D．電源的總功率變小，但電源的輸出功率一定變大4、有一個帶電量為+q，重為G的小球，從兩豎直的帶電平行板上方h處自由落下，兩極板間勻強磁場的磁感應強度為B，方向如圖所示，則帶電小球通過有電場和磁場的空間時，下列說法正確的是A．一定做曲線運動B．有可能做勻加速直線運動C．不可能做曲線運動D．有可能做勻速直線運動5、如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構圖，勵磁線圈產生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產生，其速度方向與磁場方向垂直。電子速度的大小和磁場強弱可分別由電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調節(jié)。下列說法正確的是（）A．僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束將做勻加速直線運動B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變小6、在靜電除塵器除塵機理的示意圖中，a、b是直流高壓電源的兩極，圖位置的P、M、N三點在同一直線上，且PM＝MN.塵埃在電場中通過某種機制帶上負電，在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達到除塵目的．下列判斷正確的是()A．a是直流高壓電源的正極B．電場中M點的電勢低于N點的電勢C．電場中P點的電場強度小于M點的電場強度D．電場中P、M間的電勢差UPM等于M、N間的電勢差UMN二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是A．沿著電場線的方向移動電荷，電荷的電勢能可能增大B．只有點電荷在真空中任一點產生的電場強度大小才可以用求解C．根據可知，電容器的電容與其儲存的電荷Q成正比，與其兩端的電壓U成反比D．電腦和手機屏幕上很容易聚集灰塵是因為靜電現象8、如圖所示是由電源E、靈敏電流計G、滑動變阻器R和平行板電容器C組成的電路，開關S閉合。在下列四個過程中，靈敏電流計中有方向由a到b電流的是（）A．在平行板電容器中插入電介質B．增大平行板電容器兩極板間的距離C．減小平行板電容器兩極板的正對面積D．增大平行板電容器兩極板的正對面積9、如圖所示，某位置Q固定一帶正電的點電荷，A、B、C是斜面上間距相等的三個點，Q、B連線垂直于斜面，在A點無初速度釋放一帶有恒定電荷的小物塊，已知小物塊沿絕緣的斜面運動到C點時停下．下列說法正確的是A．小物塊一定帶負電B．小物塊運動過程，電勢能可能先增大后減小C．小物塊運動過程經過B點時的滑動摩擦力最大D．小物塊從B點運動到C點過程機械能不斷減少10、如圖所示，閉合開關，當滑動變阻器的滑片向左移動時A．小燈泡變亮B．電源的總功率變小C．電容器兩板間的電場強度變小D．電流表讀數變小，電壓表讀數變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在用“電流表和電壓表測定電池的電動勢和內阻”的實驗中,為提高實驗精度，應合理設計電路圖。（1）請你選用下面的實驗器材，將最佳方案畫在虛線方框中____________。A．干電池1節(jié)B．滑動變阻器（0～20Ω）C．滑動變阻器（0～1750Ω）D．電壓表（0～3V）E．電流表（0～0.6A）F．電流表（0～3A）G．開關（2）其中滑動變阻器應選______（只填序號）。（3）據閉合電路歐姆定律，E、r、U、I之間的關系滿足U=__________。（4）由圖像可知這節(jié)干電池的電動勢E＝__________V，內電阻r＝__________Ω。12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，小燈泡的規(guī)格為“3.8V，0.3A”．除了開關、導線外，還有如下的器材：電壓表V，量程0~5V，內阻約5kΩ電流表，量程0~500mA，內阻約0.5Ω電流表，量程0~100mA，內阻約4Ω滑動變阻器，自大阻值10Ω，額定電流20A滑動變阻器，自大阻值100Ω，額定電流1.0A直流電源E，電動勢約為6V，內阻約為0.5Ω（1）上述器材中，電流表應選______，滑動變阻器應選_____________．（填器材符號）（2）某同學已連接如圖甲所示的電路，在閉合開關前，檢查發(fā)現有一處不當之處為________________________________（3）不當之處改正后，在電路中所有元件都完好，且電壓表和電流表已調零．閉合開關后：發(fā)現反復調節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數不能調為零，則斷路的導線為_________（用圖中給出的導線符合表示）（4）通過實驗得到了小燈泡的I-U圖線如圖所示，可知在小燈泡上的電壓為2.0V時，小燈泡的電阻是_____________Ω．（5）如果把該小燈泡直接接在電動勢是2V，內阻是8Ω的電源上組成閉合回路，則通過小燈泡的電流為__________A．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示,兩根足夠長的平行光滑金屬導軌固定放置在水平面上，間距L＝0.2m，一端通過導線與阻值為R=1Ω的電阻連接；導軌上放一質量為m＝0.5kg的金屬桿，金屬桿與導軌的電阻均忽略不計.整個裝置處于豎直向上的大小為B＝0.5T的勻強磁場中.現用與導軌平行的拉力F作用在金屬桿上，金屬桿運動的v-t圖象如圖乙所示.（取重力加速度g=10m/s2）求：（1）金屬棒在t=5s時的加速度以及10s內的位移。（2）t＝10s時拉力的大小及電路的發(fā)熱功率。（3）在0～10s內，通過電阻R上的電量。14．（16分）如圖所示，光滑的水平地面上有一木板，其左端放有一重物，右方有一豎直的墻。木板質量為m，重物質量為的3m，重物與木板間的動摩擦因數為。使木板與重物以共同的速度向右運動，某時刻木板與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短。設木板足夠長，重物始終在木板上，重力加速度為g。求：（1）木板第一次和墻碰撞時受到墻的彈力沖量I；（2）木板和墻第一次碰后向左運動的最大距離x1；（3）木板從第一次與墻碰撞到再次碰撞所經歷的時間t；（4）要使重物始終在木板上，求木板的最小長度L。15．（12分）如圖A、B、C、D為一勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，其中，電場線與矩形所在平面平行．已知將的正電荷從A點移到B點，電場力做功；將這個電荷從B移到C點電勢能增加了，設A點電勢為零．求：（1）B點和C點的電勢（2）勻強電場的電場強度大小和方向

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】物體做曲線運動合力方向大致指向軌跡凹的一側，可以知道電場力方向向左，不能判斷電場的方向，也不能判斷粒子的帶電性質，故AB錯誤；從a運動到b，電場力做正功，電勢能減少，動能增加，所以帶電粒子在a點的動能小于在b點的動能，故C正確；粒子可能是由a向b運動，也可能是由b向a運動，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．2、D【解析】

A．電場強度是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量以及所受的電場力無關，選項A錯誤；B．帶電荷量Q和3Q的點電荷A、B相互作用時，兩者之間是相互作用力，則B受到的靜電力等于A受到的靜電力，選項B錯誤；C．根據庫侖定律表達式F＝k，當兩電荷之間的距離r→0時，庫侖定律不再成立，選項C錯誤；D．根據E=，可知點電荷電場中某點的場強與該點電荷的電量Q成正比，選項D正確；故選D.3、B【解析】

A．當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，路端電壓增大，電路中電流減小，燈L變暗，故A錯誤；B．當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，路端電壓增大，電容器的電壓等于路端電壓，可見其電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大，故B正確；C．電容器在穩(wěn)恒電路中視為斷路，故R0兩端的電壓不變，始終等于0，故C錯誤；D．電源消耗的功率P=EI，電流減小所以電源消耗的功率將變小，P向右移動，滑動變阻器電阻變大，不知道內外電阻的關系，輸出功率變化情況無法判斷，故D錯誤。故選B。4、A【解析】試題分析：若小球進入磁場時電場力和洛倫茲力相等，由于小球向下運動時，速度會增加，小球所受的洛倫茲力增大，將不會再與小球所受的電場力平衡，不可能做勻加速直線運動，也不可能做勻速直線運動．若小球進入磁場時電場力和洛倫茲力不等，則合力方向與速度方向不在同一條直線上，小球做曲線運動．綜上所述，小球一定做曲線運動，A正確；考點：考查了帶電粒子在復合場中的運動【名師點睛】解決本題的關鍵通過小球的受力判斷小球的運動情況，知道當合力方向與速度方向在同一條直線上，做直線運動，當合力方向與速度方向不在同一條直線上，小球做曲線運動．5、B【解析】

根據電子所受洛倫茲力的方向結合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=12mv02…①

電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有：eBv0=mv02r…②

T=2πmeB…④

可見：僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束不再受任何作用力，故將做勻速直線運動，故A錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確，D錯誤；增大勵磁線圈中的電流，電流產生的磁場增強，由④式知周期變小，故C【點睛】本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應用，正確分析出儀器的原理是關鍵，知道帶電粒子在電場中加速而在磁場中偏轉做圓周運動，明確周期公式和半徑公式的推導過程和應用．6、B【解析】塵埃帶負電在電場力作用下向集塵極遷移并沉積，說明集塵極帶正電，所以b是直流高壓電源的正極，故A錯誤；電場線的方向從集塵極指向放電極，根據沿著電場線方向電勢逐漸降低可知電場中M點的電勢低于N點的電勢，故B正確；因為P點靠近放電極，所以P點的電場強度大于M點的電場強度，故C錯誤；根據電勢差公式：，由圖可知P、M段的平均場強大于M、N段的平均場強，所以P、M間的電勢差UPM大于M、N間的電勢差UMN，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．正電荷沿電場線方向移動，電場力做正功，電勢能減小。負電荷沿電場線方向移動，電場力做負功，電勢能增加；故A正確。B．電場強度的定義式適用于任何電場；故B錯誤。C．公式是電容的定義式，采用比值法定義，C與Q、U無關，由電容器本身的性質決定；故C錯誤。D．電腦和手機屏幕上會帶上電荷，很容易吸附灰塵，是因為靜電現象；故D正確。故選AD。8、BC【解析】

A.在平行板電容器中插入電介質，由電容器的電容的決定式可得：電容增大，電容器兩端的電壓不變，由電容器電容的定義式可得可得：增大，負電荷移動方向從a到b，靈敏電流計中有方向由b到a電流，A錯誤；B．增大平行板電容器兩極板間的距離，由電容器的電容的決定式可得：電容減小，電容器兩端的電壓不變，由電容器電容的定義式可得可得：減小，負電荷移動方向從b到a，靈敏電流計中有方向由a到b電流，B正確；C．減小平行板電容器兩極板的正對面積，由電容器的電容的決定式可得：電容減小，電容器兩端的電壓不變，由電容器電容的定義式可得可得：減小，負電荷移動方向從b到a，靈敏電流計中有方向由a到b電流，C正確；D．增大平行板電容器兩極板的正對面積，由電容器的電容的決定式可得：電容增大，電容器兩端的電壓不變，由電容器電容的定義式可得可得：增大，負電荷移動方向從a到b，靈敏電流計中有方向由b到a電流，D錯誤；故選BC。9、AD【解析】

解：A、若小物塊也帶正電，則小物塊在A點與C點的受力如圖：可知若小物塊帶正電，則從A到C的過程中小物塊沿斜面向下的分力增大；由于小物塊能從A開始向下滑動，則沿斜面向下的分力增大后，小物塊是不可能在C點靜止的．所以小物塊只能帶負電，則從A到C的過程中小物塊沿斜面向下的分力減小，小物塊才能到達C后停止．故A正確；B、小物塊帶負電，則小物塊與點電荷之間的庫侖力為吸引力，從A到B的過程中庫侖力做正功，而從B到C的過程中電場力做負功，所以小物塊的電勢能先減小后增大．故B錯誤；C、小物塊帶負電，受到點電荷的吸引力，當小物塊運動達到B點時，庫侖力最大，而且沿垂直于斜面方向的力最大，所以小物塊在B點受到的支持力最小，則在B點的滑動摩擦力最小．故C錯誤；D、小物塊在B點時仍然向C點運動，運動的過程中做減速運動，動能減小，同時重力勢能也減小，所以小物塊從B點運動到C點過程機械能不斷減少．故D正確．故選AD．根據小物塊在A點和C點的受力情況，判斷小物塊的電性；根據電場力做功與電勢能變化的關系判斷電勢能的變化情況；根據受力分析判斷摩擦力的變化；根據功能關系判斷小物塊的機械能的變化．該題路程電場力以及電場力做功的特點，解答的關鍵是正確對小物塊在A點與C點的情況進行受力分析，先判斷出小物塊帶負電．10、BD【解析】

A．滑動變阻器的滑片向左移動時，R阻值變大，則總電阻變大，總電流減小，即通過燈泡的電流減小，燈泡變暗，選項A錯誤；B．電源的總功率P=IE，因I減小，則E變小，選項B正確；C．總電流減小，則內阻和燈泡兩端電壓減小，則R兩端電壓變大，即電容器兩端電壓變大，則電容器C兩板間的電場強度變大，選項C錯誤；D．總電流減小，則電流表讀數變??；R兩端電壓變大，則電壓表讀數變大，選項D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BU=E-Ir1.50.75【解析】

（1）[1]．為了減小實驗誤差，電流表應該選擇量程為0.6A的電流表E；電路如圖：（2）[2]．滑動變阻器應選阻值較小的B即可。（3）[3]．據閉合電路歐姆定律，E、r、U、I之間的關系滿足U=E-Ir。（4）[4][5]．由圖像可知，直線在縱軸上的截距等于電動勢，則這節(jié)干電池的電動勢E＝1.5V，內電阻12、滑動變阻器滑片不應在B處，而應在A處c84.35【解析】試題分析：（3）根據小燈泡規(guī)格“3．8V，4．3”可知，電流表應選；由于測定小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電流從零調，所以變阻器應采用分壓式接法，因為阻值小的變阻器便于調節(jié)，所以應選擇變阻器；（4）實驗開始時應使測量電路兩端的電壓為零，故滑片不應在B處，而應滑到A處；（3）由實物圖可知，只有導線c斷路，因為c斷路后，變阻器變?yōu)橄蘖魇浇臃?，所以電流表與電壓表均不能調為零．（4）由圖可知，當電壓為4V時，電流為4．45A，則電阻；（5）在小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I-U圖線，如圖所示，讀出兩圖線的交點的縱坐標即為通過小燈泡的電流，電流為：考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗【名師點睛】應明確：3．要根據小燈泡的額定電流或額定電壓來選擇電流表或電壓表的量程．4．以下幾種情況滑動變阻器必須采用分壓式接法：①要求電流從零調或要求電路中電流調節(jié)范圍足夠大；②變阻器的全電阻遠小于待測電阻；③若變阻器采用限流式接法求出電路中的最小電流扔大于電流表的量程．注意采用分壓式接法時，應選擇全電阻小的變阻器，以便于調節(jié)．3．注意表示電源的I-U圖象與表示導體電阻的I-U圖象的區(qū)別