重慶市合川區(qū)2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末物理試卷（含答案）

重慶市2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末物理試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三總分評分一、單選題（每小題4分，共28分）1．下列物理量是矢量的是（）A．路程 B．瞬時速率 C．加速度 D．時間2．關(guān)于速度和加速度的關(guān)系，以下說法正確的是（）A．加速度方向?yàn)檎龝r，速度一定增加B．速度變化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不變，速度方向也保持不變D．加速度大小不斷變小，速度大小也不斷變小3．如圖在豎直光滑墻壁上，用細(xì)繩將一個勻質(zhì)鋼球懸掛在A點(diǎn)，鋼球處于靜止?fàn)顟B(tài)，如果減小細(xì)繩長度，則細(xì)繩對鋼球的拉力（）A．變小 B．不變C．大小變化情況無法確定 D．變大4．“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，關(guān)于此實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A．兩個測力計(jì)的量程必須相同B．兩個測力計(jì)拉力的方向一定要垂直，便于計(jì)算合力的大小C．測力計(jì)的拉力方向可以不與木板平行D．兩次拉橡皮筋時，需將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉至同一位置5．如圖所示，一工人手持磚夾提著一塊磚勻速前進(jìn)，手對磚夾豎直方向的拉力大小為F。已知磚夾的質(zhì)量為m，重力加速度為g，磚夾與磚塊之間的滑動摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。若磚塊不滑動，則磚夾與磚塊一側(cè)間的壓力的最小值是（）A．F2μ B．Fμ C．F?mg2μ6．從同一地點(diǎn)出發(fā)，甲、乙兩個物體沿同一方向做直線運(yùn)動的速度－時間圖象如圖所示，則A．兩物體相遇的時間是2s和6sB．乙物體先向前運(yùn)動2s，隨后向后運(yùn)動C．兩個物體相距最遠(yuǎn)的時刻是5s末D．4s后甲在乙前面7．如圖所示，傾角θ=37°的足夠長斜面靜止在水平地面上，質(zhì)量m=0.1kg的物塊A與質(zhì)量M=0.3kg的物塊B，用細(xì)線繞過光滑定滑輪連接，物塊A與定滑輪間的細(xì)線與斜面平行，用手（圖中未畫出）托著物塊B，使其與定滑輪間的細(xì)線豎直。將物塊B由靜止釋放，當(dāng)物塊A沿斜面向上運(yùn)動L=0.4m的距離時（物塊B未落地），細(xì)線斷開。已知物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.A．釋放物塊B前，水平地面對斜面的摩擦力方向向右B．細(xì)線斷開時，物塊A的速度大小為1m/sC．細(xì)線斷開后，物塊A沿斜面向上運(yùn)動時，加速度大小為2m/D．物塊A沿斜面向上運(yùn)動的時間為0.6s二、多選題8．一物體受到三個共點(diǎn)力的作用，這三個力的大小分別是4N、6N、8N，那么這個物體所受合力的大小可能是（）A．1N B．8N C．15N D．20N9．如圖所示，質(zhì)量為M的長木板A以速度v，在光滑水平面上向左勻速運(yùn)動，質(zhì)量為m的小滑塊B輕放在木板左端，經(jīng)過一段時間恰好從木板的右端滑出，小滑塊與木板間動摩擦因數(shù)為μ，下列說法中正確的是（）A．若只增大m，則小滑塊不能滑離木板B．若只增大M，則小滑塊在木板上運(yùn)動的時間變短C．若只增大v0，則小滑塊離開木板的速度變大D．若只減小μ，則小滑塊滑離木板過程中小滑塊對地的位移變大10．如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，A、B、C三個質(zhì)量相等的物體分別用輕繩或輕彈簧連接，在沿斜面向上的恒力F作用下三者保持靜止，已知重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．在輕繩被燒斷的瞬間，A的加速度大小為gB．在輕繩被燒斷的瞬間，B的加速度大小為2gC．突然撤去外力F的瞬間，B的加速度大小為gD．突然撤去外力F的瞬間，C的加速度大小為0三、非選擇題（本題共5小題，共57分）11．實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)在做“測定勻變速直線運(yùn)動加速度”的實(shí)驗(yàn)，裝置如圖所示：（1）圖中的打點(diǎn)計(jì)時器使用的電源電壓為交流V；（2）電源的頻率為50赫茲，實(shí)驗(yàn)中得到的紙帶如下圖所示，圖中的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)，在每兩個相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)沒有畫出，則打下A點(diǎn)到E點(diǎn)的時間間隔為s；打下B點(diǎn)時，物體的瞬時速度為m/s；物體運(yùn)動的加速度為m/s2（后兩空結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（3）若實(shí)驗(yàn)過程中電源的頻率突然變大了，而同學(xué)們不知道，則實(shí)驗(yàn)的求出的加速度與正常情況相比。（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）12．某實(shí)驗(yàn)小組通過如圖甲所示裝置探究輕質(zhì)橡皮筋彈力與長度的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)步驟如下：Ⅰ：將橡皮筋一端固定在長木板的左端，皮筋另一端系一段細(xì)線，細(xì)線跨過長木板右端的定滑輪與小桶相連；Ⅱ：向小桶內(nèi)注入一定質(zhì)量的細(xì)沙，穩(wěn)定后測量橡皮筋的長度l；Ⅲ：取出細(xì)沙，并測量細(xì)沙的質(zhì)量m；Ⅳ：重復(fù)Ⅱ、Ⅲ步驟，獲得多組對應(yīng)的m、l數(shù)值；Ⅴ：描點(diǎn)連線，得到l-m的關(guān)系圖線如圖乙所示。完成下列填空：（1）已知重力加速度為g，橡皮筋的勁度系數(shù)為（用m1、m2、l1（2）由于乙圖中質(zhì)量m沒有包含小桶的質(zhì)量，乙圖中縱截距的數(shù)值橡皮筋的原長（填“大于”、“等于”或“小于”）。（3）未考慮小桶的質(zhì)量對勁度系數(shù)的測量影響（填“有”或“無”）。13．2022年，我國某新型動車組進(jìn)行進(jìn)站測試。已知列車的初速度為360kmh，加速度大小為（1）50s末的速度大小v；（2）整個減速過程中運(yùn)動的距離。14．用三根細(xì)線a、b、c將重力均為G的兩個小球1和2連接，并懸掛如圖所示。兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線a與豎直方向的夾角為30°、細(xì)線c水平。求：（1）細(xì)線a、c分別對小球1和2的拉力大?。唬?）細(xì)線b對小球2的拉力大??；（3）保持小球1、2的位置不變，改變細(xì)線c的方向后小球仍能處于靜止?fàn)顟B(tài)，求細(xì)線c中最小的拉力F。15．如圖所示，傳送帶的傾角θ＝37°，從A到B長度為10.25m，傳送帶以10m/s的速度逆時針轉(zhuǎn)動，在傳送帶上A端無初速度地放一個質(zhì)量為2kg的黑色煤塊，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，煤塊在傳送帶上經(jīng)過會留下黑色劃痕，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力和煤塊質(zhì)量變化，求：（1）煤塊到B點(diǎn)時速度的大?。唬?）煤塊從A到B的過程中傳送帶上留下劃痕的長度；（3）若傳送帶從靜止開始以加速度a逆時針加速轉(zhuǎn)動，設(shè)沿傳送帶向下為摩擦力正方向，請寫出煤塊在傳送帶上運(yùn)動過程中所受摩擦力f與加速度a的關(guān)系式，并畫出f-a圖像（需要在圖中標(biāo)注出轉(zhuǎn)折點(diǎn)的坐標(biāo)值）。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】路程、瞬時速率和時間都是只有大小沒有方向的物理量，是標(biāo)量；而加速度既有大小又有方向，是矢量，ABD不符合題意，C符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)矢量和標(biāo)量的定義分析。2．【答案】B【解析】【解答】A.當(dāng)加速度方向與速度方向相同時，物體做加速運(yùn)動；加速度方向與速度方向相反時，物體減速；若加速度方向?yàn)檎龝r，速度方向?yàn)樨?fù)，則物體減速，速度減小，A不符合題意。B.加速度等于速度的變化率，速度變化得越快，加速度就越大，B符合題意。C.加速度方向保持不變，速度方向可能改變，比如做豎直上拋運(yùn)動，加速度方向不變，物體上升到最高點(diǎn)后返回，速度方向發(fā)生變化，C不符合題意。D.加速度方向與速度方向相同時，雖然加速度減小，但物體速度將越來越大，D不符合題意。故答案為：B

【分析】加速度的符號要與速度相同時速度才一定增加；加速度方向保持不變其速度方向不一定不變；加速度不斷減小時當(dāng)其方向與速度方向相同時速度不斷增大。3．【答案】D【解析】【解答】以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析其受力，如圖所示：

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得T=如果減小細(xì)繩長度，則θ增大，可知細(xì)繩對鋼球的拉力T變大，ABC不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】做出小球的受力分析，由共點(diǎn)力平衡條件寫出拉力的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析如果減小細(xì)繩長度，細(xì)繩對鋼球拉力的變化情況4．【答案】D【解析】【解答】A.兩個測力計(jì)的量程可不必相同，但都需要調(diào)零，都要在量程內(nèi)使用，A不符合題意；

B.兩個測力計(jì)拉力的方向不一定要垂直，但為了減小作圖誤差，夾角要適當(dāng)大一些，B不符合題意；

C.測力計(jì)的拉力方向必須與木板平行，避免形成垂直于木板的分力而產(chǎn)生誤差，C不符合題意；

D.因?yàn)榉至εc合力的作用效果相同，所以兩次拉橡皮筋時，需將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉至同一位置，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)分析。5．【答案】C【解析】【解答】磚夾擠壓磚塊壓力越大，磚塊越不易滑動，當(dāng)磚塊剛好不滑動，此時磚夾與磚塊一側(cè)間的壓力最小，磚塊受到摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，磚塊豎直方向上的受力滿足F=mg+2f其中f=μN(yùn)解得磚夾與磚塊一側(cè)間的壓力的最小值N=C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：C。

【分析】當(dāng)物體恰好不發(fā)生相對滑動時，物體受到的靜摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，由共點(diǎn)力平衡條件求出磚夾與磚塊一側(cè)間的壓力的最小值。6．【答案】A【解析】【解答】A.在v-t圖像中，圖像與橫坐標(biāo)圍成的面積表示物體發(fā)生的位移，由圖可知當(dāng)t=2s和t=6s時，兩圖像與橫坐標(biāo)圍成的面積相等，說明這兩個時刻，甲、乙兩物體的位移相等，由于兩物體同時從同一地點(diǎn)沿同一方向做直線運(yùn)動，因此兩物體在這兩個時刻相遇，A符合題意；

B.由圖像可知，前2s內(nèi)乙的速度一直為正值，所以前2s內(nèi)乙物體的運(yùn)動方向沒有發(fā)生變化，B不符合題意；

C.在前2s內(nèi)，甲乙兩者之間距離先增大后減小，第1s末相距最遠(yuǎn)，2s末兩物體相遇，然后，2s-6s內(nèi)，兩物體的距離先增大后減小，4s末相距最遠(yuǎn)，6s末相遇，2s末兩物體相距x4s末兩物體相距為x故4s時兩物體相距最遠(yuǎn)，C不符合題意；

D.在t=2s時，兩物體相遇，2-4s內(nèi)，乙的速度比甲的大，乙在甲前面。當(dāng)t=6s時，甲乙再次相遇，因此在2-6s內(nèi)，甲在乙后面，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)兩物體在2s末和6s末的位移關(guān)系，判斷兩物體是否相遇；根據(jù)物體速度的正負(fù)，分析物體的運(yùn)動方向；兩物體在速度相等時相距最遠(yuǎn)，分析兩個速度相等的時刻1s末和4s末，求出最遠(yuǎn)距離；由圖中甲乙速度的大小關(guān)系，分析甲乙的位置關(guān)系。7．【答案】D【解析】【解答】A.釋放物塊B前，整個系統(tǒng)均靜止，系統(tǒng)只受重力和地面的支持力，在水平方向不受力，水平地面對斜面的摩擦力，A不符合題意；B.細(xì)線斷開前，對A、B整體受力分析，由牛頓第二定律可得Mg-mg解得a依題意，細(xì)線斷開時，物塊A的速度大小滿足2解得v=2m/sB不符合題意；

C.細(xì)線斷開后，物塊A沿斜面向上運(yùn)動時，由牛頓第二定律可得mg解得aC不符合題意；

D.物塊A沿斜面向上加速運(yùn)動的時間為t減速向上運(yùn)動的時間為t則物塊A沿斜面向上運(yùn)動的總時間為t=D符合題意。

故答案為：D。

【分析】分析整個系統(tǒng)的受力，由共點(diǎn)力平衡條件得出地面對斜面的摩擦力情況；分析細(xì)線斷開前A、B整體受力，由牛頓第二定律求出對應(yīng)的加速度，再由位移公式求出細(xì)線斷開時，物塊A的速度大?。环治黾?xì)線斷開后A物體的受力，由牛頓第二定律求出物體A的加速度；由運(yùn)動學(xué)公式求出物塊A沿斜面向上運(yùn)動的時間。8．【答案】A,B,C【解析】【解答】三個力合力的最大值為F其中4N和6N的合力范圍為2N-10N，8N在這個范圍內(nèi)，所以三個力合力的最小值為零，則物體所受合力可能是1N、8N、15N，ABC符合題意，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】求出三個力的合力范圍，得出選項(xiàng)中的可能值。9．【答案】A,B【解析】【解答】A.設(shè)A與B速度相同時二者相對位移大小為d，共同速度為v，因?yàn)榈孛婀饣?，所以m、M組成的系統(tǒng)動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律可得M由能量守恒定律得1解得A、B間的相對位移為d=若只增大m，則d減小，小滑塊不能滑離木板，A符合題意；

B.由牛頓第二定律可知，滑塊的加速度大小a木板的加速度大小a若只增大M，小滑塊的加速度不變，M的加速度減小，以木板為參考系，滑塊運(yùn)動的平均速度變大，即滑塊在木板上的運(yùn)動時間變短，B符合題意；

C.若只增大初速度v0a不變，滑塊滑離木板時相對于木板的位移不變，因?yàn)槟景宓某跛俣仍龃?，所以滑塊在木板上的運(yùn)動時間變小，滑塊離開木板時的速度v=變小，C不符合題意；

D.若只減小動摩擦因數(shù)，那么滑塊和木板的加速度等比例減小，相對位移不變，則小滑塊滑離木板時速度大于木板速度，滑塊滑離木板的過程所用時間變短，木板對地位移變小，所以，滑塊滑離木板過程中滑塊對地的位移為板長加木板對地位移，故減小，D不符合題意。

故答案為：AB。

故答案為：AB。

【分析】根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律推導(dǎo)A、B共速時，兩者間相對位移的表達(dá)式，通過表達(dá)式分析m的增大對相對位移的影響，判斷小滑塊能否滑離木板；若只增大M，分析二者加速度的變化，判斷小滑塊在木板上運(yùn)動的時間變化。若只增大v010．【答案】B,D【解析】【解答】AB.把A、B、C看成是一個整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得F=3mg以C為研究對象，由共點(diǎn)力平衡條件可得F拉力在輕繩被燒斷的瞬間，A、B之間的繩子拉力突然變?yōu)榱?，但是彈簧彈力不突變，對A，由牛頓第二定律可得3mg解得a=2g對B，根據(jù)牛頓第二定律可得F聯(lián)立解得aA不符合題意，B符合題意；

CD.突然撤去外力F的瞬間，對AB整體研究2mg解得a突然撤去外力F的瞬間，B的加速度大小為32gsinθ，C的受力沒有變化所以加速度等于零，C不符合題意，D符合題意。11．【答案】（1）220（2）0.4；0.16；0.81（3）偏小【解析】【解答】（1）圖中的打點(diǎn)計(jì)時器為電火花打點(diǎn)計(jì)時器，應(yīng)使用220V交流電源；

（2）由題意可知，每兩個相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)沒有畫出，所以相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為T=5故A點(diǎn)到E點(diǎn)的時間間隔為t=4T=0.4s根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中，中間時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，可得打下B點(diǎn)時，物體的瞬時速度為v由勻變速直線運(yùn)動的位移差公式?x=aTa=（3）實(shí)驗(yàn)過程中電源的頻率突然變大了，那么實(shí)際打點(diǎn)周期變小，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式?x=aT2得真實(shí)位移差偏小，所以測量的加速度值與真實(shí)的加速度值相比是偏小。

【分析】（1）電火花打點(diǎn)計(jì)時器，應(yīng)使用220V交流電源；（2）根據(jù)頻率計(jì)算A點(diǎn)到E點(diǎn)的時間間隔；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中，中間時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，計(jì)算打下B點(diǎn)時，物體的瞬時速度；由勻變速直線運(yùn)動的位移差公式12．【答案】（1）(（2）大于（3）無【解析】【解答】（1）根據(jù)胡克定律F=kx可得mg=kl0l=結(jié)合l-m圖像中的斜率可得g解得橡皮筋的勁度系數(shù)為k=（2）若m沒有包含小桶的質(zhì)量，則乙圖中縱截距的數(shù)值是橡皮筋在小桶重力的作用下伸長之后的長度，所以它大于橡皮筋的原長。

（3）未考慮小桶的質(zhì)量，則（1）中得到l-m的表達(dá)式應(yīng)變?yōu)閘=其中m0為小桶質(zhì)量，由此式可知，小桶的質(zhì)量不會影響圖線斜率，所以對勁度系數(shù)的測量無影響。

13．【答案】（1）解：根據(jù)題意可得v0=360故50s末的速度大小為v=（2）解：整個減速過程中運(yùn)動的距離為x=【解析】【分析】（1）列車做勻減速直線運(yùn)動，由速度與時間的關(guān)系式求出50s末的速度；（2）由位移與時間的關(guān)系式求解整個減速過程中運(yùn)動的距離。14．【答案】（1）解：把小球1和2看成一整體，受力分析如下圖所示由平衡條件可得FF（2）解：以球2為研究對象，設(shè)細(xì)線b對小球2的拉力Fb，由平衡條件可得F（3）解：以1、2兩小球?yàn)檎w研究，根據(jù)受力平衡可得力的矢量三角形如下圖由力的矢量三角形圖可知當(dāng)Fc與水平方向成30°斜向上時，F(xiàn)c【解析】【分析】（1）分析1、2整體的受力，由共點(diǎn)力平衡條件列式，求出細(xì)線a、c分別對小球1和2的拉力大?。唬?）分析球2的受力，由共點(diǎn)力平衡條件，求解細(xì)線b對小球2的拉力大小；（3）以1、2兩小球?yàn)檎w研究，根據(jù)受力平衡條件和矢量三角形，得出細(xì)線c中最小的拉力F。15．【答案】（1）解：開始階段煤塊所受摩擦力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ＋μmgcosθ＝ma1解得a1＝10m/s2煤塊加速至與傳送帶共速所需時間t1＝va運(yùn)動的位移x1＝12由于x1＝5m<10.25m所以煤塊加速到8m/s時未到達(dá)B點(diǎn)；由于μ<tan37°則此