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認(rèn)證信息

認(rèn)證類型：個(gè)人認(rèn)證

認(rèn)證主體：黃**（實(shí)名認(rèn)證）

IP屬地：湖南

IP屬地：湖南 上傳時(shí)間：2024-11-30 格式：DOCX 頁(yè)數(shù)：4 大?。?1.05KB 積分：15 舉報(bào) 版權(quán)申訴

雅禮中學(xué)2020-2021學(xué)年上學(xué)期期末考試物理試卷答案1.答案C解析使汽車避免與障礙物相撞，則末速度v＝0，a＝－5m/s2，根據(jù)v2－veq\o\al(2,0)＝2ax得x＝eq\f(－veq\o\al(2,0),2a)＝eq\f(－102,－2×5)m＝10m，選項(xiàng)C正確。2．答案A解析在扶梯加速運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，顧客受重力、支持力、向右的摩擦力以產(chǎn)生沿斜面向上的加速度，當(dāng)扶梯勻速運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，顧客受到的合力為零，摩擦力為零，所以選項(xiàng)A正確．3.答案：B4．C[若物塊與小車保持相對(duì)靜止一起運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a，對(duì)系統(tǒng)受力分析，由牛頓第二定律可得：F＝(M＋m)a，隔離小物塊受力分析，二者間的摩擦力Ff為靜摩擦力，且Ff≤μmg，由牛頓第二定律可得：Ff＝ma，聯(lián)立可得：am＝aM＝a≤μg＝2m/s2.若物塊與小車間發(fā)生了相對(duì)運(yùn)動(dòng)，二者間的摩擦力Ff為滑動(dòng)摩擦力，且am<aM，隔離小物塊受力分析，如圖所示，由牛頓第二定律可得：Ff＝μmg＝mam，可得：am＝2m/s2，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤．]5.答案A解析剪斷細(xì)線前，由平衡條件可知，A上端的細(xì)線的拉力為3mg，A、B之間細(xì)繩的拉力為2mg，輕彈簧的拉力為mg.在剪斷細(xì)線的瞬間，輕彈簧中拉力不變，小球C所受合外力為零，所以C的加速度為零；A、B小球被細(xì)繩拴在一起，整體受到二者重力和輕彈簧向下的拉力，由牛頓第二定律得3mg＝2ma，解得a＝1.5g，選項(xiàng)A正確．6.答案D解析根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律以及落在斜面上的特點(diǎn)可知，x＝v0t，y＝eq\f(1,2)gt2，tanθ＝eq\f(y,x)，分別將37°、53°代入可得A、B兩個(gè)小球平拋所經(jīng)歷的時(shí)間之比為tA∶tB＝tan37°∶tan53°＝9∶16，選項(xiàng)D正確，A、B、C錯(cuò)誤．答案D8.AC[靜止或勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，頭對(duì)缸的作用力與盤的重力等大反向，豎直向上，所以A正確、B錯(cuò)誤；一起勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)amax＝μg，頭對(duì)缸的作用力斜向上，水平分力等于μmg，豎直分力等于mg，則頭對(duì)缸的作用力Fmax＝eq\r(mg2＋μmg2)，則F≤eq\r(1＋μ2)mg，所以C正確；靜摩擦力大小Ff≤μmg，所以D錯(cuò)誤.]9.答案CD解析A和B的加速度均等于重力加速度，即B的加速度等于A的加速度，故A錯(cuò)誤；兩球都做斜拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，兩球上升和下落的時(shí)間相等，而下落過程，根據(jù)t＝eq\r(\f(2h,g))，知下落時(shí)間相等，則兩球飛行的時(shí)間相等，故B錯(cuò)誤；兩球的豎直高度相等，時(shí)間相等，A的水平位移小于B的水平位移，A的水平速度小，最高點(diǎn)只有水平速度，故最高點(diǎn)A的速度比B的小，故D錯(cuò)誤；落地時(shí)根據(jù)vy＝eq\r(2gh)，知A和B的豎直分速度一樣大，水平分速度B大，根據(jù)v＝eq\r(vx2＋vy2)可知，B落地時(shí)的速度比A落地時(shí)的速度大，故C正確．10.答案AC解析(1)開始整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件得eq\f(F彈,AP)＝eq\f(mg,OA)，根據(jù)胡克定律得F彈＝k(l－AP)，根據(jù)幾何知識(shí)得AP＝eq\r(OP2－OA2)，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得k＝3.75N/m.(2)當(dāng)彈簧的彈力為零時(shí)，小球上移至P′位置，繞OA中點(diǎn)C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受力分析如圖乙所示，軌道半徑r＝CP′＝eq\r(OP′2－OC2)，向心力mgtanθ＝mrω2，tanθ＝eq\f(CP′,OC)，OP′＝5m，OC＝2m，代入數(shù)據(jù)解得ω＝eq\r(5)rad/s.11.答案(1)（2分）自由落體(2)（4分）AC解析(1)題圖甲裝置用來研究平拋物體在豎直方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，觀察實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)兩小球總是同時(shí)落地，可知做平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)．(2)斜槽末端水平，才能保證小球離開斜槽末端時(shí)速度方向?yàn)樗椒较颍蔄正確；為保證小球多次運(yùn)動(dòng)是同一條軌跡，每次小球都應(yīng)在同一位置由靜止釋放，B錯(cuò)誤，C正確；小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是平滑曲線，故連線時(shí)不能用折線，故D錯(cuò)誤．12．答案(1)（4分）BC(2)（3分）C(3)（3分）未進(jìn)行阻力補(bǔ)償或阻力補(bǔ)償不夠解析(1)本題拉力可以由力傳感器測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于帶滑輪的小車的質(zhì)量，故A、D錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)時(shí)需將長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；實(shí)驗(yàn)時(shí)，小車應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，需記錄傳感器的示數(shù)，故C正確．(2)由牛頓第二定律得：2F＝Ma，則a＝eq\f(2,M)F，a－F圖象的斜率：k＝eq\f(2,M)，則小車的質(zhì)量m′＝M－m0＝eq\f(2,k)－m0，故C正確．(3)當(dāng)F不等于零時(shí)，加速度a仍然為零，可知實(shí)驗(yàn)中沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠．13解析：14.解析：（1）2m/s2(1)1m/s2(2)8.8m（1）mgsin37°－μmgcos37°＝ma1解得：a1＝2m/s2.2＇(2)在力F作用時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：Fcos37°－mgsin37°－μ(mgcos37°－Fsin37°)＝ma2解得：a2＝1m/s24＇(3)剛撤去F時(shí)，小球的速度v1＝a2t1＝4m/s，小球的位移x1＝eq\f(v1,2)t1＝8m，2＇撤去力F后，小球上滑時(shí)有：－(mgsin37°＋μmgcos37°)＝ma3，解得：a3＝－10m/s2，2＇因此小球上滑時(shí)間，上滑位移