重慶市萬州區(qū)2022-2023學(xué)年高三物理上學(xué)期1月質(zhì)量檢測試題

Page172023年高2023屆1月質(zhì)量檢測物理試題全卷共6頁，滿分150分，考試時間75分鐘?？忌氈?.答題前，考生務(wù)必用黑色簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、座位號在答題卡上填寫清楚；2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，在試卷上作答無效；3.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回；一、單選題(28分)1．下列各組物理量，在國際單位制中屬于基本量的是（）A．速度、質(zhì)量、長度 B．質(zhì)量、長度、時間C．加速度、長度、速度 D．質(zhì)量、加速度、力2．一束紅光射向一塊有雙縫的不透光的薄板，在薄板后的光屏上呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋?，F(xiàn)在將其中一條窄縫擋住，讓這束紅光只通過一條窄縫，則在光屏上可以看到（）A．與原來相同的明暗相間的條紋，只是明條紋比原來暗些B．與原來不相同的明暗相間的條紋，而且中央明條紋比兩側(cè)的寬些C．只有一條與縫寬對應(yīng)的明條紋D．無條紋，只存在一片紅光3．輸電能耗演示電路如圖所示。左側(cè)升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：3，輸入電壓為7.5V的正弦交流電。連接兩理想變壓器的導(dǎo)線總電阻為r，負(fù)載R的阻值為10Ω。開關(guān)S接1時，右側(cè)降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，R上的功率為10W；接2時，匝數(shù)比為1：2，R上的功率為P。下列說法中正確的是（）A．接1時，左側(cè)升壓變壓器副線圈兩端電壓為U2＝2.5VB．接1時，右側(cè)降壓變壓器原線圈中的電流為I3＝2AC．導(dǎo)線總電阻r＝10ΩD．接2時，R上的功率P＝22.5W4．如圖所示，用一條絕緣輕繩懸掛一個帶正電的小球，小球質(zhì)量為，所帶電荷量為，現(xiàn)加一水平方向的勻強電場，平衡時絕緣輕繩與豎直方向成37°角，取，，，則（）A．小球受到的拉力大小為B．電場強度大小為C．改變場強方向，仍使小球靜止在原位置，則電場強度的最小值為D．剪斷輕繩，帶電小球?qū)⒆鲱惼綊佭\動5．當(dāng)?shù)厍蛭挥谔柡湍拘侵g且三者幾乎排成一條直線時，稱之為“木星沖日”，2019年6月10日出現(xiàn)了一次“木星沖日”。已知木星與地球幾乎在同一平面內(nèi)沿同一方向繞太陽近似做勻速圓周運動，木星到太陽的距離大約是地球到太陽距離的5倍。則下列說法正確的是（??）A．下一次的“木星沖日”時間發(fā)生在2021年B．下一次的“木星沖日”時間發(fā)生在2020年C．木星運行的加速度比地球的大D．木星運行的周期比地球的小6．把一個曲率半徑很大的凸透鏡的彎曲表面壓在另一個玻璃平面上，讓單色光從上方射入（如圖甲），這時可以看到亮暗相間的同心圓（如圖乙）。這個現(xiàn)象是牛頓首先發(fā)現(xiàn)的，這些同心圓叫做牛頓環(huán)，為了使同一級圓環(huán)的半徑變大（例如從中心數(shù)起的第二道圓環(huán)），則應(yīng)（）①將凸透鏡的曲率半徑變大②將凸透鏡的曲率半徑變?、鄹挠貌ㄩL更長的單色光照射④改用波長更短的單色光照射。A．①③ B．①④ C．②③ D．②④7．在實際情況中，物體做拋體運動時總會受到空氣阻力的影響。如圖所示，虛線是炮彈在忽略空氣阻力情況下計算出的飛行軌跡；實線是炮彈以相同的初速度和拋射角射出在空氣中實際的飛行軌跡，這種曲線叫作彈道曲線。由于空氣阻力的影響，彈道曲線的升弧和降弧不再對稱，升弧長而平伸，降弧短而彎曲。炮車的大小可以忽略。當(dāng)炮彈做彈道運動時，結(jié)合學(xué)過的力學(xué)知識，分析判斷下列說法正確的是（）A．炮彈上升的時間一定等于下降的時間B．炮彈在最高點時的加速度等于重力加速度C．炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能D．炮彈在上升階段重力勢能的增加量大于在下降階段重力勢能的減少量二、多選題(15分)8．如圖所示，關(guān)于兩個斜面實驗，下列分析正確的是（）A．伽利略利用圖甲的U型槽進(jìn)行實驗，球從左邊斜面滾上右側(cè)也是理想的，現(xiàn)實不存在的B．伽利略利用圖乙中的斜而進(jìn)行實驗，得出下落的小球位移與時間成正比C．伽利略利用圖甲中的斜面進(jìn)行實驗，得出物體的運動不需要力；利用圖乙中的斜面進(jìn)行實驗，最后推導(dǎo)得出自由落體運動的規(guī)律D．伽利略利用圖甲中的斜面進(jìn)行實驗，物體的運動需要力來維持；利用圖乙中的斜面進(jìn)行實驗，直接得出自由落體運動的規(guī)律9．某次火箭發(fā)射過程中，火箭的質(zhì)量為m，發(fā)射塔的高度為h，火箭自塔底以恒定的加速度a豎直向上起飛，火箭可視為質(zhì)點，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A．火箭從點火至離開發(fā)射塔的過程中，處于失重狀態(tài)B．火箭自開始發(fā)射至離開發(fā)射塔共用時為C．火箭離開發(fā)射塔時的速度大小為D．火箭離開發(fā)射塔時克服重力做功的瞬時功率為10．如圖甲所示，粗糙水平面上：靜置一質(zhì)量M=1kg的長木板，其上疊放一質(zhì)量為m的木塊?，F(xiàn)給木板施加一隨時間t均勻增大的水平力F=kt（k=1N/s）。已知木板與地面間的摩擦力為f1，木塊與木板之間的摩擦力為f2，f1和f2隨時間t的變化圖線如圖乙所示。若最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動摩擦力相等，重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（

）A．木塊的質(zhì)量m=3kgB．木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1C．木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.3D．16s末木塊與木板的速度大小之比為2：3三、實驗題11．某同學(xué)利用如圖所示的裝置進(jìn)行“驗證動量守恒定律”的實驗，操作步驟如下：①在水平桌面上的適當(dāng)位置固定好彈簧發(fā)射器，使其出口處切線與水平桌面相平；②在一塊長平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫紙，將該木板豎直并貼緊桌面右側(cè)邊緣。將小球a向左壓縮彈簧并使其由靜止釋放，a球碰到木板，在白紙上留下壓痕P；③將木板向右水平平移適當(dāng)距離，再將小球a

向左壓縮彈簧到某一固定位置并由靜止釋放，撞到木板上，在白紙上留下壓痕P2；④將半徑相同的小球b放在桌面的右邊緣，仍讓小球a從步驟③中的釋放點由靜止釋放，與b球相碰后，兩球均撞在木板上，在白紙上留下壓痕P1、P3。（1）下列說法正確的是______。A．小球a的質(zhì)量可以小于小球b的質(zhì)量B．彈簧發(fā)射器的內(nèi)接觸面及桌面一定要光滑C．步驟③④中入射小球a的釋放點位置一定相同D．桌面右邊緣末端可以不水平（2）本實驗必須測量的物理量有______。A．小球a、b的質(zhì)量m1、m2B．小球的半徑rC．木板距離桌子邊緣的距離x2D．小球在木板上的壓痕P1、P2、P3分別與P之間的豎直距離h1、h2、h3（3）用（2）中所測的物理量來驗證兩球碰撞過程中動量是否守恒，當(dāng)滿足關(guān)系式_________時，則證明a、b兩球碰撞過程中動量守恒。12．（1）某學(xué)校的義工活動小組收集到一段銅絲，他們欲測量其電阻率，現(xiàn)用游標(biāo)卡尺測得直徑為______cm。（2）為了減小測電阻的系統(tǒng)誤差，該小組設(shè)計了如圖所示的電路圖。實驗操作步驟如下：先將R2的滑動觸頭滑到______（填“最左端”或“最右端”），連接電路，再將單刀雙擲開關(guān)向“1”閉合，調(diào)節(jié)滑動變阻器R1、R2，使電壓表或電流表示數(shù)______（填“盡量大些”或“盡量小些”），讀出此時電壓表和電流表示數(shù)U1、I1，然后保持兩滑動變阻器的滑動觸頭位置不變，將單刀雙擲開關(guān)向“2”閉合，讀出此時電壓表和電流表示數(shù)U2、I2、，則被測電阻的表達(dá)式Rx=______（用U1、I1、U2、I2表示）。四、解答題13．某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為．當(dāng)輸入電壓為時，輸出電壓為多少？當(dāng)輸入電壓減少時，輸出電壓為多少？輸入電壓的改變量與輸出電壓改變量之比為多少？14．如圖所示，質(zhì)量m=1kg的物體放在水平面上，它與水平面的動摩擦因數(shù)μ=0.3，若該物體受到一個水平方向恒力F=6N的作用后開始運動，g=10m/s2。求：（1）物體運動的加速度a的大??；（2）當(dāng)它的速度達(dá)到12m/s時，物體前進(jìn)的距離x。15．如圖所示，x軸下方為垂直紙面向外的勻強磁場Ⅲ，x軸上方為場強大小相同的兩個勻強電場Ⅱ和Ⅰ，在﹣h≤x≤h區(qū)域電場Ⅰ向+x方向，在x≤﹣h和h≤x區(qū)域電場Ⅱ向﹣y方向。一帶正電的粒子（不計重力）從y軸上O（0，h）點處由靜止釋放，經(jīng)A（h，h）點時速率為v（圖中未畫出），由C（3h，0）點處進(jìn)入磁場Ⅲ，在磁場中運動后從D點（﹣3h，0）返回電場Ⅱ。（1）粒子從O出發(fā)至返回O點所用時間t（2）若粒子返回O點后繼續(xù)運動，適當(dāng)改變Ⅲ區(qū)域磁感應(yīng)強度，可使粒子再次回到O點，求前后兩次通過磁場時，磁場的磁感應(yīng)強度之比。2023年高2023屆1月質(zhì)量檢測物理試題參考答案1．B【詳解】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量，分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、光強度和物質(zhì)的量。選B。2．B【詳解】這束紅光通過雙縫產(chǎn)生了干涉現(xiàn)象，說明每條縫都很窄，這就滿足了這束紅光發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件，這束紅光形成的干涉圖樣特點是，中央出現(xiàn)明條紋，兩側(cè)對稱地出現(xiàn)等間隔的明暗相間條紋；這束紅光通過單縫時形成的衍射圖樣特點是，中央出現(xiàn)較寬的明條紋，兩側(cè)對稱地出現(xiàn)不等間隔的明暗相間條紋，且距中央明條紋遠(yuǎn)的明條紋亮度迅速減弱，所以衍射圖樣看上去明暗相間的條紋數(shù)量較少，故B正確，ACD錯誤。故選B。3．D【詳解】A．開關(guān)S接1時，左側(cè)升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：3，輸入電壓為7.5V的正弦交流電，根據(jù)解升壓變壓器的副線圈電壓為故A錯誤；B．開關(guān)S接1時，右側(cè)降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，R上的功率為10W，根據(jù)公式P＝I2R可知，電阻的電流為I4＝1A根據(jù)歐姆定律得：降壓變壓器的副線圈電壓為 U4＝IR＝1×10V＝10V根據(jù)匝數(shù)比可知 U3:U4=2:1I3:I4=1:2解得，I3＝0.5A右側(cè)降壓變壓器原線圈中的電流為0.5A，故B錯誤；C．因左側(cè)升壓變壓器副線圈的電壓為，右側(cè)降壓變壓器原線圈的電壓為，根據(jù)歐姆定律得故C錯誤；D．開關(guān)接2時，設(shè)輸電電流為I，則右側(cè)變壓器的次級電流為0.5I；右側(cè)變壓器兩邊電壓關(guān)系可知解得I＝3A則R上的功率為P＝（0.5I）2R＝1.52×10W＝22.5W故D正確。故選D。4．C【詳解】A．以小球為研究對象，對小球受力分析，小球受到重力、繩子的拉力和電場力的作用，受力如圖所示根據(jù)平衡條件有，小球受到的拉力大小為故A錯誤；B．由幾何關(guān)系得得故B錯誤；C．當(dāng)電場強度的方向與輕繩方向垂直時，電場強度最小，有解得故C正確；D．剪斷輕繩，帶電小球?qū)⒀刂亓碗妶隽Φ暮狭Ψ较蜃龀跛俣葹?的勻加速直線運動，故D錯誤。故選C。5．B【詳解】AB．地球公轉(zhuǎn)周期T1＝1年，根據(jù)開普勒第三定律有又解得木星公轉(zhuǎn)周期≈11.18年設(shè)經(jīng)時間t再次出現(xiàn)“木星沖日”，則有ω1t－ω2t＝2π其中，解得t≈1.1年因此下一次“木星沖日”發(fā)生在2020年，故A錯誤，B正確；CD．設(shè)太陽質(zhì)量為M，行星質(zhì)量為m，軌道半徑為r，周期為T，加速度為a。對行星由牛頓第二定律可得解得，由于木星到太陽的距離大約是地球到太陽距離的5倍，因此，木星運行的加速度比地球的小，木星運行的周期比地球的大，故CD錯誤。故選B。6．A【詳解】①、②當(dāng)光程差為波長的整數(shù)倍時是亮條紋，當(dāng)光程差為半個波長的奇數(shù)倍時是暗條紋。將凸透鏡的曲率半徑變大，與透鏡中心等距離位置的空氣層厚度變小，出現(xiàn)同一亮條紋的厚度由中心向外偏移，同一級圓環(huán)的半徑變大；相反，凸透鏡的曲率半徑變小，同一級圓環(huán)的半徑變小，故①正確，②錯誤；③、④改用波長更長的單色光照射，出現(xiàn)同一級亮紋的光程差變大，空氣層厚度應(yīng)變大，所以，同一級圓環(huán)的半徑變大，因此要使半徑變大，則可以改用波長更長的單色光照射，故③正確，④錯誤。故選A。7．C【詳解】A．炮彈上升過程中，在豎直方向上，受到重力和阻力在豎直向下的分力，即解得炮彈下降過程中，在豎直方向，受到向下的重力和阻力在豎直向上的分力，即解得則設(shè)炮彈上升的時間為，炮彈下降的時間為，根據(jù)得炮彈上升的時間一定小于下降的時間。A錯誤；B．到達(dá)最高點時，除受豎直向下的重力外還受到水平方向的空氣阻力作用，合力由牛頓第二定律可知，炮彈在最高點時的加速度大于重力加速度。B錯誤；C．假設(shè)空氣阻力大小不變，由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。又由功能關(guān)系，克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能。假設(shè)空氣阻力大小與速度成正比或與速度的平方成正比，由于空氣阻力始終做負(fù)功，同一高度處，上升過程的速度大小總是下降過程的速度大小，則同一高度處，上升過程的空氣阻力大小總是大于下降過程的空氣阻力大小。由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。又由功能關(guān)系，克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能。C正確。D．炮彈在上升階段重力勢能的增加量等于在下降階段重力勢能的減少量。D錯誤。故選C。8．AC【詳解】A．斜面不可能沒有摩擦，故伽利略利用圖甲的U型槽進(jìn)行實驗，球從左邊斜面滾上右側(cè)也是理想的，現(xiàn)實不存在的，A正確；B．伽利略利用圖乙中的斜而進(jìn)行實驗，得出下落的小球位移與時間的平方成正比，B錯誤；CD．伽利略利用圖甲中的斜面進(jìn)行實驗，得出物體的運動不需要力；利用圖乙中的斜面進(jìn)行實驗，最后推導(dǎo)得出自由落體運動的規(guī)律，C正確，D錯誤；故選AC。9．BD【詳解】A．火箭從點火至離開發(fā)射塔的過程中，火箭的加速度的方向向上，所以處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．由可得，火箭開始發(fā)射至離開發(fā)射塔共用時為故B正確；C．火箭離開發(fā)射塔時的速度大小為故C錯誤；D．火箭離開發(fā)射塔時的克服重力做功的瞬時功率為故D正確。故選BD。10．ABD【詳解】AB．設(shè)木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ1，由圖乙可知，0~4s時間內(nèi)，木板與地面間的摩擦力f1隨F增大而增大，木塊與木板之間的摩擦力f2為0，說明木板和木塊均靜止，4s后，摩擦力f1保持不變，說明木板開始相對地面滑動，且滑動摩擦力f1=μ1(M＋m)g=4N設(shè)木板與木塊間的動摩擦因數(shù)為μ2，4~12s內(nèi)，木塊與木板之間的摩擦力f2隨F增大而增大，說明摩擦力f2為靜摩擦力，木板和木塊相對靜止，一起加速運動，對木塊和木板整體，根據(jù)牛頓第二定律得F－μ1(M＋m)g=(M＋m)a對木塊根據(jù)牛頓第二定律得f2=ma當(dāng)t=12s時F=kt=12N由圖像得f2=6N代入數(shù)據(jù)解得m=3kg，μ1=0.1AB正確；C．12s后，摩擦力f2保持不變，說明木塊相對木板開始滑動，且滑動摩擦力f2=μ2mg=6N代入數(shù)據(jù)解得μ2=0.2C錯誤；D．0~4s時間內(nèi)，木塊和木板靜止，4~16s時間內(nèi)，f—t圖像與時間軸圍成的面積表示摩擦力的沖量大小，木塊所受摩擦力的沖量為木板所受合外力的沖量為由動量定理得I2=mv2，I1=Mv1代入數(shù)據(jù)解得v2=16m/s，v1=24m/s則16s末木塊與木板的速度大小之比為v2：v1=2：3D正確。故選ABD。11．

C

AD##DA

=+【詳解】（1）[1]A．小球a與小球b相撞后，小球a繼續(xù)向右運動，則小球a的質(zhì)量必須大于小球b的質(zhì)量，A錯誤；BC．彈簧發(fā)射器的內(nèi)接觸面及桌面不需要光滑，只需要在步驟③④中入射小球a的釋放點位置相同，小球a與小球b相撞前的速度就相同，B錯誤，C正確；D．使小球做平拋運動，桌面右邊緣末端必須水平，D錯誤。故選C。（2）[2]由動量守恒由平拋運動，得代入動量守恒表達(dá)式則需測量兩小球質(zhì)量以及小球下落高度。故選AD。（3）[3]由（2）可知，當(dāng)滿足關(guān)系式則證明a、b兩球碰撞過程中動量守恒。12．

0.840

最左端

盡量大些

【詳解】（1）[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，故圖中所測銅絲的直徑為（2）[2]閉合開關(guān)之前為了確保被測電路安全，滑動觸頭滑到阻值最大處，即R2的最左端；[3]為了減小相對誤差，電壓表或電流表示數(shù)盡量大些；[4]本實驗采用了差值法測電阻，即保持滑動變阻器R1阻值不變，則13．3V，2.5V，【詳解】根據(jù)得輸出電壓當(dāng)輸入電壓減少2V時，則輸入電壓為根據(jù)得輸出電壓根據(jù)得14．（1）3m/s2；（2）24m【詳解】（1）物體受到的摩擦力為由牛頓第二定律有