2024版高考物理復(fù)習(xí)：考前特訓(xùn) 選擇題提速練(五)

選擇題提速練⑸

（限時(shí)25分鐘）

1.（2023?江蘇省揚(yáng)州中學(xué)分段測(cè)試）我國(guó)自主研發(fā)的東方超環(huán)（EAST）是國(guó)際首個(gè)全超導(dǎo)托卡

馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置，有“人造太陽(yáng)”之稱?！叭嗽焯?yáng)”核反應(yīng)的方程可能是（）

A部U+加一第Xe+軟Sr+2An

B.汨+汨f?He+|n

C.曦Ra-*?烈Rn+?He

D.》N+2Hefqo+]H

答案B

解析四個(gè)核反應(yīng)依次是重核裂變、輕核策變、a衰變和人工核轉(zhuǎn)變，“人造太陽(yáng)”為輕核

聚變，故B正確。

2.（2023?江蘇南通市適應(yīng)性考試）如圖所示，從地面上同一位置同時(shí)拋出兩小球A、B,分別落

在地面上的M、N點(diǎn)，已知兩球運(yùn)動(dòng)的最大高度相同，空氣阻力不計(jì)，則上述運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）

A.B相對(duì)A做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.B的速度變化率逐漸增大

C.B的速率始終比A的小

D.B的初動(dòng)量比A的大

答案A

解析依題意，兩小球均做斜拋運(yùn)動(dòng)，二者具有相同的加速度，所以B相對(duì)A做勻速直線運(yùn)

動(dòng)，故A正確：根據(jù)可知，B的速度變化率不變，故B錯(cuò)誤：根據(jù)外2=2g”可知，

兩球拋出時(shí)初速度的豎直分速度相同，又Vy=gt,即兩球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也相同，根據(jù)X

=2/可知，小球A拋出時(shí)初速度的水平分速度較小，根據(jù)易知球B的初速

度比球A的大，根據(jù)〃=加?？芍獌汕蛸|(zhì)量關(guān)系未知，無(wú)法判斷初動(dòng)量大小，同理可得出兩小

球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，豎直方向的分速度始終相同，水平方向的分速度A球小于B球，所以B

的速率始終比A的大，故C、D錯(cuò)誤。

3.（2023?江蘇省高三聯(lián)考）空間探測(cè)衛(wèi)星主要用于探測(cè)太陽(yáng)風(fēng)對(duì)地球空間環(huán)境的影響，近地點(diǎn)

為幾百公里，遠(yuǎn)地點(diǎn)為幾萬(wàn)公里。如圖所示兩空間探測(cè)衛(wèi)星A、B在同一平面內(nèi)沿同一方向

繞地球運(yùn)行。則（）

A.衛(wèi)星A的線速度大小大于衛(wèi)星B的線速度大小

B.衛(wèi)星A與地心連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面枳與B與地心連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積不

相等

C.衛(wèi)星A的半長(zhǎng)軸三次方與周期二次方的比值比衛(wèi)星B的小

D.衛(wèi)星A的發(fā)動(dòng)機(jī)短時(shí)間噴氣一次，就能轉(zhuǎn)移到衛(wèi)星B的軌道上

答案B

解析衛(wèi)星A、B的就道為橢圓，所以每一個(gè)點(diǎn)的速度大小不同，無(wú)法確定速度大小的比較，

A錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第二定律，衛(wèi)星A、B在兩個(gè)不同的橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)，則衛(wèi)星A與地心

連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積與B與地心連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積不等，B正確；根據(jù)

開(kāi)普勒第三定律可知，衛(wèi)星A的半長(zhǎng)軸三次方與周期二次方的比值與衛(wèi)星B的相等，C錯(cuò)誤；

衛(wèi)星A的發(fā)動(dòng)機(jī)短時(shí)間噴氣一次，速度增大做離心運(yùn)動(dòng)，軌道會(huì)與原就道加速點(diǎn)相切，D錯(cuò)

誤。

4.如圖所示，A、B為兩帶電小球，8用絕緣輕質(zhì)細(xì)線懸掛于。點(diǎn)，A球固定且在0點(diǎn)正下方,

和8球相連的細(xì)線與豎直方向成一定的夾角，已知。4：。3：A8=5：5：3,細(xì)線對(duì)8的拉

力與A對(duì)4作用力的大小之差為凡，重力加速度為g,則小球8的質(zhì)量為（）

<B要嚙端

答案C

解析以小球8為研究對(duì)象，其受到重力G=〃iBg、A對(duì)它的作用力B和細(xì)線的拉力P三個(gè)

力作用，受力情才如圖所示，作出的合力F,由平衡條件得^=G,根據(jù)△C8O和

相似可得，方=益=而，叉FI—F2=F”,解得〃?B=M，C正確。

G

5.(2023?江蘇南京市、鹽城市一模)湖面上P、Q兩艘小船(均視為質(zhì)點(diǎn))相距6m,一到水波

以大小為1nVs的波速沿PQ方向傳播，在t=()時(shí)刻水波恰好到達(dá)小船P處，此時(shí)小船P由

平衡位置開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng)，f=L5s時(shí)刻小船P第一次到達(dá)最低點(diǎn)。則下列說(shuō)法正確的是

()

A.水波的周期為4s

B.水波的波長(zhǎng)為4m

C.水波從小船P傳到小船Q的時(shí)間為6s

D.從小船Q起振到小船Q第一次到達(dá)最高點(diǎn)的時(shí)間為1s

答案C

解析由于在t=0時(shí)刻水波恰好到達(dá)小船P處，此時(shí)小船P由平衡位置開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng),

1=1.5s時(shí)刻小船P第一次到達(dá)最低點(diǎn)，則有尹=1.5s,解得T=2s,A錯(cuò)誤：根據(jù)。=彳，

解得2=2m,B錯(cuò)誤；根據(jù)。=正，解得水波從小船P傳到小船Q的時(shí)間A/=6s,C正確：

介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的起振方向加同，即小船Q起振方向?yàn)橛蒄衡位置開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng)，則從小

船Q起振到小船Q第一次到達(dá)最高點(diǎn)的時(shí)間為(=0.5s,D錯(cuò)誤。

6.(2023?江蘇省蘇錫常鎮(zhèn)二模)環(huán)形變壓器視為理想變壓器，原線圈匝數(shù)加=880匝，固線圈

接一個(gè)“12V,22W”的照明電燈，示意圖如圖甲所示，圖中電壓表與電流表均為理想交流

電表。原線圈接交流電源，原線圈兩端的電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，最大值Um

=22即V,最大值始終保持不變，照明電燈恰好正常發(fā)光。貝心)

A.原線圈兩端電壓的有效值和r=2.5X10、s的電壓瞬時(shí)值相等

B.若電壓表為非理想交流電表，讀數(shù)比理想電壓表讀數(shù)小

C.照明電燈正常發(fā)光時(shí)，電流表的讀數(shù)為0.05A

D.在,=5X10-3s時(shí)刻，電壓表的示數(shù)為零

答案A

Um

解析原線圖兩端電壓的有效值為u==220V,由題圖乙可知電壓周期r=2X10—2s,則

-3

電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為w=Cincosy/=22(h/2cos(l()ta)V,當(dāng)r=2.5Xl()s時(shí)的電壓瞬時(shí)值

為〃=22S「cos(1OO7CX2.5X10、)v=220V,即原線圖兩端電,壓的有效值和/=2.5X3s

的電壓瞬時(shí)值相等，A正確；根據(jù)柒=崇可知，原線網(wǎng)兩端有效值一定時(shí)，副線圖兩端電壓

亞qBLS網(wǎng)小qBL

A,2m3m2m3m

答案D

解析由左手定則和題意知，沿〃a方向射出的粒子在三角形磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)轉(zhuǎn)半周時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間

最長(zhǎng)，速度最大時(shí)的枕跡恰與ac相切，就跡如圖所示，由,1何關(guān)系可得最大半徑r=ablnn30°

=坐乙，由洛倫茲力提供向心力得qvmB=nry-,從而求得最大速度0m="|普與A、B、C

錯(cuò)誤，D正確。

9.如圖所示，足夠大的粗糙斜面傾角為仇小滑塊以大小為的的水平初速度開(kāi)始沿斜面運(yùn)動(dòng)，

經(jīng)過(guò)一?段時(shí)間后，小滑塊速度大小為。、方向與初速度星直。此過(guò)程小滑塊加速度的最大值

為。1、最小值為。2。已知小滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=lan仇重力加速度為g,則（）

A.v=voB.v>vo

C.42=也%m0D.u\=y[2gsin0

答案D

解析小滑塊在斜面上滑動(dòng)，摩擦力大小始終不變?yōu)镽=〃/〃gcos0=mgsin0,其大小與重力

沿著斜面向下的分力大小相等，滑塊速度從水平到豎直過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理得mgsin〃?）、-F{s

=/加一/*其中y為垂直初速度方向滑塊沿斜而下滑的長(zhǎng)度，s為滑塊運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，

根據(jù)幾何關(guān)系可知5>>>,可知火火，故A、B錯(cuò)誤；摩擦力的方向始終與滑塊相對(duì)斜面的速

度方向相反，可知R的方向與重力沿斜面向下的分力的方向的夾角為90。到180。，則合力的

大小范圍滿足mga\nO-F^F/Wy]F'+（〃igsin,結(jié)合牛頓第二定律F合=〃心，可得

OWaW/lgsinH,則a\=y[2gsin0,s=0,故D正確，C錯(cuò)誤。

10.（2023?江蘇省如皋中學(xué)階段測(cè)試）利用如圖甲所示的裝置可以測(cè)量待測(cè)圓柱形金屬絲與標(biāo)

準(zhǔn)圓柱形金屬絲的直徑差，「、T2是標(biāo)準(zhǔn)平面玻璃，Ao為標(biāo)準(zhǔn)金屬絲，直徑為。o,A為待

測(cè)金屬絲，直徑為用波長(zhǎng)為2的單色光垂直照射玻璃表面，干涉條紋如圖乙所示，相鄰

亮條紋的間距為AL則（）

A.。與Do相差越大，AL越大

B.輕壓Ti的右端，若切變小，有

C.相鄰亮條紋對(duì)應(yīng)的空，薄膜厚度差為2

D.圖乙可能是。與功相等時(shí)產(chǎn)生的條紋

答案B

解析設(shè)標(biāo)準(zhǔn)平面玻璃之間的夾角為仇由題設(shè)條件有tan夕由空氣薄膜干涉條件

有2A〃anJ=；l,即/\乙=益/，由此可知。與。）相差越大，夕越大，AL越小，A錯(cuò)誤；輕

壓9的右端，若變小，由△/,=不先可知，夕變大，因?yàn)閴旱氖怯覀?cè)，說(shuō)明右側(cè)直徑小,

Zlail</

即有D<D）,B正確：相鄰亮條紋的光路對(duì)應(yīng)的是光程差，是空氣薄膜厚度差的2倍，C錯(cuò)誤：

當(dāng)。=Qo時(shí)，光程差相等，則不產(chǎn)生干涉條紋，故D錯(cuò)誤。

11.如圖甲所示，光滑絕緣的水平面上固定有平行部分間距為L(zhǎng)=1m的光滑U形金屬導(dǎo)軌,

導(dǎo)軌的左側(cè)接一阻值為R=\C的定值電阻，在兩虛線（與導(dǎo)軌垂直）間存在垂直導(dǎo)軌平面向

上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為小現(xiàn)有一質(zhì)量為加=0.1kg

的導(dǎo)體棒〃〃（與導(dǎo)軌垂直）以某一水平向左的初速度從導(dǎo)軌的右端開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)

體棒始終受到水平向右的恒力尸的作用，規(guī)定水平向左為正方向，導(dǎo)體棒的加速度。隨時(shí)間

/變化的圖像如圖乙所示，導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒的電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，

下列說(shuō)法正確的是（）

A.恒力〃的大小為10N

B.導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)回路中的感應(yīng)電流為4A

C.導(dǎo)體棒向左穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程，通過(guò)R的電荷量為0.2C

D.導(dǎo)體棒向左穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程，恒力小對(duì)導(dǎo)體棒做的功為-0.15J

答案D

解析由題圖乙可得導(dǎo)體棒在進(jìn)入磁場(chǎng)之前，加速度大小為?o=lOm/s2,由F=〃ia（）,